1、河南省中考物理精选真题重组卷一班级_ 姓名_ 学号_ 分数_（本试卷五个大题，21小题，满分70分，考试时间60分钟。）一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）1（2019武威）改革开放40年以来，中国高铁已然成为一张有重量的“中国名片”。小明乘坐高铁时看到路旁的树木疾速向后退去，这是以_为参照物。若列车时速为180km/h，合_m/s。【答案】高铁 50【解析】解：小明乘坐高铁时看到路旁的树木疾速向后退去，认为树木是运动的，选择的参照物是与树木位置不断发生变化的高铁；列车速度：v=180km/h=180m/s=50m/s。（1）要解答本题需掌握：研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照
2、物的相对位置是否变化；（2）速度单位换算关系：1m/s=3.6km/h。本题考查动和静止的相对性、速度单位的换算，难点是要求不同速度单位的换算倍率。2（2019武威）春日，花红柳绿。看桃花，花呈红色，是因为桃花_（选填“吸收”或“反射”）了红色光。公园内，鱼翔浅底，看到鱼儿是光的折射形成的_像（选填“实”或“虚”）。【答案】反射 虚【解析】（1）桃花是不透明的物体，看桃花时，桃花只反射红光，吸收其它颜色的光，所以看到桃花呈红色。（2）鱼在水中，人在岸上，鱼“射出”的光线在水面处发生折射，折射光线进入人的眼睛，人眼感觉折射光线从折射光线的反向延长线上射出的，所以看到的是鱼的虚像。故答案为：反射；
3、虚。（1）不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的。（2）光从一种介质进入另一种介质时，通常会发生折射。本题考查了光的反射和折射，都是生活中常见的现象，体现了生活处处皆物理，一定要留心生活。3（2019沈阳）学生换座位时，两名同学水平推着甲、乙两个相同的桌子，桌子在水平地面上做匀速直线运动，其中甲桌子上放着一个书包，乙桌子是空的，此过程中，地面对甲桌子的摩擦力_（选填“大于”、“小于”或“等于”）地面对乙桌子的摩擦力；与甲桌子一起做匀速直线运动的书包_（选填“受”或“不受”）摩擦力。（不计空气阻力）【答案】大于；不受【解析】甲、乙两个相同的桌子，甲桌子上放着一个书包，乙桌子是空的，在接触面的粗糙
4、程度相同的情况下，压力越小，的摩擦力越小，所以地面对甲桌子的摩擦力大于地面对乙桌子的摩擦力；书包随桌子一起做匀速直线运动，书包和桌面之间既无相对运动、也无发生相对运动的趋势，故而没有摩擦力存在，因此书包不受摩擦力的作用。4（2019本溪）如图所示是游客在科技馆触碰静电球的情景，她的头发蓬松飞扬，是因为（填“ 同种” 或“ 异种”）电荷互相排斥；如果静电球带的是负电，则触碰过程中电流方向为（填“ 从球向人” 或“ 从人向球”）；为了安全，整个过程中游客需要踩在橡胶垫上，是因为橡胶是（填“ 导体” 或“ 绝缘体”）。【答案】同种；从人向球；绝缘体。【解析】游客在科技馆触碰静电球的情景，她的头发蓬松
5、飞扬，是因为头发带有同种电荷，同种电荷相互排斥。如果静电球带的是负电，带负电的电子由球到人，则触碰过程中电流方向为从人向球。游客需要踩在橡胶垫上，是因为橡胶是绝缘体。5（2019宿迁）随着我国经济的飞速发展，汽车已经进入寻常百姓人家。如图是一种自动测定汽车油箱内油面高度的装置。R0为定值电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端。从油量表（由电流表改装）指针所指的刻度就可知道邮箱内油面高低，当油面下降时，滑动变阻器连入电路的阻值将_，电流表的示数将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）。若换用电压表改装成油量表，要求油面升高时电压表示数变大，电压表应并联在图_元件两端。【答案】变大 变小
