1、高考资源网（） 您身边的高考专家2015-2016学年山西省朔州市应县一中高三（下）后测反馈物理试卷（3）一选择题（每小题6分，共72分）1距地面高5m的水平直轨道上A、B两点相距2m，在B点用细线悬挂一小球，离地高度为h，如图小车始终以4m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地不计空气阻力，取重力加速度的大小g=10m/s2可求得h等于（）A1.25 mB2.25 mC3.75 mD4.75 m2质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的A点和B点，如图所示，绳a与水平方向成角，绳b在水平方向且长为l，当轻杆绕
2、轴AB以角速度匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）Aa绳张力不可能为零Ba绳的张力随角速度的增大而增大C当角速度，b绳将出现弹力D若b绳突然被剪断，则a绳的弹力一定发生变化3如图，叠放在水平转台上的物体A、B、C能随转台一起以角速度匀速转动，A、B、C的质量分别为3m、2m、m，A与B、B和C与转台间的动摩擦因数都为，A和B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r设本题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下列说法正确的是（）AB对A的摩擦力一定为3mgBB对A的摩擦力一定为3m2rC转台的角速度一定满足：D转台的角速度一定满足：4一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示，水平
3、台面的长和宽分别为L1和L2，中间球网高度为h，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球，发射点距台面高度为3h，不计空气的作用，重力加速度大小为g，若乒乓球的发射率v在某范围内，通过选择合适的方向，就能使乒乓球落到球网右侧台面上，到v的最大取值范围是（）A vL1B vC vD v5如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内：套在大环上质量为m的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下重力加速度大小为g，当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力的大小为（）AMg5mgBMg+mgCMg+5mgDMg+10mg6如图所示的光滑斜面长为l，宽为b
4、，倾角为，一物块（可看成质点）沿斜面左上方顶点P以初速度v0水平射入，恰好从底端Q点离开斜面，则（）A物块由P点运动到Q点所用的时间t=2B物块由P点运动到Q点所用的时间t=2C初速度v0=bD初速度v0=b7如图所示，水平传送带以速度v1匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t=0时刻P在传送带左端具有速度v2，P与定滑轮间的绳水平，t=t0时刻P离开传送带不计定滑轮质量和摩擦，绳足够长正确描述小物体P速度随时间变化的图象可能是（）ABCD8如图，匀强电场方向垂直于倾角为的绝缘粗糙斜面向上，一质量为m的带正电荷的滑块静止于斜面上，关于该滑块的受力，下列分析正确的是（当地重力
5、加速度为g）（）A滑块可能只受重力、电场力、摩擦力共三个力的作用B滑块所受摩擦力大小一定为mgsinC滑块所受电场力大小可能为mgcosD滑块对斜面的压力大小一定为mgcos9如图所示，物体A、B用细绳与弹簧连接后跨过滑轮A静止在倾角为45的粗糙斜面上，B悬挂着已知质量mA=3mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45减小到30，那么下列说法中正确的是（）A弹簧的弹力将减小B物体A对斜面的压力将减少C物体A受到的静摩擦力将减小D弹簧的弹力及A受到的静摩擦力都不变10在液体中下落的物体最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度一小铁球质量为m，用手将它完全放入水中后静止释放，最后铁球的收尾速度为v，若
6、铁球在水中所受浮力保持不变恒为F，重力加速度为g，关于小铁球，下列说法正确的是（）A若测得小铁球从释放至达到收尾速度所用时间为t，则小铁球下落的位移为B若测得小铁球下落h时的加速度为a，则小铁球此时的速度为C若测得某时小铁球的加速度大小为a，则小铁球此时受到的水的阻力为m（a+g）FD若测得小铁球下落t时间，通过的位移为y，则该过程的平均速度一定为11如图甲为便利运输工具双轮行李小车，送水员用双轮小车运送桶装矿泉水，图乙为小车截面示意图，在拉运过程图示角度保持不变，已知小车和桶装矿泉水的总质量为20kg，不计桶与小车之间摩擦力的影响，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，送
