1、2022年1月浙江省普通高校招生选考科目物理仿真模拟试卷B参考答案一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）12345678910111213ADBAACADBCBCB二、选择题（本题共3小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）141516ADACDCD 三、非选择题（本题共7小题，共55分）17（3分）（1）AD （2）CD （3）3.0018. （4分）（1）0.25 4.8107 （2）D19. （7分）（1）逐渐
2、变大、逐渐变小；（2）4.5、1.0（1.1也正确）；（3）5.0（4.85.0均正确）、56% （53.3%55.6%均正确）；（4）C20（9分）（1）上升过程做匀减速运动：hv0t1，解得：v0m/s64m/s（2）上升过程：v0a1t1，礼花弹加速度大小：a1m/s216m/s2礼花弹上升过程，由牛顿第二定律：mg+fma1，解得：fma1mg0.516N0.510N3N（3）设礼花弹下降过程加速度为a2，由牛顿第二定律：mgfma2，解得：a24m/s2设从最高点到落地时间为t2，ha2t，解得：t2s8s重力的平均功率为：W80W或：设礼花弹落地速度为v：v22a2h，解得：vm/
3、s32m/s，平均速度：16m/s重力的平均功率为：mgcos00.510161W80W答：（1）被炮筒射出时的初速度v0的大小为64m/s；（2）运动过程中所受空气阻力f的大小为3N；（3）从最高点返回到地面的过程中重力的平均功率P为80W21（12分）（1）小球从A点到B点的过程，由动能定理得 mgR1解得vB2m/s（2）小球从A点到D点的过程，由动能定理得 mgR1mg（L1+R2）解得vD2m/s小球第一次到达D点时的动量大小为pmvD0.22kgm/skgm/s（3）设小球恰好通过最高点F时的速度为v，则 mgm可得vm/s假设小球能到达圆轨道最高点F，小球从A点到F点的过程，由动
4、能定理得 mg（R12R2）（mgqE）L1mgR2解得vFm/s因vFv，所以小球能通过最高点F。在F点，对小球，由牛顿第二定律得 mg+FNm解得FN3N根据牛顿第三定律知小球运动到F点时对圆轨道的压力大小FNFN3N，方向竖直向上。（4）物体不能脱离BC段直轨道，必须满足 qE1mg可得E12104V/m物体能通过F点，小球从A点到F点的过程，由动能定理得 mg（R12R2）（mgqE2）L1mgR2解得E24103V/m物体能够到达G点，小球从A点到G点的过程，由动能定理得 mgR1（mgqE3）L1mgR2mgL20解得E30令物体恰能打到P点，小球从A点到G点的过程，由动能定理得
5、mgR1（mgqE）L1mgR2mgL2小球做平抛运动的过程，竖直方向有 h水平方向有L3vGt综上解得h，其中4103V/mE2104V/m答：（1）小球到达B点时的速度大小为2m/s；（2）小球第一次到达D点时的动量大小为kgm/s；（3）小球能到达圆轨道最高点F，小球运动到F点时对圆轨道的压力为3N，方向竖直向上。（4）h和E应满足的关系为h，其中4103V/mE2104V/m。22（10分）（1）导体棒a受到的安培力方向水平向右，由左手定则判断可知导体棒a中感应电流方向沿a棒向里，线圈中感应电流方向向下，由楞次定律判断可知B1的磁场方向向上。根据法拉第电磁感应定律得线圈中产生的感应电动
6、势为 EnnS由B1（0.5+0.3t）T，得0.3T/s，代入上式解得：E3V由闭合电路欧姆定律得 IA3A导体棒a刚好能静止，受力平衡，则有 B2ILcos37mgsin37解得：B21T（2）撤去线圈中磁场B1，开关掷向2时，由于倾斜轨道足够长，所以导体棒a运动至BD处时做匀速直线运动，设其速度为v。导体棒a产生的感应电动势为 EB2Lvcos37根据平衡条件得 B2Lcos37mgsin37解得：v7.5m/s（3）导体棒a从BD至EF的过程中，取水平向左为正方向，由动量定理得B2Ltmvmv又qt解得导体棒到达EF处的速度：v5m/s则导体棒a上产生的焦耳热为：解得Qa1.56J（2
7、）导体棒a与b发生完全非弹性碰撞，取水平向左为正方向，根据动量守恒定律得 mv2mv共根据动量定理得B3Lq2mv末2mv共结合电容的定义式可得qCUCB3Lv末联立解得答：（1）线圈中磁场B1的方向向上，磁感应强度B2的大小为1T；（2）撤去线圈中磁场B1，开关掷向2时，导体棒a从静止运动至BD处时的速度大小为7.5m/s；（3）在（2）的情况下，导体棒a从BD至EF的过程中导体棒a上产生的焦耳热为1.56J；（4）在（2）的情况下，若导体棒a与b发生完全非弹性碰撞，则最终电容器的带电量C。23（10分）（1）由题意，对能量为E的电子，在磁场中半径为，洛伦兹力提供向心力有：Bev可得：r变形可求得：m（2）对于能量为（EE）的电子，r10.49d对于能量为（E+E）的电子，r20.51d轨迹如图1，由几何关系得：OMON发散电子束进入偏转磁场时的宽度MN（3） 对能量为（E+E）的电子，ON，进入偏转磁场的发散角为，由轨迹关于偏转磁场的角平分线对称，因此圆心在平分线上的O3点，半径设为r，如图2所示其中sin，cos由正弦定理得：解得：r解得：，所以B2答：（1）若电子电荷量为e，求电子质量m为；（2）求发散电子束进入偏转磁场时的宽度为；（3）对于能量为E+E的电子，求在偏转磁场中运动轨迹处的磁感应强度B2为。