1、河北省中考物理精选真题重组卷一班级_ 姓名_ 学号_ 分数_（本试卷4个大题，17小题，满分70分，考试时间60分钟）一、 选择题（本题共8小题，共19分，其中15每小题只有一个选项符合题目要求每个小题2分，68题每小题至少有两个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）1. （2019扬州）以下所给数据最接近实际情况的是（）A初二物理课本重约为2.5NB光在空气中的传播速度约为340m/sC正常成年人脉搏跳动一次的时间约为0.1sD人的正常体温约为40【答案】A 【解析】A、初二物理课本的质量大约250g，重力大约2.5N，因此A符合实际情况；B、光在空气中的传播
2、速度约为3108m/s，声音在15的空气中传播的速度为340m/s，B错误，因此B不符合实际情况；C、正常成年人脉搏每分钟跳动大约75次，每跳动一次的时间约为1s，因此C不符合实际情况；D、人的正常体温约为37，40的体温属于高烧了，因此D不符合实际情况。2.（2019孝感）如图，是四个与声现象相关的图形，下列说法正确的是（）A图甲可以说明真空能够传声B图乙可以探究音色与频率的关系C图丙可以探究响度与振幅的关系D图丁的倒车雷达可以说明声能够传递能量【答案】C【解析】解：A、声音的传播需要介质，随着向外抽出空气的进行，钟罩内的空气越来越少，所以听到的声音会越来越小，可以推理得出真空不能传声，故A
3、错误。B、乙实验说明声音的音调与频率有关，频率越高，音调越大，故B错误；C、响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；乙图通过观察乒乓球被弹起的幅度可以探究“响度与振幅的关系”，故C正确；D、图丁汽车上的倒车雷达，属于利用声音传递信息，故D错误。3.（2019河北）图所示四个装置中工作原理与发电机相同的是（）A电磁起重机 B司南 C话筒 D扬声器【答案】C【解析】发电机的工作原理是电磁感应现象，分析清楚图示实验原理，然后答题。发电机的工作原理是电磁感应现象。A、电磁起重机是利用电磁铁工作的，其原理是电流的磁效应，故A不符合题意；B、司南是天然的磁体，由于受地磁场的影响，磁体具有指南北的性质，故
4、B不符合题意；C、话筒是利用在闭合电路的一部分导体磁场中做切割磁感线运动而产生交变电流的原理（即电磁感应现象）制成的，故C符合题意；D、扬声器把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理，故D不符合题意。4. （2019西宁）关于物态变化。下列说法正确的是（）A海波是一种晶体，液态海波凝固时要放出热量B冰熔化成水的过程中吸收热量，温度升高C冰棒表面的“白霜”，是水蒸气凝固形成的小冰晶D春天的早晨经常出现大雾，这是汽化现象【答案】A【解析】A海波是晶体，其凝固过程虽然放热，但温度不变，故A正确；B冰是晶体，冰熔化成水的过程中，吸收热量，但温度保持不变，故B错误；C霜是空气中的水蒸
5、气遇冷直接形成的小冰晶，是凝华现象，故C错误；D春天的早晨经常出现大雾，这是水蒸气遇冷发生了液化现象，不是汽化现象，故D错误。5.（2019宿迁）下列关于力和运动的说法，正确的是（）A. 物体运动状态发生改变，一定受到力的作用B. 行驶的汽车急刹车时，乘客会出现向后倾的现象C. 用力推桌子，桌子静止不动，因为推力小于摩擦阻力D. 踢出去的足球能在空中飞行，是因为足球没有受到力的作用【答案】A【解析】A、力是改变物体运动状态的原因，一个物体运动状态发生改变，一定受到力的作用，并且受到非平衡力作用，故A说法正确。B、乘客和汽车原来都是运动的，汽车急刹车，乘客由于惯性仍要保持原来的运动状态，所以乘客
6、要向前方倾倒，故B说法错误。C、用力推桌子，桌子静止不动（处于平衡状态），水平方向上桌子受到的推力和摩擦力平衡，则二力的大小相等，故C说法错误。D、踢出去的足球能在空中飞行，是由于足球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故D说法错误。（1）力是改变物体运动状态的原因。（2）乘客和汽车原来都是运动的，汽车急刹车，乘客由于惯性保持原来的运动状态。（3）静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用。（4）物体由于惯性保持原来的运动状态。6.（2019荆州改编）用如图的装置做“探究凸透镜成像规律”的实验时，已知凸透镜的焦距为10cm，下列说法不正确的是（）A烛焰在如图所示的位置时，成像特点与照相机成像