6、 R0【解析】由图知，R0和变阻器R串联，电流表测电路中电流，当油箱中油面下降时，滑片向上滑动，变阻器连入电路的长度变大，阻值变大，电路中总电阻变大，电源电压一定，由欧姆定律可知电路中电流变小；油面升高时，滑片向下滑动，变阻器连入电路的阻值变小，由串联电路的分压原理知，变阻器分得电压减小，R0分得电压变大，根据题目要求电压表示数变大，所以电压表应并联在R0两端。当油箱中油面下降时，从杠杆的偏转确定滑动变阻器的变化，再利用欧姆定律进行分析判断电路中电流的变化；根据油面升高时判断变阻器连入阻值变化，由串联电路的分压原理判断两电阻的电压变化，从而判断电压表的连接。6.（2019怀化）一个重为0.5
7、N的木块放入装有水的烧杯中，木块处于漂浮状态，则木块受到的浮力是N；若再沿烧杯壁往烧杯中缓慢地倒入浓盐水，则木块受到的浮力将（选填“变大”、“不变”或“变小”）【答案】0.5；不变【解析】（1）将重为0.5N的木块放入装有水的烧杯中，静止时木块处于漂浮状态，所以木块所受浮力的大小为F浮=G=0.5N；（2）木块漂浮，所以木块的密度小于水的密度，如果再沿烧杯壁往烧杯中缓慢地倒入浓盐水，木块的密度不变，水的密度变大，所以，木块仍然漂浮，所受浮力F浮=G=0.5N，所以浮力不变。二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。第712题每小题只有一个选项符合题目要求，第1314题每小题有两个选项符合
8、题目要求，全部选对得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）7.（2019成都A卷）如图所示为音叉共鸣实验：两个频率相同的音叉，用橡皮槌敲击其中一个音叉，另一个未被敲击的音叉也会发出声音，此现象可以说明（）A.声音能够传递能量 B.声音传播不需要介质C.声音传播不需要时间 D.物体不振动也可产生声音【答案】A【解析】声音的传播需要介质，声音在空气中传播速度为340m/s。声音的产生是由于物体在振动。声音既可以传递信息也可以传递能量，振动属于传递能量。8（2019德阳）对下列情景涉及的物理知识，描述正确的是（）A宇航员登上月球时，他的质量比在地球上时的质量减少了B课本静止放在水平桌面上，课本对
9、桌面的压力与桌面对它的支持力是一对平衡力C向墙上按图钉时，手对图钉帽产生的压强等于图钉尖对墙壁产生的压强D在冰雪路面上行车，需加装防滑链是为了增大与地面的摩擦【答案】D【解析】解：A、质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，故宇航员登上月球时，他的质量不变。故A错误；B、课本静止放在水平桌面上，课本对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对相互作用力；支持力和课本的重力才是一对平衡力。故B错误；C、向墙上按图钉时，手对图钉帽产生的压力等于图钉尖对墙壁产生的压力；由于受力面积_图钉帽和图钉尖面积不同，由p可知，压强不同。故C错误；D、在冰雪路面上行车，需加装防滑链，增大了接
10、触面的粗糙程度，是为了增大与地面的摩擦，故D正确。故选：D。（1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，与物体所含物质的多少有关；（2）作用在一个物体上的两个力大小相等、方向相反，在同一条直线上，这两个力是一对平衡力；（3）压强的大小与压力和受力面积有关；（4）增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；在接触面的粗糙程度一定时，增大压力。本题考查了学生对生活中物理现象的了解情况，注重了理论联系实际的考查，考查了学生知识的应用能力。9（2019大连）跳伞运动员在空中竖直下降到适当位置时打开降落伞，人和伞受到较大的空气阻力，开始做减
11、速运动，空气阻力随速度的减小而减小，竖直下降一段高度后，开始匀速下降直到落地，匀速下降的高度与减速下降的高度相等。以人和伞为研究对象，下列说法正确的是（）A减速下降中重力做功比匀速下降中多B减速下降中重力做功的功率比匀速下降中大C减速下降中减少的动能等于克服空气阻力做的功D匀速下降中机械能总量保持不变【答案】B【解析】A、重力做的功与物体重力和下降高度有关物体的重力不变，减速下降与匀速下降的高度相同重力做的功相同，故A错误；B、运动员减速下降时的速度大于匀速下降时的速度，根据公式P=FV=GV可知，重力大小不变时，减速下降中重力做功的功率大于匀速下降中重力做功的功率，故B正确；C、减速下降的过