7、水员拉动小车使矿泉水和小车一起以a=5m/s2的加速度水平向右做匀加速直线运动时，则下列说法正确的是（）A小车P侧轨道对桶的支持力大小为160NB小车Q侧轨道对桶的支持力大小为250NC桶对小车两侧轨道的压力大小之比FP：FQ=1：2D桶对小车两侧轨道的压力大小之比FP：FQ=4：312一个质量为0.3kg的物体沿水平面做直线运动，如图所示，图线a表示物体受水平拉力时的vt图象，图线b表示撤去水平拉力后物体继续运动的vt图象，下列说法中正确的是（）A水平拉力的大小为0.1N，方向与摩擦力方向相同B水平拉力对物体做功的数值为1.2JC撤去拉力后物体还能滑行7.5mD物体与水平面间的动摩擦因数为0
8、.113如图所示：一根轻绳跨过定滑轮，两端分别系着质量为m1、m2的小物块，m1放在地面上，m2离地面有一定高度当m2的质量发生变化时，m1上升的加速度a的大小也将随之变化已知重力加速度为g，图中能正确反映a与m2关系的是（）ABCD二、解答题（共2小题，满分28分）14质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的vt图象如图所示g取10m/s2，求：（1）物体与水平面间的动摩擦因数；（2）水平推力F的大小；（3）014s内物体运动位移的大小15质量为3kg的长木板A置于光滑的水平地面上，质量为2kg木块B（可视为质点）置于木板A的左端，在水平向右的力F
9、作用下由静止开始运动，如图甲所示A、B运动的加速度随时间变化的图象如图乙所示（g取10m/s2）求（1）木板与木块之间的动摩擦因数（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（2）4s末A、B的速度（3）若6s末木板和木块刚好分离，则木板的长度为多少？2015-2016学年山西省朔州市应县一中高三（下）后测反馈物理试卷（3）参考答案与试题解析一选择题（每小题6分，共72分）1距地面高5m的水平直轨道上A、B两点相距2m，在B点用细线悬挂一小球，离地高度为h，如图小车始终以4m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地不计空气阻力，取
10、重力加速度的大小g=10m/s2可求得h等于（）A1.25 mB2.25 mC3.75 mD4.75 m【考点】平抛运动【分析】经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下后，小球做平抛运动，小车运动至B点时细线被轧断，则B处的小球做自由落体运动，根据平抛运动及自由落体运动基本公式抓住时间关系列式求解【解答】解：设轨道离地的高度为H，则知 H=5m经过A点，将球自由卸下后，A球做平抛运动，则有： H=gt12解得：t1=1s小车从A点运动到B点的时间 t2=s=0.5s因为两球同时落地，则细线被轧断后B出小球做自由落体运动的时间为 t3=t1t2=10.5=0.5s则 h=gt22=100.5
11、2=1.25m故选：A2质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的A点和B点，如图所示，绳a与水平方向成角，绳b在水平方向且长为l，当轻杆绕轴AB以角速度匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）Aa绳张力不可能为零Ba绳的张力随角速度的增大而增大C当角速度，b绳将出现弹力D若b绳突然被剪断，则a绳的弹力一定发生变化【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】小球做匀速圆周运动，在竖直方向上的合力为零，水平方向合力提供向心力，结合牛顿第二定律分析判断【解答】解：A、小球做匀速圆周运动，在竖直方向上的合力为零，水平方向上的合力提供向心力，所以a绳在竖直方向上的分力与重力相等，可
12、知a绳的张力不可能为零，故A正确B、根据竖直方向上平衡得，Fasin=mg，解得，可知a绳的拉力不变，故B错误C、当b绳拉力为零时，有：mgcot=ml2，解得，可知当角速度时，b绳出现弹力故C错误D、由于b绳可能没有弹力，故b绳突然被剪断，a绳的弹力可能不变，故D错误故选：A3如图，叠放在水平转台上的物体A、B、C能随转台一起以角速度匀速转动，A、B、C的质量分别为3m、2m、m，A与B、B和C与转台间的动摩擦因数都为，A和B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r设本题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下列说法正确的是（）AB对A的摩擦力一定为3mgBB对A的摩擦力一定为3m2rC转台的角速度