7、特点相同B若将蜡烛移到光具座42cm刻度处时，烛焰所成的像是倒立、放大的C若将蜡烛移到光具座30cm刻度处时，烛焰所成的像是等大的D若将蜡烛从光具座30cm刻度处向远离凸透镜方向移动时，烛焰所成的像将逐渐变大【答案】ABD【解析】解：A、由图可知，u50cm35cm15cm，物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，与投影仪的原理相同，故A错误；B、将蜡烛移到光具座42cm刻度处时，物距等于50cm42cm8cm，物距小于f，凸透镜成正立放大的虚像，故B错误；C、将蜡烛移到光具座30cm刻度处时，物距等于50cm30cm20cm2f，物距等于像距，等于2倍焦距，成倒立等大的实像，故C正确；
8、D、将蜡烛从光具座30cm刻度处向远离凸透镜方向移动时，根据物距增大像距减小像减小，烛焰所成的像将逐渐变小。故D错误。7. （2019鄂州改编）如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是A物体受到的浮力大小关系为FAFBFCB三个物体的密度大小关系为ABCC容器底部受到水的压力大小关系为F甲F乙F丙D容器对桌面的压强大小关系为p甲=p乙=p丙【答案】AD【解析】由题知，A、B、C三个正方体的体积相同；A、由图可知，A、B、C三个正方体排开水的体积关系为VA排VB排VC排，
9、根据F浮=液gV排可知，浮力的大小关系为：FAFBFC，故A正确；B、由图可知，A和B处于漂浮，C处于悬浮，则由浮沉条件可知：GA=FA，GB=FB，GC=FC，由于FAFBFC，所以GAGBGC；由于正方体A、B、C的体积相同，所以根据=可知，物体密度的大小关系：ABC，故B错误；C、由图可知三个完全相同的容器内水的深度相同，由p=gh可知液体底部压强关系是p甲=p乙=p丙，三个容器的底面积相同，根据F=pS可求容器底部受到水的压力大小关系：F甲=F乙=F丙，故C错误；D、因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正
10、方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为F甲=F乙=F丙，根据p可知，容器对桌面的压强大小关系为p甲=p乙=p丙，故D正确。故选：D。（1）由图得出A、B、C三个正方体排开水的体积关系，根据阿基米德原理即可判断物体受到的浮力大小关系；（2）由图得出A、B、C三个正方体所处的状态，利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；（3）由图可知三个完全相同的容器内水的深度相同，由p=gh可知液体底部压强关系，再根据F=pS可求容器底部受到水的压力大小关系；（4）根据阿基米德原理可知
11、，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力；利用p判断对桌面的压强大小关系。8.（2019河北）（多选）如图所示，电源电压不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，a、b是电流表或电压表。当只闭合开关S、S1时，a、b的指针均明显偏转，将位于中点的滑片P向左移动，a的示数不变，b的示数有变化。以下说法正确的是（）Ab是电流表B只闭合S、S2，移动滑片P，则a示数的变化量与b示数的变化量的比值可能等于R1+R2C若将b换成另一种电表，只闭合S、S2，将滑片P向右移动，R2消耗的功率一定变大D若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，则a的示数与b的示数的比值可能等于R2【答案】AD【解析】（1）先根据