12、程中，减少的动能和减少的重力势能的和等于克服空气阻力做的功，故C错误；D、运动员匀速下降的过程中，动能不变，重力势能减少，机械能总量减少，故D错误。10（2019南充）如图，用一个始终水平向右的力F，把杠杆OA从图示位置缓慢拉至水平的过程中，力F的大小将（）A变大B不变C变小D不能确定【答案】A【解析】从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂。根据杠杆平衡条件F1L1F2L2分析，力F始终水平向右，即动力臂不断变小，把杠杆OA从图示位置缓慢拉至水平的过程中，阻力不变，阻力力臂变大，所以动力变大。如图，用一个始终水平向右的力F，把杠杆OA从图示位置缓慢拉至水平的过程中，阻力的大小不变（等于物
13、重G），阻力臂变大，动力臂不断变小，根据杠杆平衡条件F1L1F2L2可知，动力将变大。11（2019贵阳）如图所示是加热器的电路图，设电源电压保持不变，R1、R2均为发热电阻丝，通过开关通断组合，可得到不同加热档位。该加热器最大电功率为12W，只闭合开关S1时，加热器的电功率是8W。则下列判断正确的是（）A该加热器只有两个加热档位B加热器两个发热电阻丝的阻值之比R1R2=13C加热器功率最大时，R1与R2的电流之比为21D该加热器的最小电功率是8W【答案】C【解析】（1）由电路图可知，R1与R2并联连接，且均有一个开关单独控制，则电加热器能有：R1工作、R2工作、R1和R2同时工作三个加热档位
14、；故A错误；（2）开关S1、S2均闭合时，R1与R2并联，因并联电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，R2的发热功率：P2=PP1=12W8W=4W，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由P=可得，两个发热电阻的阻值之比：=，故B错误；（3）由于并联电路两端的电压相等，根据P=UI可得：=，故C正确；（4）由于P1=8W，P2=4W，所以，该加热器的最小电功率是4W，故D错误。12（2019宿迁）“跨越时空，漫游地球”离不开电磁波和能源，下列相关认识，错误的是（）A. “嫦娥四号”探测器能从月球上发回月背的影像图；说明电磁波能在真空中传播B. 我国5G技术世界领先，该技术采用无线电波传输
15、信息，无线电波是电磁波C. 太阳是人类的“能源之母”，煤、石油、风能、水能等能源都是间接来自太阳能D. 能量在转化或转移过程中总量保持不变，所以不必担心能源危机【答案】D【解析】A、航天器、卫星等都是用电磁波与地面进行通信的，月球周围是真空，探测器能从月球上发回月背的影像图，说明电磁波能在真空中传播，故A正确。B、5G技术采用无线电波传输信息，无线电波属于电磁波；故B正确。C、太阳孕育了地球的生命，煤、石油等都是化石能源，是植物在地壳运动中被埋所形成的，风能、水能等能源都是间接来自太阳能，所以太阳是人类的“能源之母”，故C正确。D、能量在转化或转移过程中总量保持不变，但是人类可利用的能源是有限
16、的，因此要注意能源危机；故D错误。（1）说明电磁波能在真空中传播，因此用于航天器、卫星；（2）无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、射线等都属于电磁波；（3）太阳孕育了地球的生命，煤、石油等都是化石能源是植物在地壳运动中被埋所形成的，而植物的成长需要太阳能；空气的流动是因为不同位置大气的温度不同导致的，而它们温度不同是由于接收阳光能量的不同；没有太阳就没有水循环；（4）能量在转化或转移过程中总量保持不变，但是人类可利用的能源是有限的。13（2019营口）（双选）生活中很多现象与物理知识息息相关，下列说法中正确的是（）A“端午深情，粽叶飘香”，能闻到米粽的香味是一种扩散现象B海边昼夜温度变化
