1、1(2022高考四川卷) 在一定温度下，将气体X和气体Y各0.16 mol充入10 L恒容密闭容器中，发生反响X(g)Y(g) 2Z(g) Hv(正) C该温度下此反响的平衡常数KD其他条件不变，再充入0.2 mol Z，平衡时X的体积分数增大解析：数据可求得在前2 min内生成Z为0.08 mol，故v(Z)4103 mol/，降低温度，平衡正向挪动，v(逆)vK，其他条件不变时，再充入0.2 mol Z，到达平衡时，其作用效果相当于保持Z的物质的量不变，缩小容器的体积，X的体积分数不变。2(2022高考广东卷)已经知道汽车尾气无害化处理反响为2NO(g)2CO(g) N2(g)2CO2(g
2、)。以下说法不正确的选项()A升高温度可使该反响的逆反响速率降低B使用高效催化剂可有效提高正反响速率C反响到达平衡后，NO的反响速率保持恒定D单位时间内消耗CO和CO2的物质的量相等时，反响到达平衡解析：选A。升温，不管是正反响，依然逆反响，速率均加快，A项错；催化剂能够加快化学反响速率，B项正确；达平衡后，各组分的速率保持不变，C项正确；由于CO和CO2的计量系数相等，故当两者同时消耗的量相等时，反响即达平衡，D项正确。3(2022高考福建卷)化合物Bilirubin在一定波长的光照射下发生分解反响，反响物浓度随反响时间变化如以以下图，计算反响48 min间的平均反响速率和揣测反响16 mi
3、n时反响物的浓度，结果应是() A2.5 molL1min1和2.0 molL1B2.5 molL1min1和2.5 molL1C3.0 molL1min1和3.0 molL1D5.0 molL1min1和3.0 molL1解析：选B。据图像可知，4 min时化合物Bilirubin的浓度为20 molL1，8 min时其浓度为10 molL1，因而48 min间的平均反响速率为2.5 molL1min1。进一步分析图像可知04 min间的平均分解速率为5.0 molL1min1，由以上分析数据大致可确定平均分解速率根本呈等比递减变化，因而可估算812 min间平均分解速率为1.25 molL
4、1min1，1216 min间平均分解速率为0.625 molL1min1，因而16 min时反响物的浓度大致应为10 molL11.25 molL1min14 min0.625 molL1min14 min2.5 molL1，故B项正确。4(2022高考山东卷)2SO2(g)O2(g) 2SO3(g)是制备硫酸的重要反响。以下表达正确的选项()A催化剂V2O5不改变该反响的逆反响速率B增大反响体系的压强，反响速率一定增大C该反响是放热反响，降低温度将缩短反响到达平衡的时间D在t1、t2时刻，SO3(g)的浓度分别是c1、c2，那么时间间隔t1t2内，SO3(g)生成的平均反响速率为v解析：选
5、D。此题考察化学反响速率与化学平衡知识，意在考察学生运用化学反响速率和化学平衡处理实际咨询题的才能。催化剂能同等程度地改变正逆反响速率，A项错误；压强对化学反响速率的阻碍是通过改变浓度来实现的，增大反响体系的压强，浓度不一定增大，如恒容下充入惰性气体，速率并没有增大，B项错误；降低温度反响速率减小，将延长反响到达平衡的时间，C项错误；化学反响速率通常用单位时间内反响物浓度的减少量或生成物浓度的增加量来表示，D项正确。5(1)(2022高考山东卷改编)一定温度下，将1 mol N2O4充入体积为1 L的密闭容器中，反响3 s后，NO2的物质的量为0.6 mol，那么03 s内的平均反响速率v(N
6、2O4)_molL1s1。解析：N2O42NO2 0.3 mol 0.6 molv(N2O4)0.1 molL1s1。答案：(2)(2022高考山东卷改编)在一定温度下，向1 L密闭容器中参加1 mol HI(g)，发生反响2HIH2I2，2 min时生成H2 0.1 mol，那么02 min内的平均反响速率v(HI)_。解析：v(HI)0.1 molL1min1。答案：0.1 molL1min1(3)(2022高考新课标卷)COCl2的分解反响为COCl2(g)=Cl2(g)CO(g)H108 kJmol1。反响体系到达平衡后，各物质的浓度在不同条件下的变化情况如以以以下图所示(第10 mi
7、n到14 min 的COCl2浓度变化曲线未示出)： 计算反响在第8 min时的平衡常数K_；比较第2 min反响温度T(2)与第8 min反响温度T(8)的上下：T(2)_T(8)(填“”或“”)；假设12 min时反响于温度T(8)下重新到达平衡，那么如今c(COCl2)_molL1；比较产物CO在23 min、56 min和1213 min时平均反响速率平均反响速率分别以v(23)、v(56)、v(1213)表示的大小_；比较反响物COCl2在56 min和1516 min时平均反响速率的大小：v(56)_v(1516)(填“”或“”)，缘故是_。解析：依照图像得出以下数据：COCl2Cl2(g)CO(g)开场(molL18 min(molL1K molL10.234 molL12 min和8 min时反响都处于平衡状态，在4 min时生成物浓度都增大，反响物浓度减小，那么改变的条件是升高温度，故T(2)v(23)v(1213)。分析图像可知反响在56 min和1516 min时，反响温度一样，由于在一样温度时，该反响的反响物浓度越高，反响速率越大，故v(56)v(1516)。答案：0.234 molL1v(23)v(1213)在一样温度时，该反响的反响物浓度越高，反响速率越大