12、题意判断a、b两表的类型，再结合电路分析其连接方式，根据电压的变化量与电流变化量的比值为定值电阻的阻值；（2）根据串联电路电流、电压、电阻的特点、欧姆定律以及PI2R判断R2消耗的功率；（3）结合电表类型，利用欧姆定律判断两表示数的比值。解：A、只闭合开关S、S1时，电表b与滑动变阻器R串联，且滑片P向左移动，b的示数有变化，则b一定是电流表，故A正确；若a为电流表，测通过R2的电流，由于R2的阻值和两端的电压均不变，滑片P向左移动，a的示数不变；若a为电压表，测电源电压，其示数也不变，a可能是电流表也可能是电压表；B、为电压表、b为电流表时，只闭合S、S2，此时R1与R串联，电压表a测R两端
13、的电压，电流表测电路中的电流，则有：R1，即a示数的变化量与b示数的变化量的比值等于R1；a、b均为电流表时，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，移动滑片P，a、b两表的示数变化量均为0，故B错误；C、将b换成电压表，a为电压表时，只闭合S、S2，R1、R2与R串联，滑片P向右移动，电阻变小，电路总电阻变小，电流变大，根据PI2R2可知，R2消耗的功率变大；若将b换成电压表，a为电流表时，只闭合S、S2，R被短路，R1、R2串联，滑片P向右移动，电阻不变，电路总电阻不变，电流不变，根据PI2R2可知，R2消耗的功率不变，故C错误；D、为电压表、b为电流表时，若将a与b的位置互
14、换，只闭合S、S2，R被短路，R1、R2串联，电流表测电路中的电路，电压表测R2两端的电压，则a的示数与b的示数的比值为R2；a、b均为电流表时，若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，两电流表的示数相等，其比值为1，故D正确。二、 填空题（本题共5小题，每空1分，共15分）9. （2019常州）小明家电能表上月底的示数为本月底的示数如图所示,他家本月消耗电能kWh.小明家同时工作的用电器总功率不得超过W.小明将一个电风扇单独接入电路中,10min内电能表的指示灯闪烁了32次,此过程中电风扇消耗电能J,其功率为W。【答案】100.5 8800 3.6104
15、60【解析】本题考查了电能表相关知识点。小明家本月消耗电能为2918.7 kWh2818.2 kWh=100.5 kWh；小明家同时工作的用电器总功率P=UI=220V40A=8800W；将一只电风扇单独接入电路中，10min内电能表指示灯闪烁了32次，则此过程中电风扇消耗的电能W=kWh=kWh=0.01 kW10.（2019天门）如图所示，在一个金属罐的盖和底各开两个小洞。将小铁块用细绳绑在橡皮筋的中部穿入罐中，橡皮筋两端穿过盖和底的小洞并固定起来，使小铁块悬于罐体内。做好后将罐子从不太陡的斜面滚下，罐子和小铁块的动能会转化为橡皮筋的，滚动一段时间后罐子停下来，然后再沿斜面向上滚动，此时罐
16、子的重力势能会（选填“增大”、“减小”或“不变”）。a b【答案】势能；增大。【解析】金属罐不太陡的斜面上滚下，是从最高处滚下时，金属罐先由慢到快、后由快到慢滚到最低点，上面一段滚动主要是重力势能减小，金属罐的动能和橡皮筋的弹性势能增加；下面一段滚动主要是重力势能和金属罐的动能减小，橡皮筋的弹性势能增加；金属罐在斜面上滚到最低处时，橡皮筋形变到最大程度，具有较大弹性势能。在橡皮筋恢复的过程中，金属罐会由斜面底部自动滚上去。从最低处滚上时，金属罐先由慢到快、后由快到慢滚到最高点，下面一段向上滚动主要是橡皮筋的弹性势能减小，金属罐的动能和重力势能增加；向上面一段滚动主要是橡皮筋的弹性势能和金属罐的
17、动能减小，重力势能增加。h=3.6104J；电风扇的功率P= =60W。11.（2019天水）小明身高1.8m，当他站在平面镜前2m处时，他在镜中的像距平面镜为_m，镜中像的高度为_m；当他在湖边树荫下乘凉时，发现树下有很多圆形的光斑，这是由于光的_现象而形成的。【答案】2 1.8 直线传播【解析】解：（1）因为平面镜成像时像距与物距相等，此时物距为2m，则在平面镜中的像距平面镜也为2m；由于平面镜所成的像是与物体等大的。所以1.8m的人站在平面镜前2m处，他在镜中的像大小也为1.8m；（2）树叶间有空隙，形成一个个小孔，树荫下地面上的光斑是太阳经小孔成的实像，是光的直线传播形成的。故答案为：