13、一定满足：D转台的角速度一定满足：【考点】牛顿第二定律；静摩擦力和最大静摩擦力；匀速圆周运动；向心力【分析】分别对A、AB整体、C受力分析，合力提供向心力，根据向心力公式列式分析【解答】解：A、B、对A受力分析，受重力、支持力以及B对A的静摩擦力，静摩擦力提供向心力，有f=（3m）2r（3m）g故A错误，B正确；C、D、由于A、AB整体、C受到的静摩擦力均提供向心力，故对A，有：（3m）2r（3m）g对AB整体，有：（3m+2m）2r（3m+2m）g对物体C，有：m2（1.5r）mg解得故C错误，D正确；故选BD4一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示，水平台面的长和宽分别为L1和L2，中间球网
14、高度为h，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球，发射点距台面高度为3h，不计空气的作用，重力加速度大小为g，若乒乓球的发射率v在某范围内，通过选择合适的方向，就能使乒乓球落到球网右侧台面上，到v的最大取值范围是（）A vL1B vC vD v【考点】平抛运动【分析】球要落在网右侧台面上，临界情况是与球网恰好不相撞，还有与球台边缘相碰，根据高度求出平抛运动的时间，根据几何关系求出最小的水平位移和最大的水平位移，从而得出最小速度和最大速度【解答】解：若球与网恰好不相碰，根据3hh=得，水平位移的最小值，则最小速度若球与球台边缘相碰，根据3h=得，水平位移的最大值
15、为xmax=，则最大速度，故D正确，A、B、C错误故选：D5如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内：套在大环上质量为m的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下重力加速度大小为g，当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力的大小为（）AMg5mgBMg+mgCMg+5mgDMg+10mg【考点】向心力【分析】根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的拉力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小【解答】解：小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：Fmg=m，得：F=mg+m，小环从最高到最低，由动能定理，则有：；对大环分析，有：T=F+Mg=m（g+）+Mg=5m
16、g+Mg故C正确，A、B、D错误故选：C6如图所示的光滑斜面长为l，宽为b，倾角为，一物块（可看成质点）沿斜面左上方顶点P以初速度v0水平射入，恰好从底端Q点离开斜面，则（）A物块由P点运动到Q点所用的时间t=2B物块由P点运动到Q点所用的时间t=2C初速度v0=bD初速度v0=b【考点】运动的合成和分解【分析】小球在光滑斜面有水平初速度，做类平抛运动，根据牛顿第二定律求出物体下滑的加速度，根据沿斜面向下方向的位移，结合位移时间公式求出运动的时间，根据水平位移和时间求出入射的初速度【解答】解：AB、根据牛顿第二定律得物体的加速度为：a=gsin根据l=at2得：t=，故AB错误；CD、入射的初
17、速度为：v0=b，故C错误，D正确故选：D7如图所示，水平传送带以速度v1匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t=0时刻P在传送带左端具有速度v2，P与定滑轮间的绳水平，t=t0时刻P离开传送带不计定滑轮质量和摩擦，绳足够长正确描述小物体P速度随时间变化的图象可能是（）ABCD【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像【分析】要分不同的情况进行讨论：若V2V1：分析在fQ的重力时的运动情况或fQ的重力的运动情况若V2V1：分析在fQ的重力时的运动情况或fQ的重力的运动情况【解答】解：若V2V1：f向右，若fGQ，则向右匀加速到速度为V1后做匀速运动到离开，则为B图若fGQ，
18、则向右做匀减速到速度为0后再向左匀加速到离开，无此选项若V2V1：f向左，若fGQ，则减速到V1后匀速向右运动离开，无此选项若fGQ，则减速到小于V1后f变为向右，加速度变小，此后加速度不变，继续减速到0后向左加速到离开，则为C图则AD错误，BC正确故选：BC8如图，匀强电场方向垂直于倾角为的绝缘粗糙斜面向上，一质量为m的带正电荷的滑块静止于斜面上，关于该滑块的受力，下列分析正确的是（当地重力加速度为g）（）A滑块可能只受重力、电场力、摩擦力共三个力的作用B滑块所受摩擦力大小一定为mgsinC滑块所受电场力大小可能为mgcosD滑块对斜面的压力大小一定为mgcos【考点】带电粒子在匀强电场中的
