1、一、选择题（1-6为单选，7-12为多选）1、在物理学的发展中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法说法错误的是（ ）A质点和点电荷是同一种思想方法 B重心、合力和分力、总电阻都体现了等效替换的思想 C加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量 D牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，能用实验直接验证【答案】D【解析】考点：物理问题的探究方法【名师点睛】对于物理学上重要的实验和发现，可根据实验的原理、内容、结论及相应的物理学家等等一起记忆，不能混淆。2、如图所示，静止在水平地面上的斜面体质量为M，一质量为m的物块恰能沿斜面匀速下滑，若对物块施
2、以水平向右的拉力F，物块m仍能沿斜面运动则以下判断正确的是（）A物块m将沿斜面加速下滑 B物块m仍将沿斜面匀速下滑 C地面对斜面M有向左的摩擦力 D地面对斜面的支持力等于（M+m）g【答案】A【解析】试题分析：对物体B受力分析，受到重力、支持力和滑动摩擦力，如图 考点：牛顿第二定律的应用；物体的平衡【名师点睛】本题关键是先对物体B受力分析，得到动摩擦因素=tan，然后得到物体B对斜面题的摩擦力和压力的合力一定竖直向下。3、如图所示，斜面底端上方高h处有一小球以水平初速度v0抛出，恰好垂直打在斜面上，斜面的倾角为300，则关于h和初速度v0，的关系（ ）A. B . C. D. 【答案】D【解析
3、】试题分析：将小球刚要打到斜面上的速度沿竖直和水平方向进行分解，则有，vy=gt，x=v0t，ygt2，由几何关系得，解得，故选D.考点：平抛运动【名师点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合速度限制和位移限制，运用运动学公式灵活求解。4、如图，ACB是一光滑的、足够长的、固定在竖直平面内的“”形框架，其中CA、CB边与竖直方向的夹角均为，P、Q两个轻质小环分别套在CA、CB上，两根细绳的一端分别系在P、Q环上，另一端和一绳套系在一起，结点为O将质量为m的钩码挂在绳套上，OP、OQ两根细绳拉直后的长度分别用l1、l2表示，若l1l2，则下列说法正确的是（）AOP绳
4、子拉力大 BOQ绳子拉力大 C两根绳子拉力一定相等 D两根绳子拉力一定不相等【答案】C【解析】考点：物体的平衡【名师点睛】该题考查共点力作用下物体的平衡，解答飞关键是能正确的受力分析，并且能熟练运用几何知识分析力的关系，不能主观臆断。5、如图所示，水面上高20m处有一定滑轮，用绳系住一只船，船离岸的水平距离为20m，岸上的人用3m/s的速度匀速将绳收紧，（）A开始时船的速度m/s B5s内船前进了15m C5s时绳与水面的夹角为60 D5s时船的速率为5m/s【答案】D【解析】考点：运动的合成和分解【名师点睛】运动的合成与分一定要注意灵活把握好几何关系，明确题目中对应的位移关系及速度关系；画出
5、运动的合成与分解图象非常关键。6、随着我国登月计划的实施，我国宇航员登上月球已经不是梦想；假如我国宇航员登上月球并在月球表面附近以初速度v0竖直向上抛出一个小球，经时间t后回到出发点已知月球的半径为R，万有引力常量为G，则下列说法正确的是（）A月球表面的重力加速度为 B月球的质量为 C宇航员在月球表面获得 的速度就可能离开月球表面围绕月球做圆周运动 D宇航员在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的绕行周期为 【答案】B【解析】 B. 考点：万有引力定律的应用【名师点睛】本题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力重力加速度g是联系物体运
6、动和天体运动的桥梁。7、如图所示为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，匝数n=100匝，电阻为r=1的矩形线圈在匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO匀速转动，线圈两端经集流环和电刷与电路连接，定值电阻R1=6，R2=3，其他电阻不计，线圈匀速转动的周期T=0.2s从线框与磁场方向平行位置开始计时，线圈转动的过程中，理想电压表的示数为2V下列说法中正确的是（）A电阻R1上的电功率为W Bt=0.4s时，电阻R2两端的电压瞬时值为零 C从开始计时到1/ 20 s通过电阻R2的电荷量为C D若线圈转速增大为原来的2倍，线圈中产生的电动势随时间变化规律为e=6cos20t（V）【答案】AD【解析】故
