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《名师一号》2015高考数学(人教版A版)一轮配套题库:7-6空间向量及其运算(理).doc

上传人:高**** 文档编号:79946 上传时间:2024-05-24 格式:DOC 页数:10 大小:304KB
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1、1名师一号高考总复习 模块新课标 新课标 A 版数学第六节 空间向量及其运算(理)时间:45 分钟 分值:75 分一、选择题(本大题共 6 小题,每小题 5 分,共 30 分)1如图,在平行六面体 ABCDA1B1C1D1 中,M 为 A1C1 与 B1D1的交点若ABa,ADb,AA1c,则下列向量中与BM相等的向量是()A12a12bcB.12a12bcC12a12bcD.12a12bc解析 显然BMBB1B1M12(ADAB)AA112a12bc,故选 A.答案 A2已知 O,A,B,C 为空间四个点,又OA,OB,OC为空间的一组基底,则()AO,A,B,C 四点不共线BO,A,B,C

2、 四点共面,但不共线CO,A,B,C 四点中任意三点不共线DO,A,B,C 四点不共面2名师一号高考总复习 模块新课标 新课标 A 版数学解析 OA,OB,OC为空间的一组基底,所以OA,OB,OC不共面,但 A,B,C 三种情况都有可能使OA,OB,OC共面答案 D3已知 a(2,1,3),b(1,4,2),c(7,5,),若 a,b,c 三个向量共面,则实数 等于()A.627B.637C.647D.657解析 由于 a,b,c 三向量共面所以存在实数 m,n 使得 cmanb,即有72mn,5m4n,3m2n,解得 m337,n177,657.故选 D.答案 D4正方体不在同一表面上的两

3、个顶点为 A(1,2,1),B(3,2,3),则正方体的体积为()A8 B27C64 D128解析 由于 A,B 是正方体上不共面的两个顶点,则 A,B 必为正方体一对角线的两顶点,由于|AB|1322221324 3,故正方体的边长为 4,体积为 4364.故选 C.答案 C5在空间四边形 ABCD 中,ABCDACDBADBC等于()3名师一号高考总复习 模块新课标 新课标 A 版数学A1 B0C1 D不确定解析 方法 1:如图所示,在空间四边形 ABCD 中,连接对角线AC、BD,得三棱锥 ABCD,不妨令其各棱长都相等,即为正四面体,正四面体的对棱互相垂直,ABCD0,ACDB0,AD

4、BC0.ABCDACDBADBC0.故选 B.方法 2:在方法 1 的图中,选取不共面的向量AB,AC,AD为基底,则原式AB(ADAC)AC(ABAD)AD(ACAB)ABADABACACABACADADACADAB0.故选 B.答案 B4名师一号高考总复习 模块新课标 新课标 A 版数学6如图所示,已知空间四边形 OABC 中,|OB|OC|,且AOBAOC,则OA,CB夹角 的余弦值为()A0 B.12C.32D.22解析 设OAa,OBb,OCc.由已知条件AOBAOC,且|b|c|,OABCa(cb)acab|a|c|cosAOC|a|b|cosAOB0,cos0.故选 A.答案 A

5、二、填空题(本大题共 3 小题,每小题 5 分,共 15 分)7已知点 A(1,2,1),B(1,3,4),D(1,1,1),若AP2PB,则|PD|的值是_解析 设 P(x,y,z),则AP(x1,y2,z1),PB(1x,3y,4z),5名师一号高考总复习 模块新课标 新课标 A 版数学由AP2PB知 x13,y83,z3,故 P13,83,3.由两点间距离公式可得|PD|773.答案 7738如图所示,已知空间四边形 ABCD,F 为 BC 的中点,E 为AD 的中点,若EF(ABDC),则 _.解析 如图所示,取 AC 的中点 G,连接 EG,GF,则EFEGGF12(ABDC),12

6、.答案 129在正方体 ABCDA1B1C1D1 中,M,N 分别为棱 AA1 和 BB1的中点,则 sinCM,D1N的值为_6名师一号高考总复习 模块新课标 新课标 A 版数学解析 设正方体棱长为 2,以 D 为坐标原点,DA 所在直线为 x轴,DC 所在直线为 y 轴,DD1 所在直线为 z 轴建立空间直角坐标系,可知CM(2,2,1),D1N(2,2,1),cosCM,D1N19,sinCM,D1N4 59.答案 4 59三、解答题(本大题共 3 小题,每小题 10 分,共 30 分)10已知 a(x,4,1),b(2,y,1),c(3,2,z),ab,bc,求:(1)a,b,c;(2

7、)(ac)与(bc)所成角的余弦值解(1)因为 ab,所以 x24y 11,解得 x2,y4,这时 a(2,4,1),b(2,4,1)又因为 bc,所以 bc0,即68z0,解得 z2,于是 c(3,2,2)(2)由(1)得 ac(5,2,3),bc(1,6,1),设(ac)与(bc)所成角为,7名师一号高考总复习 模块新课标 新课标 A 版数学因此 cos512338 38 219.11(2014江门质检)如图所示,在平行六面体 ABCDA1B1C1D1中,设AA1a,ABb,ADc,M,N,P 分别是 AA1,BC,C1D1的中点,试用 a,b,c 表示以下各向量:(1)AP;(2)A1N

8、;(3)MPNC1.解(1)P 是 C1D1 的中点,APAA1A1D1D1PaAD12D1C1ac12ABac12b.(2)N 是 BC 的中点,A1NA1AABBNab12BCab12ADab12c.(3)M 是 AA1 的中点,MPMAAP12A1AAP8名师一号高考总复习 模块新课标 新课标 A 版数学12aac12b 12a12bc.又NC1NCCC112BCAA112ADAA112ca,MPNC112a12bc a12c32a12b32c.12(2013重庆卷)如图所示,四棱锥 PABCD 中,PA底面ABCD,BCCD2,AC4,ACBACD3,F 为 PC 的中点,AFPB.(

9、)求 PA 的长;()求二面角 BAFD 的正弦值9名师一号高考总复习 模块新课标 新课标 A 版数学解()如图,连接 BD 交 AC 于 O,因为 BCCD,即BCD为等腰三角形,又 AC 平分BCD,故 ACBD.以 O 为坐标原点,OB,OC,AP的方向分别为 x 轴,y 轴,z 轴的正方向,建立空间直角坐标系 Oxyz,则 OCCDcos31,而 AC4,得 AOACOC3,又 ODCDsin3 3,故 A(0,3,0),B(3,0,0),C(0,1,0),D(3,0,0)因 PA底面 ABCD,可设 P(0,3,z),由 F 为 PC 边中点,F(0,1,z2)又AF(0,2,z2)

10、,PB(3,3,z),因 AFPB,故AFPB0,即 6z220,z2 3(舍去2 3),所以|PA|2 3.()由()知AD(3,3,0),AB(3,3,0),AF(0,2,3)设平面 FAD 的法向量为 n1(x1,y1,z1),平面 FAB 的法向量为 n2(x2,y2,z2),由 n1AD0,n1AF0,得10名师一号高考总复习 模块新课标 新课标 A 版数学 3x13y10,2y1 3z10,因此可取 n1(3,3,2)由 n2AB0,n2AF0,得 3x23y20,2y2 3z20,故可取 n2(3,3,2)从而法向量 n1,n2 的夹角的余弦值为cosn1,n2 n1n2|n1|n2|18.故二面角 BAFD 的正弦值为3 78.

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