17、比内陆小，是因为水的比热容小C塑料吸盘能牢牢吸在玻璃上，说明分子间存在引力D北方冬天室内用暖气取暖，是用热传递的方式改变室内空气的内能【答案】AD【解析】A、粽子飘香是由于分子在不停做无规则运动引起的，所以它是扩散现象；故A正确。B、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度变化小，所以海边昼夜温差比内陆小；故B错误。C、塑料吸盘在大气压力作用下牢牢地吸在玻璃上，该现象与分子间的引力无关，故C错误。D、散热时，在暖气片和水之间发生了热传递，使室内的内能增加、温度升高，是通过热传递的方式改变的。故D正确。14.（2019河南）（双选）图10为一款“智能照明灯”
18、的电路,灯L天暗时自动发光,天亮时自动熄灭。控制电路中,电源电压恒定,R1为定值电阻,R2为光敏电阻,其阻值随光照强度而变化。以下说法正确的（）A电磁继电器利用电磁感应原理工作BR2的阻值随光照强度的增大而增大C当光照强度增大时,电压表示数减小D若将R1换成阻值稍小的电阻,可缩短灯L的发光时间【答案】CD【解析】（1）电磁继电器、电磁起重机、电铃等是利用电流的磁效应原理工作的；（2）要使天亮时自动熄灭，电流需增大达到一定数值时，衔铁被吸合，灯L所在电路断开，灯L自动熄灭，进而得出R2的阻值随光照强度的变化而发生怎样的变化；（3）由于R2的阻值随光照强度的增大而减小，当光照强度增大时，R2的阻值
19、减小，根据串联分压可知电压表示数变化情况；（4）由于控制电路的电源电压不变，衔铁被吸合的电流不变，根据R=可知，控制电路的总电阻不变，若R1换成阻值较小的电阻，R2的阻值变大，进而分析得出灯L的发光时间变化。A、电磁继电器是利用电流的磁效应原理工作的，故A错误；B、要使灯L在天亮时自动熄灭，电流需增大达到一定数值，衔铁被吸合，灯L所在电路断开，灯L自动熄灭，则可知天亮时光照强度增大，控制电路中电流增大，光敏电阻R2的阻值减小，所以，R2的阻值随光照强度的增大而减小，故B错误；C、由于R2的阻值随光照强度的增大而减小，当光照强度增大时，R2的阻值减小，根据串联分压的规律可知，R2两端的电压减小，
20、即电压表示数减小，故C正确；D、由于控制电路的电源电压不变，衔铁被吸合的电流不变，根据R=可知，衔铁被吸合时控制电路的总电阻不变，若R1换成阻值较小的电阻，则R2的阻值变大，此时光照强度减弱，即灯L在天不太亮时已经熄灭，在天很暗时才自动发光。由此可见，将R1换成阻值较小的电阻，可缩短灯L的发光时间，故D正确。三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）15（2019娄底）光控开关的作用是有光时，开关断开，无光时闭合：声控开关的作用是有声音时，开关闭合，无声音时断开，请将图中的“光控”、“声控”两个开关和灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，要求电灯只在无光且有声音时才亮。【答案】【解析】由题意可
21、知，电灯只在无光且有声音时才亮，说明两开关不能独立工作即为串联，同时要注意开关要接在火线上，另外还要考虑螺丝口灯泡的连线方法。解：由题意可知，电灯只在无光且有声音时才亮，则声控开关和光控开关串联共同控制电灯，且开关要接在火线上；图中为螺丝口灯泡，根据安全用电的要求，开关应与灯泡顶端的金属点相连，零线直接接到灯泡的螺旋套上，如图所示。16.（2019铜仁）一个物块沿着斜面向下运动，请你画出物块受到的重力和滑动摩擦力的示意图。【答案】见解析【解析】在斜面上物体受竖直向下的重力，平行于斜面向上的滑动摩擦力。根据力的示意图的画法作图。物体所受重力竖直向下，滑动摩擦力平行于斜面向上。重力与滑动摩擦力的示
22、意图如图示：四、实验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题8分，共18分）17.（2019河南）利用如图甲所示装置做“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验。（1）按规范组装器材,在安装温度计时,玻璃泡碰到了烧杯底,此时应适当将（选填“A处向上”或“B处向下”）调整（2）实验前,向烧杯中倒入热水而不是冷水，这样做是为了（3）由实验数据绘制为出了温度随时间变化的图像,如图乙所示。分析图像可知:水的沸点是,还可获得的信息有（写一条即可）【答案】（1）A处向上（2）缩短加热至沸腾所用的时间（3）98；水沸腾过程中，继续吸收热量但温度不变。（合理即可）【解析】（1）根据温度计的使用规则