18、2；1.8；直线传播。（1）平面镜成像的特点：像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点到平面镜间距离相等；（2）影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。平面镜成像在实际生活中非常常见，学习中要注意联系实际，活学活用。12. （2019锦州）2018年12月8日，我国“嫦娥四号”探测器在西昌卫星发射中心成功发射。运载火箭携带探测器升空的过程中，探测器相对于运载火箭是的，燃料燃烧后产生的能转化为火箭的能。【答案】静止；内；机械【解析】（1）运载火箭携带探测器升空的过程中，探测器相对于运载火箭的位置不变，所以是静止的；（2） 燃料燃烧后产生的内能转化为火箭的机械能，推动火箭运动。1
19、3.（2019吉林）在探究水的沸腾实验中，如图甲所示，温度计的读数方法正确的是_；如图乙是水的温度与时间关系的图象，由图象可知水的沸点是_。水在沸腾的过程中不断吸热，温度保持_。【答案】 b；97；不变【解析】在探究水的沸腾实验中，如图甲所示，温度计的读数方法正确的是b；如图乙是水的温度与时间关系的图象，由图象可知水的沸点是97。水在沸腾的过程中不断吸热，温度保持不变。三、 实验探究题（本题共2小题，第14题12分，第15题8分，共20分）14.（2019绥化）如图所示是“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验装置和实验过程中弹簧测力计挂着同一金属块的示数。（1）金属块浸没在水中时，受到的浮力是
20、N。（2）分析图丙、丁可知，浮力大小跟物体浸没在水中的深度（选填“有关”或“无关”）。（3）分析两图可知，浸在液体中的物体所受浮力大小跟液体密度有关。戊图中盐水的密度是kg/m3如果在实验中不小心使戊图中的金属块接触了容器底且与容器底有力的作用，此时测量出的盐水密度值将如何变化，并分析原因。（4）实验中由于握着测力计的手臂易晃动，导致测力计示数不稳定，读数困难。请你写出一种改进措施。【答案】（1）2；（2）无关；（3）丁、戊；1.2103；偏大，金属块与容器底有力的作用，则测力计示数变小，导致F浸盐水变小，根据称重法，故F浸盐水变大，根据盐水水知，测量的盐水密度值将偏大；（4）将弹簧测力计固定
21、在铁架台上，通过改变铁夹的高度来改变浸入水中的多少。【解析】解：（1）根据称重法测浮力，金属块在水中受到的浮力为：F浮GGC4.8N2.8N2N；（2）分析丙、丁两图，当金属都块浸没在水中后，金属块的深度不同，但测量力计示数相同，根据称重法测浮力：F浮GG知，所受浮力的大小相同，故得出当金属块浸没在水中后，所受浮力大小跟物体浸没在水中的深度无关；（3）比较图丁戊，排开液体的体积相同，而排开液体的密度不同，两图中，测力计示不同，根据称重法，可知金属块受到的浮力不同，故由实验数据可得到的结论是：浸在液体中的物体受到浮力的大小与液体密度有关；金属块浸没在水中受到的浮力：F浸水2N，根据阿基米德原理有
22、：F浸水水gV排水水gV物，由图甲戊知，金属块浸没在盐水中受到的浮力：F浸盐水4.8N2.4N2.4N，根据阿基米德原理有：F浸盐水盐水gV排盐水盐水gV物，由得：盐水水；将代入得：盐水水1.2103 kg/m3；如果他在实验中不小心使E图中物体接触了容器底且与容器底有力的作用，则测力计示数变小，导致F浸盐水变小，根据称重法，故F浸盐水变大，根据盐水水知，测量的盐水密度值将偏大。（4）实验中，由于握着测力计的手臂晃动，导致测力计示数不稳定，读数困难，可以将弹簧测力计固定在铁架台上，通过改变铁夹的高度来改变浸入水中的多少。15.（2019乐山）小明利用如图甲所示电路图来测量电源电压U和电阻R1的
23、阻值（1）请按照图甲所示的电路图，用笔画线表示导线，在图乙中完成实物连接。要求：闭合开关后，当滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表示数增大；（2）小明调节滑动变阻器的滑片P，当电流表如图丙所示时，其读数为 A；并将在移动滑片P的过程中得到的多组电压表、电流表读数，绘成图丁所示的图象。由图象得出电源的电压U= V和电阻R1的阻值R1= ；（3）小明继续探究，移动滑片P的过程中，电流表的最小示数为0.25A，则滑动变阻器的最大阻值为 。【答案】0.6 3 2 10【解析】（1）由图甲可知，电压表并联在变阻器两端；图乙中两节干电池串联，电源电压为3V，则电压表选择03V量程；由于滑动变阻器的滑片向右移