7、选AD。考点：交流电的变化规律【名师点睛】解决本题的关键知道正弦式交流电峰值的表达式Em=nBS，以及知道峰值、有效值、平均值和瞬时值的区别。8、如图所示，A、B、C三球的质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，AB间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接；倾角为的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始时系统处于静止状态，细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（）AB球的受力情况未变，加速度为零 BA、B两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为 CA、B之间杆的拉力大小为mgsin DC球的加速度沿斜面向下，大小为gsin【答案】CD【解析】考点：牛顿第二定律的应
8、用【名师点睛】本题主要考查了牛顿第二定律的瞬时性的应用，本题关键点就是绳和弹簧的区别：弹簧的弹力不会突变，而绳在断后弹力会突变为零这点在做题时要特别留意。9、如图甲所示，在水平地面上固定一竖直弹簧，弹簧上端与一个质量为0.1kg的木块A相连，质量也为0.1kg的木块B叠放在A上，A、B都静止在B上作用一个竖直向下的力F使木块缓慢向下移动，力F的大小与移动距离x的关系如图乙所示，整个过程弹簧都处于弹性限度内下列说法正确的是（）A木块下移0.1 m的过程中，弹簧的弹性势能增加2.5 J B弹簧的劲度系数为500 N/m C木块下移0.1 m时，若撤去F，则此后B能达到的最大速度为5 m/s D木块
9、下移0.1 m时，若撤去F，则A、B分离时的速度为5 m/s【答案】BC【解析】考点：功能关系；弹性势能【名师点睛】该题考查功能关系以及两个物体分离的条件，关键是要明确两个木块分离时二者的速度相等，加速度相等，同时二者之间的相互作用力等于0；另外明确系统中什么能减少、什么能增加.10、如图所示，在x轴上方有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，在原点O处有一离子源，t=0时刻沿纸面内的各个方向同时发射一群速率相同、质量为m、电荷量为+q的粒子，其中一个与x轴正方向成60角射入磁场的粒子在t1时刻到达A点（图中未画出），A点为该粒子运动过程中距离x轴的最远点，且OA=L不计粒子间的相互作用
10、和粒子的重力，下列结论正确的是（）A粒子的速率为 B粒子的速率为Ct1时刻仍在磁场中的所有粒子均处在以O点为圆心、L为半径的圆周上 Dt1时刻仍在磁场中的所有粒子均处在以O点为圆心、L为半径的圆周上【答案】BD【解析】考点：带电粒子在匀强磁场中的运动【名师点睛】此题考查根据左手定则找出离子的运动轨迹，应用公式，并根据数学知识判断选项。11、如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中的Q1为正点电荷，在它们连线的延长线上有a、b两点；现有一检验电荷q（电性未知）以一定的初速度沿直线从b点开始经a点向远处运动（检验电荷只受电场力作用），q运动的速度图象如图乙所示则（）AQ2必定是负电荷 B可
11、以确定检验电荷的带电性质 CQ2的电荷量必定大于Q1的电荷量 D从b点经a点向远处运动的过程中检验电荷q所受的电场力一直减小【答案】AB【解析】试题分析：由图乙可知，检验电荷先减速运动后加速运动，若Q2为正电荷，ba间电场线方向向右，试探电荷受电场力方向不变，矛盾，故Q2为负电荷，故A正确；由于试探电荷从b向a运动的过程是先减速后加速，速度向右，故电场力的合力先向左后向右，在平衡点左侧时是向左的吸引力大，故试探电荷的电性与Q2相反（可以假设无限靠近Q2，是吸引力大），带正电；故B正确；由于试探电荷从b向a运动的过程是先减速后加速，故ba之间存在平衡点，根据平衡条件，有： ,由于r1r2，故Q1