23、进行调整实验装置；（2）缩短加热至沸腾所用的时间：提高水的初温；适当减少水的质量；给烧杯加盖等；（3）水沸腾时的温度叫做沸点，结合图象分析沸腾前和液体沸腾时的温度变化情况。（合理即可）解：（1）由于温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，需要将温度计向上调整，即将A处向上调整。（2）实验前，向烧杯中倒入热水而不是冷水，这样可以提高水的初温，缩短加热至沸腾所用的时间。（3）水沸腾时吸热温度不变，不变的温度就是水的沸点，由图象可知，水的沸点是98；可获得的信息有：水在沸腾过程中，继续吸收热量但温度不变；水在沸腾前，吸收热量温度升高（合理即可）。18（2019巴彦淖尔）如图是“利用杠杆测量石块密度”的实验。（水
24、1.0103kg/m3）（1）在实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于（选填“平衡”或“不平衡”）状态；要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向调节，这样做的目的是，并消除杠杆自重对实验的影响。（2）在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A中，此时小桶A中水的体积石块的体积。（3）将石块从溢水杯中取出，擦干后放入另一相同小桶B中，将装有水和石块的A、B两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。此时小桶A、B的悬挂点距支点O分别为13cm和5cm，若不考虑小桶重力，则石块密度的测量值为kg/m3；若考虑小
25、桶重力，石块的实际密度将比上述测量值。【答案】（1）平衡；右；便于从杠杆上测量力臂；（2）等于；（3）2.6103；偏大【解析】（1）杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡，目的是便于从杠杆上测量力臂，同时是为了让杠杆的重心在支点上，可避免杠杆自重的影响；杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动；（2）在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A中，此时小桶A中水的体积等于石块的体积；（3）将装有水和石块的A、B两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。此时小
26、桶A、B的悬挂点距支点O分别为13cm和5cm，若不考虑小桶重力，根据杠杆平衡条件可知，G石L1G水L2，即m石gL1m水gL2，石V石gL1水V水gL2，石V石L1水V水L2，因为倒出的水的体积就是石块的体积，即V石V水，则石块的密度石 水1103kg/m32.6103kg/m3；当将石块从水中拿出时，石片上会沾有水，因为体积没变，质量偏大。由可知，测量结果偏大。19（2019枣庄）在“测量小灯泡的电功率”实验中，提供的器材有：6V的电源一个，2.5V的小灯泡（电阻约为10）一个，电流表（00.6A，03A）和电压表（03V，015V）各一个，“50 2A”的滑动变阻器A和“10 1A”的滑
27、动变阻器B各一个，开关一个，导线若干。（1）通过估算，你应选用的滑动变阻器是（选填“A”或“B”）。（2）闭合开关前，经检查发现某同学连接的电路有一根导线连接错误，请你在图甲中错误的连线上画“”，并只移动一根导线，用笔画线代替导线将电路连接正确。（3）连线好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障原因可能是小灯泡（选填“短路”或“断路”）。（4）故障移除后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是W，小灯泡正常工作时的电阻是，（小数点后保留1位小数）（5）根据测出的数据，作出了小灯泡的电流I与电压U的关系图线，发现该