19、运动；力的合成与分解的运用【分析】根据共点力平衡，结合有摩擦力必有弹力得出滑块受力的个数结合共点力平衡求出摩擦力的大小以及电场力的大小【解答】解：A、滑块一定受重力和电场力作用，要处于平衡，一定受摩擦力，则一定有支持力所以滑块一定受四个力作用故A错误B、根据共点力平衡得，f=mgsin故B正确C、在垂直斜面方向有：mgcos=N+qE，则电场力一定小于mgcos，支持力一定小于mgcos，根据牛顿第三定律知，滑块对斜面的压力一定小于mgcos故C、D错误故选B9如图所示，物体A、B用细绳与弹簧连接后跨过滑轮A静止在倾角为45的粗糙斜面上，B悬挂着已知质量mA=3mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角
20、由45减小到30，那么下列说法中正确的是（）A弹簧的弹力将减小B物体A对斜面的压力将减少C物体A受到的静摩擦力将减小D弹簧的弹力及A受到的静摩擦力都不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算【分析】先对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到拉力等于物体B的重力；再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式分析【解答】解：A、设mA=3mB=3m，对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mg，则知弹簧的弹力不变，A错误B、再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图刚开始由于mAgsin45=mgmBg=mg，所以摩擦力沿斜面向
21、上后来变为30以后摩擦力仍然沿斜面向上根据平衡条件得到：f+T3mgsin=0N3mgcos=0解得：f=3mgsinT=3mgsinmgN=3mgcos当变小时，物体A受到的静摩擦力f减小，物体A对斜面的压力N增大，故C正确，BD错误故选：C10在液体中下落的物体最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度一小铁球质量为m，用手将它完全放入水中后静止释放，最后铁球的收尾速度为v，若铁球在水中所受浮力保持不变恒为F，重力加速度为g，关于小铁球，下列说法正确的是（）A若测得小铁球从释放至达到收尾速度所用时间为t，则小铁球下落的位移为B若测得小铁球下落h时的加速度为a，则小铁球此时的速度为C若测得某时
22、小铁球的加速度大小为a，则小铁球此时受到的水的阻力为m（a+g）FD若测得小铁球下落t时间，通过的位移为y，则该过程的平均速度一定为【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】小球在运动的过程中，做加速度逐渐减小的加速运动，达到收尾速度后做匀速直线运动，不能运用匀变速直线运动的运动学公式和推论进行求解，根据牛顿第二定律求出小铁球下落时受到水的阻力大小【解答】解：A、小球释放到达收尾速度过程中，阻力增大，加速度减小，做加速度减小的加速运动，不能通过匀变速直线运动的运动学公式和推论进行求解故A错误B、因为该过程中的加速度在变化，不能通过v2=2ah求解小球的速度故B错误C、根据牛
23、顿第二定律得，mgFf=ma，解得小铁球受到水的阻力f=mgFma故C错误D、根据平均速度的定义式，位移为y，时间为t，则平均速度为故D正确故选：D11如图甲为便利运输工具双轮行李小车，送水员用双轮小车运送桶装矿泉水，图乙为小车截面示意图，在拉运过程图示角度保持不变，已知小车和桶装矿泉水的总质量为20kg，不计桶与小车之间摩擦力的影响，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，送水员拉动小车使矿泉水和小车一起以a=5m/s2的加速度水平向右做匀加速直线运动时，则下列说法正确的是（）A小车P侧轨道对桶的支持力大小为160NB小车Q侧轨道对桶的支持力大小为250NC桶对小车两侧轨道
24、的压力大小之比FP：FQ=1：2D桶对小车两侧轨道的压力大小之比FP：FQ=4：3【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】对桶进行受力分析，受到重力、P、Q对桶的支持力作用，根据正交分解法结合牛顿第二定律列式即可求解【解答】解：对桶进行受力分析，如图所示：竖直方向受力平衡，则有：mg=FQsin37+FPsin53水平方向，根据牛顿第二定律得：FQcos37FPcos53=ma带入数据得：0.6FQ+0.8FP=10m，0.8FQ0.6FP=5m由解得：，由于不知道水桶和水的质量，所以无法求出两个侧面对桶的支持力大小，故C正确，ABD错误故选：C12一个质量为0.3kg的物体沿水平面做直线运动，如