24、动时，电流表示数增大，说明变阻器连入电路的阻值变小，因此需将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，实物电路如图所示。（2）由图丙所示电流表可知，其量程是03A，分度值为0.1A，示数为0.6A；由图甲可知，R1与R2串联，由图丙可知，电压表示数为U2=1V时，电流为I=1A；由串联电路的特点和欧姆定律可得，电源电压：U=IR1+U2=1AR1+1V-电压表示数为U2=2V时，电流为I=0.5A，同理可得电源电压：U=IR1+U2=0.5AR1+2V-由解得：U=3V，R1=2；（3）当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电流表的示数最小，根据欧姆定律可得最大总电阻：R最大= = =12；因串联电路的总电
25、阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器的最大阻值：R2大=R最大R1=122=10。四、综合应用题（本题共2小题，16题7分，17题9分，共16分）16. （2019陕西）图示为某种型号的剪叉式高空作业平台。这台机器利用起升电机升降作业平台，方便工人高空作业。该机器的部分数据如表所示。（1）这台机器空载且静止时，对水平地面的压强是多大？（g取10N/kg）（2）起升电机以额定功率工作时，将总重为1000N的人和作业工具以0.2m/s的速度举高8m。该机器做的有用功是多少？机械效率是多少？（3）此类机器机械效率一般较低的主要原因是：。整机质量（空载）/kg3200安全工作载荷/kg200起升电机额定
26、电压/V24起升电机额定功率/kW4.0轮胎接地总面积/m20.08【答案】（1）4105Pa （2）8103J 5% （3）机器所做额外功较多（或自重较大）（答案合理即可）【解析】（1）机器静止在水平地面F=G=mg=3200kg10N/kg=3.2104N 则机器对地面的压强p=4105Pa （2）机器做的有用功W有用=Gh=1000N8m=8103J由v=得t=40s 由表格可知，P=4kW=4000W机器做的总功W总=Pt=4000W40s=1.6105J机器的机械效率=5%（3）机器所做额外功较多（或自重较大）（答案合理即可）17. （2019南充）如图，电源电压不变，定值电阻R16
27、，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，滑动变阻器R2的规格为“40 1A”，闭合开关后，当滑片P置于M点时，电流表示数为0.3A，当滑片P置于N点时，电流表示数变化了0.1A，且滑动变阻器连入电路中的阻值=。（1）求定值电阻R1前后两次电功率之比；（2）求电源电压；（3）在不损坏元件的情况下，求出滑动变阻器的取值范围。【答案】（1）定值电阻R1前后两次电功率之比为94；（2）电源电压为3.6V；（3）在不损坏元件的情况下，滑动变阻器的取值范围为030。【解析】（1）滑片由M点滑到N点，电阻变大，电路中的电流减小，求出滑片P置于N点时电路中的电流，再根据PI2R求出定值电阻R1前后两
28、次电功率；（2）根据电源电压不变列出等式，求出电源电压；（3）根据电流表量程和滑动变阻器规格分析电路中的最大电流，进而求出滑动变阻器的最小阻值；电压表测量滑动变阻器两端的电压，其示数最大时，滑动变阻器连入电路中的阻值最大，根据分压特点求出连入电路的最大阻值。解：（1）滑片由M点滑到N点，电阻变大，电路中的电流减小，所以滑片P置于N点时电路中的电流：INIM0.1A0.3A0.1A0.2A，定值电阻R1前后两次电功率之比：= = = =94；（2）滑片P置于M点时，电源电压UIM（R1+RM），滑片P置于N点时，电源电压UIN（R1+RN），RN2RM，所以0.3A（R1+RM）0.2A（R1+2RM），解得RMR16，电源电压：UIM（R1+RM）0.3A（6+6）3.6V；（3）根据电流表量程和滑动变阻器规格可知，电路中的最大电流为I大0.6A，由欧姆定律可得，电路总电阻：R=6，滑动变阻器连入电路的最小阻值：R滑小RR1660；电压表的量程为03V，滑动变阻器两端的最大电压U滑3V，R1两端的电压U1UU滑3.6V3V0.6V，根据串联电路的分压特点可知：=，=，解得R滑大30，所以在不损坏元件的情况下，滑动变阻器的取值范围为030。