28、图线不是一条直线，如图丙所示，其原因是温度升高，灯丝电阻（选填“增大”或“减小”）。【答案】（1）A；（2）如上；（3）短路；（4）0.75；8.3；（5）增大【解析】（1）由欧姆定律求出2.5V的小灯泡（电阻约为100的额定电流，由串联电路的规律及欧姆定律求出灯正常发时变阻器连入的电阻确定选用的滑动变阻器；（2）原电路中，灯短路了，电压表串联在电路中是错误的，灯与电流表串联，电压表与灯并联；（3）连线好电路后，闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，根据小灯泡不亮，电压表无示数分析；（4）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据PUI求出小灯泡的额定功率；由欧姆定律求出小灯泡正常工作时的电阻；
29、（5）灯的温度升高，灯丝电阻增大。（1）2.5V的小灯泡，电阻约为10，由欧姆定律，灯的额定电流约为：I= 0.25A，由串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发时变阻器连入的电阻：R滑= 14，故选滑动变阻器是A；（2）原电路中，灯短路了，电压表串联在电路中是错误的，灯与电流表串联，电压表与灯并联，如下所示：（3）连线好电路后，闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，电压表无示数，则故障原因可能是小灯泡短路；（4）故障移除后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，则小灯泡的额定功率是：PUI2.5V
30、0.3A0.75W，由欧姆定律，小灯泡正常工作时的电阻是：R= 8.3；（5）如图丙所示，小灯泡的电流I与电压U的关系图线不是一条直线，其原因是温度升高，灯丝电阻增大。五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分，共18分）20. （2019宁波）如图所示电路，电源电压U不变，灯L1、L2上都标有“3V”字样，且灯丝阻值不变，R1是定值电阻。闭合开关S，后，依次进行如下操作：开关S2接1、2，移动滑片P，使电压表V1示数为3V，此时电流表示数为0.3A；开关S2接2、3，电流表示数为0.4A；开关S2接4、5，电流表示数仍为0.4A，电压表V2示数为2V。请解答下列问题：（1）灯L1、L2的额定功
31、率分别是多少? （2）小科根据上述实验数据，计算R1的阻值，分析如下：操作中，L1与R0串联，L1两端电压为3V，通过L1的电流大小为0.3A。操作中，L1与R1并联后（可看作一个阻值变小的电阻）与R0串联，通过L1与R1的总电流大小I为0.4A。假设此时L1两端电压为U1，通过的电流为IL1。可求得R1= = =30老师指出：求解R1时，代入的“3V”“0.4A”“0.3A”三个数据中有错误。请你指出错误的数据： ，并正确求解R1。（3）当开关S2接4、5时，滑片P怎样移动才能使L2正常工作?（要求说明移动方向和变化的阻值大小）【答案】（1）解：操作中，灯L1正常工作，UL1额=UL1=3V
32、 灯L1的额定功率为：PL1额=PL1=UL1IL1=3V0.3A=0.9W根据操作，可求出灯L2的电阻值为：RL2= =5因此，灯L2的额定功率为：PL2额= =1.8W答：灯L1的额定功率为0.9瓦，灯L2的额定功率为1.8瓦。（2）错误数据：3V、0.3A；解法1：根据操作可得，RL1= =10由于操作和操作中，电流表的示数都为0.4A，说明L1和R1并联后与L2对电路的影响是等效的，所以+=即+ =求得：R1=10答：定值电阻R1的阻值为10。解法2：根据操作可得，RL1= =10由于操作和操作中，电流表的示数都为0.4A，说明L1和R1并联后与L2对电路的影响是等效的，所以S2接2、