25、图所示，图线a表示物体受水平拉力时的vt图象，图线b表示撤去水平拉力后物体继续运动的vt图象，下列说法中正确的是（）A水平拉力的大小为0.1N，方向与摩擦力方向相同B水平拉力对物体做功的数值为1.2JC撤去拉力后物体还能滑行7.5mD物体与水平面间的动摩擦因数为0.1【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；滑动摩擦力【分析】根据速度图象的斜率等于加速度，求出加速度，由牛顿第二定律求解水平拉力和摩擦力的大小由图象的“面积”求出03s内物体的位移x，由W=Fx求水平拉力对物体做功根据动能定理求解撤去拉力后物体还能滑行的距离由f=mg求解动摩擦因数【解答】解：A、根据速度图象的斜率等于加速度，得
26、物体的加速度大小为： 03s内：a1= 36s内：a2=m/s2=根据牛顿第二定律得：36s内：摩擦力大小为f=ma2=0.1N03s内：F+f=ma1，F=0.1N，方向与摩擦力方向相同故A正确B、03s内，物体的位移为x=m=12m，水平拉力对物体做功为W=Fx=0.112m=1.2J即水平拉力对物体做功的数值为1.2J故B正确C、设撤去拉力后物体还能滑行距离为s，则由动能定理得fs=0得，s=13.5m故C错误D、由f=mg得，0.03故D错误故选AB13如图所示：一根轻绳跨过定滑轮，两端分别系着质量为m1、m2的小物块，m1放在地面上，m2离地面有一定高度当m2的质量发生变化时，m1上
27、升的加速度a的大小也将随之变化已知重力加速度为g，图中能正确反映a与m2关系的是（）ABCD【考点】牛顿第二定律【分析】当m2m1时，m1仍处于静止状态，没有加速度当m2m1时，m1有向上的加速度，两个物体的加速度大小相等，根据牛顿第二定律采用隔离法求出a与m2的关系式，再根据数学知识分析a的极限，选择图象【解答】解：当m2m1时，m1仍处于静止状态，没有加速度当m2m1时，m1有向上的加速度，根据牛顿第二定律得对m1：Tm1g=m1a对m2：m2gT=m2a联立得：a=，根据数学知识得知，当m2m1时，ag故C正确，A、B、D错误故选：C二、解答题（共2小题，满分28分）14质量为2kg的物
28、体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的vt图象如图所示g取10m/s2，求：（1）物体与水平面间的动摩擦因数；（2）水平推力F的大小；（3）014s内物体运动位移的大小【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】根据速度时间图象可知：010s内有水平推力F的作用，物体做匀加速直线运动；10s14s内，撤去F后只在摩擦力作用下做匀减速直线运动，可根据图象分别求出加速度，再根据匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律求解力及位移【解答】解：（1）设物体做匀减速运动的时间为t2，加速度为a2，第10秒末速度为v1，则a2=2 m/s2设物体所受的摩擦力为Ff，由牛顿第
29、二定律得Ff=ma2Ff=mg 联立式，代入数据得=0.2 （2）设物体做匀加速直线运动的时间为t1，加速度为a1，则a1=0.8 m/s2根据牛顿第二定律得：FFf=ma1联立式，代入数据得：F=5.6N（3）.014 s内物体运动位移的大小为014 s速度图象的面积S=56m答：（1）物体与水平面间的动摩擦因数为0.2；（2）水平推力F的大小为5.6N；（3）014s内物体运动位移的大小为56m15质量为3kg的长木板A置于光滑的水平地面上，质量为2kg木块B（可视为质点）置于木板A的左端，在水平向右的力F作用下由静止开始运动，如图甲所示A、B运动的加速度随时间变化的图象如图乙所示（g取1
30、0m/s2）求（1）木板与木块之间的动摩擦因数（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（2）4s末A、B的速度（3）若6s末木板和木块刚好分离，则木板的长度为多少？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）对A受力分析，根据牛顿第二定律列方程求木板与木块间的动摩擦因数；（2）at图象与时间轴围成图形的面积等于速度大小；（3）由位移公式分别求出4到6s末木块和木板的位移，木板的长度为二者的位移差【解答】解：（1）由图知4s末AB间达到最大静摩擦力，此时a=2m/s2对于A板f=mAa=mBgAB间动摩擦因数=0.3（2）由图象4s末物体速度v=at1=4m/s（3）4到6s末t2=2s物体A运动的位移xA=vt2+aAt22xB=vt2+aBt22木板的长度l=xBxA=4m答：（1）木板与木块之间的动摩擦因数为0.3；（2）4s末A、B的速度为4m/s；（3）若6s末木板和木块刚好分离，则木板的长度为4m2016年8月1日高考资源网版权所有，侵权必究！