12、Q2，故C错误；由速度图象可知，q的加速度先减小后增大，故电场力也是先向减小后增加，故D错误；故选AB.考点：v-t图线；带电粒子在电场中的运动。【名师点睛】本题是综合图象求解的问题，关键通过图线知道电荷的运动情况，通过运动情况判断出受力情况，再结合库仑定律综合求解。12、如图所示，AB两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，AB间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g现对A施加一水平拉力F，则（）A当F2mg 时，A、B 都相对地面静止 B当F=mg时，A的加速度为g C当F3 mg时，A相对B滑动 D无论F为何值，B的加速度不会超过g【
13、答案】BCD【解析】 Fm=2mg-mg=mg，即B的加速度不会超过g，D正确故选BCD。考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力。二、实验题：13、在把电流表改装成电压表的实验中，把量程Ig=300A，内阻约为100的电流表G改装成电压表，需要测量电流表G的内阻Rg。采用如图所示的电路测量电流表G的内阻Rg，可选用的器材有：A电阻箱：最大阻值为999.9；B电阻箱：最大阻值为9999.9；C滑动变阻器：最大阻值为2000；D滑动变阻器：最大阻值为50k；E电源：电动势约为6V
14、，内阻很小；F开关、导线若干为提高测量精度，在上述可供选择的器材中，可变电阻R1应该选择 D；可变电阻R2应该选择 A；（填选用器材的字母代号）测电流表G的内阻Rg的实验步骤如下：a连接电路，将可变电阻R1调到最大；b断开S2，闭合S1，调节可变电阻R1使电流表G满偏；c闭合S2，保持R1不变，调节可变电阻R2使电流表G半偏，此时可以认为电流表G的内阻Rg=R2设电流表G的内阻Rg的测量值为R测，真实值为R真，则R测小于 R真（选填“大于”、“小于”或“等于”）【答案】（1）D；A；（2）小于【解析】考点：测量电流表的内阻【名师点睛】本题考查了实验器材选择、实验误差分析、电压表读数，知道半偏法
15、测电表内阻的实验原理是正确解题的关键，要掌握实验器材的选择原则。14、如图甲所示，在水平放置的气垫导轨上有一带有方盒的滑块，质量为M，气垫导轨右端固定一定滑轮，细线绕过滑轮，一端与滑块相连，另一端挂有6个钩码，设每个钩码的质量为m，且M=4m（1）用游标卡尺测出滑块上的挡光片的宽度，读数如图乙所示，则宽度d=0.520 cm；（2）某同学打开气源，将滑块由静止释放，滑块上的挡光片通过光电门的时间为t，则滑块通过光电门的速度为 （用题中所给字母表示）；（3）开始实验时，细线另一端挂有6个钩码，由静止释放后细线上的拉力为F1，接着每次实验时将1个钩码移放到滑块上的方盒中，当只剩3个钩码时细线上的拉
16、力为F2，则F1 小于 2F2（填“大于”、“等于”或“小于”）；（4）若每次移动钩码后都从同一位置释放滑块，设挡光片距光电门的距离为L，钩码的个数为n，测出每次挡光片通过光电门的时间为t，测出多组数据，并绘出丙图象，已知图线斜率为k，则当地重力加速度为 （用题中字母表示）【答案】：（1）0.520cm；（2）；（3）小于；（4）【解析】考点：测定匀变速运动的加速度【名师点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，知道极短时间内的平均速度等于瞬时速度的大小对于图象问题，关键得出两个物理量的表达式，结合图线斜率进行求解。三、计算题：15、足够长光滑斜面BC的倾角=530，小物块与水平面间的动摩擦
17、因数为0.5，水平面与斜面之间B点有一小段弧形连接，一质量m=2kg的小物块静止于A点现在AB段对小物块施加与水平方向成=53的恒力F作用，如图（a）所示，小物块在AB段运动的速度-时间图象如图（b）所示，到达B点迅速撤去恒力F（已知sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）小物块所受到的恒力F；（2）小物块从B点沿斜面向上运动，到返回B点所用的时间；（3）小物块能否返回到A点？若能，计算小物块通过A点时的速度；若不能，计算小物块停止运动时离B点的距离【答案】（1）11N；（2）0.5s；（3）小物块不能返回到A点，停止运动时，离B点的距离为0. 4m【解析】试题分析：（1）由图（b）
18、可知，AB段加速度所以小物块不能返回到A点，停止运动时，离B点的距离为0.4m考点：牛顿第二定律的综合应用【名师点睛】本题是已知运动情况确定受力情况和一直受力情况确定运动情况的问题，关键求解出加速度，然后根据运动学公式列式求解。16、如图所示，光滑水平面M、N上放两相同小物块AB，左端挡板处有一弹射装置P, 右端N处与水平传送带理想连接，传送带水平部分长度L=8m，沿逆时针方向以恒定速度v=6m/s匀速转动物块A、B（大小不计）与传送带间的动摩擦因数=0.2物块A、B质量mA=mB=1kg开始时A、B静止，A、B间有一压缩轻质弹簧处于锁定状态，贮有弹性势能Ep=16J现解除弹簧锁定，弹开A、B
