1、2011年高考模拟试卷物理卷 满分120分，一选择题：每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题要求的。14（力与平衡改编）如右图所示，有四块相同的坚固石块垒成弧形的石拱，其中第3、4块固定在地面上，每块石块的两个面间所夹的圆心角为37。假定石块间的摩擦力可以忽略不计，则第1、2块石块间的作用力和第1、3块石块间的作用力的大小之比为：（ ）A BC D15（交变电流原创）2011年1月初，黔、湘、桂三省再次出现冻雨灾害， 冻雨在输电线上极易结成冰凌而造成输电线故障。有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰若在正常供电时，为了减少输电损耗，需经过升压变压器将电压升高后采用高压输
2、电，假设升压变压器原、副线圈匝数比为1：N，高压线上送电电压为U，电流为I，热损耗功率为P；除冰时，调整升压变压器原、副线圈的匝数比，使输电线上的热损耗功率变为9P，通过增加焦耳热达到除冰的目的则下列除冰措施错误的是（认为输电功率和输电线电阻不变）：（ ）A输电电流变为3IB输电电流变为9IC输电电压变为U/3D升压变压器原、副线圈匝数比变为3N16（几何光学原创）如图所示，一横截面为直角三角形的三棱镜，B=900，C=300一条与BC面成=300角的光线射向AB面，经过BC边一次反射，再从AC边射出，且出射光线的折射角为600。则这种材料的折射率为：（ ）A B C D2 y/cmx/m5m
3、432O-1m-2-3-4-5-55m1PQ17（机械波改编题）图中坐标原点处的质点O为一简谐横波波源，当t0时，质量O开始从平衡位置振动，波沿x轴向两侧传播，P质点的平衡位置在1m2m之间，Q质点的平衡位置在2m3m之间。t12s时刻波形第一次如图所示，此时质点P、Q到平衡位置的距离相等，则：（ ）A波源的初始振动方向是从平衡位置沿y轴向下B当t25s时刻，4 m和4 m两处的质点会分别沿波的传播方向传到0.3m和0.3 m的位置Ct=2.5s时刻，P、Q两质点的位移、加速度、速度、振幅一定相同D如果此波是从密度小的介质中传到密度大的介质中，则波的频率将变大二选择题（本题共3小题，在每小题给
4、出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）18(力学综合改编题)如图,穿在水平直杆上质量为m的小球开始时静止.现对小球沿杆方向施加恒力F0,垂直于杆方向施加竖直向上的力F,且F的大小始终与小球的速度成正比,即F=k(图中未标出).已知小球与杆间的动摩擦因数为,已知小球运动过程中未从杆上脱落，且F0mg.下列说法正确的是：( )A.小球先做加速度减小的加速运动,后做加速度增大的减速运动直到静止B.小球先做加速度增大的加速运动,后做加速度减小的加速运动，直到最后做匀速运动C.小球的最大加速度为D.恒力F0,的最大功率为19（天体
5、的运动改编）如图所示，A为静止于地球赤道上的物体，B为绕地球沿椭圆轨道运行的卫星，C为绕地球运动的卫星，P为B、C两卫星轨道的交点，已知A、B、C绕地球运动的周期相同，相对于地心，下列说法中不正确的是：（ ）A物体A和卫星C具有相同大小的加速度B卫星C的运行速度大于物体A的速度CA、B、C的运动均遵守开普勒第三定律D卫星B在P点的加速度与卫星C在P点的加速度有可能大小不相等20（电场改编）真空中，两个相距L的固定电荷E、F所带电荷量分别为QE和QF，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向。电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且NEFN
6、FE，则：（ ）AE带正电，F带负电，且QEmg后, 加速度,当速度v增大，加速度减小，当a2减小到0，做匀速运动，则说法B正确；匀速运动的速度最大，且，则小球的最大速度为vm=，则说法C正确；当kv=mg时, 加速度最大，且，则说法D正确。故正确答案为BCD。19ACD【解析】A两物体有相同的角速度，所以向心加速度不相等，而向心加速度就是物体的加速度，所以选项A的说法是错误的，选项A是正确的。由于线速度v=r可知，选项知B的说法是正确的，选项B是错误的。只有物体BC是万有引力提供向心力，所以遵守开普勒第三定律，因此选项C的说法是错误的，选项C是正确的。物体BC是万有引力提供向心力，所以它们的