33、3时，IL1= =0.2AI1=IIL1=0.4A0.2A=0.2A所以R1= =10答：定值电阻R1的阻值为10欧。（3）解：操作中，L1与R0串联，U=UL1+UR0=UL1+LR0R0，即：U=3V+0.3AR0同理，据操作可得：U=2V+0.4AR0，综上二式可得：U=6V R0=10当S2接4、5时，R0与L2串联，己知L2正常工作时UL2=3V此时，R0两端的电压UR0=UUL2=6V3V=3V 即：UR0=UL2=3V所以R0=RL2=5，R0减小的阻值R0=R0R0=105V=5所以滑片P应向左移动答：当S2接4、5时，滑片P应向左移动，并使阻值减小5欧，才能使L2正常工作。【
34、解析】（1）在操作中，变阻器与灯泡L1串联，电压表V1测L1的电压，此时它正常发光，根据PL1额=UL1IL1计算它的额定功率；在操作中，开关接4、5，变阻器与灯泡L2串联，电压表V2测L2的电压，根据RL2=计算出L2的电阻，然后再根据PL2额=计算L2的额定功率；（2）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比；电压表V1测量的部分原来只有L1 ,与变阻器串联；后来这部分变成L1与R1并联，由于并联电路电阻变小，那么电压表V1的示数肯定不再是3V，那么通过L1的电流肯定也不是0.3A，据此解答；解法1：首先根据RL1=计算出灯泡L1的电阻，然后和中电流相同，得到电阻相同，即：+= ，然后求解即可
35、；解法：首先根据RL1=计算出灯泡L1的电阻；然后根据和中电流相同，计算出电压为2V时通过灯泡L1的电流，再根据并联电路总电流等于各处电流之和计算出通过R1的电流，最后根据欧姆定律计算R1的电阻；（3）首先借助和两种情况，利用U=UL+U0为等量关系列出方程组，计算出电源电压和变阻器这时接入阻值；当S2接4、5时，R0与L2串联，当灯泡正常发光时，根据UR0=UUL2 计算出这时变阻器两端的电压，再根据串联电路电压与电阻乘正比计算出这时变阻器接入阻值R0，最后与原来的阻值比较做减法求出变化的阻值和方向。21.（2019河南）我国从今年4月15日起,正式实施电动自行车新国标。李强购置了一辆符合新
36、国标的电动车,其整车质量为50kg,最高速度为25km/h。g取10N/kg。试问: （1）对蓄电池充电时,电能转化为能;行驶时,电动机提供动力,其工作原理是。（2）当蓄电池的电全部耗完后,若充电功率为100W,充满电需要5h,不计能量损失,则充满电后蓄电池储存的电能为多少?（3）蓄电池充满电后,其储存电能的75%用于车克服阻力做功,当质量为70kg的李强在水平路面上骑着车,以最高速度匀速电动行驶时,所受阻力为总重的，则车最多能行驶多少小时？（4）新国标对电动车的整车质量、最高速度都进行了限制,这样做主要是为了防止车的较大,以减小行车危险。【答案】（1）化学；通电线圈在磁场中受力转动（2）充满
37、电后蓄电池储存的电能为1.8106J；（3）车最多能行驶1.8小时（4）动能。【解析】（1）蓄电池充电时，电能转化为化学能，供电时，化学能转化为电能；电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力转动；（2）根据W=Pt求出充满电后蓄电池储存的电能；（3）根据W=W电求出克服阻力做的功，根据G总=（m车+m人）g求出人和车的总重力，由题意可知电动车在水平路面行驶受的阻力，根据W=fs求出电动车行驶的路程，最后利用v=求出电动车最多能行驶的时间；（4）物体的质量越大，速度越大，具有的动能越大，据此分析。解：（1）对电池充电时，消耗了电能，获得了化学能，是将电能转化为化学能。电动机的工作原理是通电线圈在磁
38、场中受力转动。（2）充满电需要的时间t=5h=1.8104s，充满电后蓄电池储存的电能：W电=Pt=100W1.8104s=1.8106J。（3）由题意知，克服阻力做的功：W=W电=75%1.8106J=1.35106J。人和车的总重力：G总=（m车+m人）g=（50kg+70kg）10N/kg=1200N，电动车在水平路面行驶受的阻力：f=G总= 1200N=30N，由W=fs得，电动车行驶的路程：s= = =45km，由v=得，电动车最多能行驶的时间：t= =1.8h。（4）由于物体的质量越大，速度越大，具有的动能越大，因此，新国标对电动车的整车质量、最高速度进行限制，主要是为了防止车的动能较大，以减小行车危险。