19、，同时迅速撤走弹簧求：（1）物块B沿传送带向右滑动的最远距离；（2）物块B滑回水平面MN的速度vB；（3）若物体B返回水平面MN后与被弹射装置P弹回的A在水平面上相碰，且A、B碰后互换速度，则弹射装置P必须给A做多少功才能让AB碰后B能从Q端滑出。【答案】（1）4m（2）4m/s （3）8J【解析】试题分析：（1）解除锁定弹开AB过程中，系统机械能守恒：EpmAvA2+mBvB2由动量守恒有：mAvA=mBvB 由得：vA=4m/svB=4m/sB滑上传送带匀减速运动，当速度减为零时，滑动的距离最远由动能定理得：mBgsm0mBvB2所以：（2）物块B沿传送带向左返回时，先匀加速运动，物块速度
20、与传送带速度相同时一起匀速运动，物块B加速到传送带速度v需要滑动的距离设为s，解得：W8J考点：动量及能量守恒定律【名师点睛】该题是动量守恒，能量守恒综合应用的一道比较困难的题目，正确分析题目当中的临界条件是关键。17、如图所示，光滑斜面的倾角=300，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长l1=1m，bc边的边长l2=0.6m，线框的质量m=1kg，电阻R=0.1，线框与绝缘细线相连，现用F=20N的恒力通过定滑轮向下拉细线并带动线框移动（如图所示），斜面上ef线（efgh）的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度B=0.5T，如果线框从静止开始运动，进入磁场最初一段时间做匀速运动，
21、ef和gh的距离s=18.6m，取g=10m/s2，求：（1）线框进入磁场前的加速度和线框进入磁场时做匀速运动的速度v；（2）简要分析线框在整个过程中的运动情况并求出ab边由静止开始到运动到gh线处所用的时间t；（3）ab边运动到gh线处的速度大小和在线框由静止开始到运动到gh线的整个过程中产生的焦耳热【答案】（1）6m/s（2）1.7s（3）9J【解析】受到的安培力FA=BIl1代入数据解得v=6m/s，故线框进入磁场时匀速运动的速度v=6m/s （2）线框abcd进入磁场前时，做匀加速直线运动；进磁场的过程中，做匀速直线运动；进入磁场后到运动到gh线，仍做匀加速直线运动线框进入磁场前，线框
22、仅受到细线的拉力F、斜面的支持力和线框重力，由牛顿第二定律得：F-mgsin=ma线框进入磁场前的加速度：进磁场前线框的运动时间为：进磁场过程中匀速运动时间：线框完全进入磁场后线框受力情况同进入磁场前，考点：法拉第电磁感应定律；牛顿第二定律；功能关系【名师点睛】对于电磁感应的复杂问题一定做好以下四个方面的分析：电流分析、受力分析（尤其是安培力）、运动分析、功能关系分析（尤其是克服安培力做功情况分析）【物理选修3-4】1、如图所示，甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，乙为介质中x=2m处的质点P此时此刻为计时起点的振动图像，质点Q的平衡位置位于x=3.5m处，下列说法正确的是 （）A这列波的沿x
23、轴正方向传播 B这列波的传播速度是20m/s C在0.3s时间内，质点P向右移动了3 m Dt=0.1s时，质点P的加速度大于质点Q的加速度 Et=0.25s时，x=3.5m处的质点Q到达波峰位置【答案】ADE【解析】考点：振动图像和波的图线【名师点睛】波的图象往往先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系同时，熟练要分析波动形成的过程，分析物理量的变化情况，基础题。2、如图所示为某种透明材料制成的一块柱形棱镜的横截面图，圆弧CD是半径为R视为四分之一圆周，圆心为O; 光线从AB面上的M点入射，入射角i=60，光进入棱镜后恰好在BC面上的O点发生全反射，然后由CD面射出已知OB段的长度为l=6cm，真空中的光速c=3.0108m/s求：（）透明材料的折射率n；（）光从M点传播到O点所用的时间t【答案】（）（）【解析】试题分析：（）设光线在AB面的折射角为r，根据折射定律得：设棱镜的临界角为C由题意，光线在BC面恰好发生全反射，得到由几何知识可知，r+C=90联立以上各式解出考点：光的折射；全反射 【名师点睛】本题是折射现象和全反射现象的综合，关键作出光路图，掌握全反射的条件和临界角公式，结合几何关系求解。