7、加速度相同，因此选项D的说法是错误的，选项D是正确的。20AC【解析】由电场线的指向可知E带正电，F带负电，在N处合场强水平则有，（如下图所示）即，又，则有，在M点由静止释放的带正电的检验电荷无法沿弯曲电场线运动，等势面与电场线垂直故过N点的等势面与过N点的切线垂直，将负检验电荷从M点移动至N点电场力做负功，电势能增加，故负检验电荷在M点的电势能小于在N点的电势能。正确选项为AC。第卷（非选择题 共72分）21（1）乙、丙、甲 5分（2）在误差允许的范围内，在只有重力做功的情况下，小球的机械能守恒。 5分【解析】（1）小球离D点的高度h越大，重力势能越大，动能越小，因此图线乙为重力势能Ep随小
8、球距D点的高度h变化关系的图线；图线丙为动能Ek随小球距D点的高度h变化关系的图线；小球在运动中机械能守恒，图线甲为小球的机械能E随小球距D点的高度h变化关系的图线。（2）由图（b）可知，在任意高度处，小球的动能与重力势能之和保持不变，所以在只有重力做功的情况下，小球的机械能守恒。22（1）见右图 2分（2）“左端” 2分 保持R2不变，调整变阻箱R1 2分 86.3 2分（3）B 2分【解析】（1）该电路为限流接法 如图所示（2）闭合开关之前，应使滑动变阻器的阻值最大，滑片在最左端；本实验使用替代法测量电流表的内阻，因此开关a和接b时的电流表读数应该相同，开关接b时，需调节电阻箱R1。电阻箱
9、表示的阻值大小等于被测电流表的内阻，读数为86.3。（3）当滑动变阻器R2的阻值为零时，电路中的电流不能超过两个电流表的量程，即20010-6，解得R320 k。23（16分）【答案】【解析】设演员在匀加速和匀减速时间分别是t1和t2，加速度大小分别是和，因为匀加速的末速度即为匀减速的初速度，所以： 2分又因为所以可得， 2分 3分代入数据可得 2分演员在匀速上升过程由牛顿第二定律可得 3分解得 2分轻绳对地面上的人的拉力 2分24(18分)【答案】（1）1A（2）6 m/s（3）4m【解析】（1）细绳被拉断瞬时，对ab棒受力分析得，Fm cos37=mgsin37+BIabL （2分）代入数
10、据解得，Iab=1A （2分）（2）分析电路可知，Iab = IR ，Icd=Iab+ IR = 2A （2分） 根据闭合欧姆定可得， （2分）联立可得，v= 6 m/s （2分）(3) 金属棒cd从静止开始运动直至细绳刚好被拉断的过程中，由焦耳定律得， （2分）代入数据解得，Qab= QR = 0.5J，Qcd =(2I)2Rcdt= 4I2Rabt= 2J （4分）ks5u5u由能量守恒得， （2分）解得s = 4m （2分）25(22分) 【答案】（1）20m/s（2）【解析】（1）设某速度为的粒子从A点入射后到达AC上的G点，因与AC成450角，其对应圆心角为900，即恰好经过四分之一
11、圆周，故到达G点时速度仍为，方向沿Y轴正向. (分）粒子在电场中沿Y轴正向加速运动，设G点坐标为G（x，y），刚好穿出电场时坐标为（x，），粒子穿出电场时速度为，在电场中运动的过程中，由动能定理得： (2分） 而 又 (2分）代入数据解得，可见粒子穿出电场时速度大小与x无关。 (3分） 因，由代入数据得： (1分）由数学知识可知，k点坐标为k(-0.2m，-0.225m)，故从A点射出的所有粒子均从AK之间以20m/s的速度沿Y轴正向射出电场，在到达X轴之前粒子作匀速直线运动，故所有粒子从第三象限穿越X轴时的速度大小均为20m/s的速度沿Y轴正向。 (1分）（2）因为，故离子束射入时，离子束宽
12、度刚好与2相等，设粒子在中运动轨道半径为，解得= (2分）考察从任一点J进入的粒子，设从H穿出磁场，四边形为菱形，又因为水平，而，故H应与F重合，即所有粒子经过后全部从F点离开进入磁场。对趋于的粒子，圆心角，故射入时速度趋于轴负向；对趋于的粒子，圆心角，故射入时速度趋于轴正向，即进入的所有粒子速度与Y轴正向夹角在01800之间。 (2分）由于=，所以，由几何关系知：无限靠近Y轴负向射入的粒子轨迹如图所示，最终打在PQ板的右侧； (2分）与Y轴负向成600角的粒子刚好经过P点到达Q点; (1分）因此与Y轴正向在01200之间从F点射出的粒子要么打在PQ板的左侧，要么打不到板上而穿越Y轴离开。由于是“大量”粒子，忽略打在P或Q的临界情况，所以最终打在挡板PQ右侧的粒子数 （2分）