1、宣化一中2019-2020学年高三上学期11月月考化学试卷可能用到的相对原子质量：H 1 B 11 C 12 N 14 O 16 Na 23 Fe 56第卷（选择题）一、选择题1.化学与生产生活密切相关，下列与化学有关的叙述正确的是（ ）A. 酸性KMnO4溶液浸泡过的硅藻土可用于水果保鲜B. 对“地沟油”进行分馏可制得汽油、煤油，达到变废为宝的目的C. 煤的干馏可以得到苯、甲苯等烃，不能得到无机物D. 只用淀粉溶液即可检验食盐是否为加碘盐【答案】A【解析】【详解】A、乙烯具有催熟作用，酸性高锰酸钾溶液可以吸收乙烯，减慢水果成熟，A正确；B、地沟油属于油脂，含氧元素，汽油、煤油都属于烃，不符合
2、元素守恒，B错误；C、煤的干馏可以得到焦炭，C错误；D、加碘盐中的碘元素以碘酸钾的形式存在，而淀粉只能检验碘单质，D错误；故选A。2.下列化学用语正确的是（）A. 甲烷的球棍模型：B. 硝基苯的结构简式：C. 苯的最简式：C6H6D. 1-丁醇的键线式：【答案】D【解析】【详解】A、A为甲烷的比例模型，A错误；B、硝基苯的结构简式为：，B错误C、苯的最简式为CH，C错误；D、1-丁醇的键线式：，D正确；故选D。【点睛】最简式即表示为组成物质分子中原子的最简整数比。3.下列物质一定互为同系物的是（ ）A. C2H4和C5H10B. C4H10和C6H14C. 异丁烷和2甲基丙烷D. 和【答案】B
3、【解析】【分析】同系物：对于结构相似相差若干个CH2的有机物。即官能团相同。【详解】A、C2H4和C5H10可以为环烷烃或者烯烃，A错误；B、C4H10和C6H14均为烷烃，B正确；C、异丁烷和2甲基丙烷分子式相同，互为同分异构体，C错误；D、和分别属于醇和酚，D错误；故选B。【点睛】对于同系物的判定需要首先判断结构相似，即官能团是否相同，再判断是否相差CH2。如D选项，虽然相差两个CH2，并且都是羟基，但分别属于醇羟基和酚羟基，故不是同系物。4.现有八种物质：甲烷、苯、聚乙烯、氯乙烯、2丁炔、环己烷、邻二甲苯、乙醛，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能与溴水反应使之褪色的是( )A. B. C.
4、 D. 【答案】C【解析】【分析】既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能与溴水反应使之褪色，则分子中含碳碳双键或碳碳三键、-CHO等，以此来解答。【详解】氯乙烯中含碳碳双键、2-丁炔中含碳碳三键、乙醛中含-CHO，均既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能与溴水反应使之褪色，而均不能，只能与高锰酸钾溶液反应褪色；故选C。【点睛】能使酸性高锰酸钾褪色的有机物有：烯烃、炔烃、部分苯的同系物、醇、酚、醛。能使溴水褪色的有机物有：烯烃、炔烃、醛。故能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能与溴水反应使之褪色的是烯烃、炔烃、醛。5.下列有机物的命名正确的是（ ）A. ：1,2二甲基丙烷B. CH3CH2CHCH2：3丁烯C. C
5、H2ClCHClCH3：12二氯丙烷D. ：1,5二甲基苯【答案】C【解析】【详解】A、 ：2甲基丁烷，A错误；B、CH3CH2CHCH2：1丁烯，B错误；C、CH2ClCHClCH3：1,2二氯丙烷，C正确；D、：1,3二甲基苯，D错误；故选C。【点睛】有机物命名遵循长多近简小原则。即主链长、支链多、支链近、相同合并、位置相加最小。如A选项，要使主链最长，则应有4个C，A错误。6.在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为32的化合物是（ ）A. B. C. D. H3CCH2CH2CH3【答案】D【解析】【分析】由于同一个碳原子上的氢原子是相同的，同一个碳原子所连接的甲基上的氢原子是相同
6、的，具有对称性结构（类似于平面镜成像中物体和像的关系）。【详解】A、在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为31，A错误；B、在核磁共振氢谱中出现三组峰，其氢原子数之比为311，B错误；C、在核磁共振氢谱中出现三组峰，其氢原子数之比为314，C错误；D、在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为32，D正确。答案选D。7.下列反应中乙醇分子断裂的仅是碳氧键的是（ ）A. 乙醇与金属钠反应产生氢气B. 乙醇在浓硫酸140条件下反应C. 乙醇与氢卤酸发生取代反应生成卤代烃D. 乙醇在酸性重铬酸钾的氧化下生成乙醛或乙酸【答案】C【解析】详解】A、乙醇与金属钠反应产生氢气，断裂羟基中O-H键，故
7、A错误；B、乙醇在浓硫酸140C条件下发生分子间脱水反应生成乙醚，一个乙醇分子断裂C-O键，另一个乙醇分子断裂O-H键，所以该反应断裂的不仅仅是C-O键，故B错误；C、乙醇与氢卤酸发生取代反应生成卤代烃，羟基被卤素原子取代，断裂C-O键，故C正确；D、乙醇被氧化生成乙醛或乙酸，断裂O-H键，与羟基直接相连的碳原子上的C-H键也断裂，故D错误；故选C。8. 化学工作者一直关注食品安全，发现有人将工业染料“苏丹红I号”非法用作食用色素。苏丹红是一系列人工合成染料，其中“苏丹红4号”的结构式如下下列关于“苏丹红4号”说法正确的是（ ）A. 不能发生加成反应B. 属于芳香烃C. 可以使酸性高锰酸钾溶液
8、褪色D. 属于甲苯同系物【答案】C【解析】【详解】A.分子中含有苯环，可与氢气发生加成反应，A错误；B.分子中除了碳、氢元素还有氮、氧元素，不属于烃，B错误；C.分子中CH3及酚羟基能被酸性高锰酸钾溶液氧化，C正确；D.该化合物不是烃，不是甲苯的同系物，D错误。【点评】类比甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色、苯酚常温下能被氧气氧化，可知该物质能使酸性高锰酸钾溶液褪色；同系物是指结构相似、分子组成相差n个CH2的化合物。9.分子式为C5H12O的醇催化氧化后能生成的醛有( )A. 2种B. 3种C. 4种D. 5种【答案】C【解析】根据CH3-CH2-CH2-CH2-CH2OH结构看出，只有与羟基直接
9、相连的碳上有2个氢原子，才可以被催化氧化为醛，因此，5个碳的醇，可以看成4个碳的烃基与-CH2OH组合而成。这样的醇的结构有4种；答案选C。10.分子式为C5H10O2且属于酯的同分异构体有（）A. 9种B. 8种C. 7种D. 6种【答案】A【解析】【分析】分子式为C5H10O2的酯为饱和一元酯，形成酯的羧酸与醇的碳原子总数为5，讨论羧酸与醇含有的碳原子，进行书写判断。【详解】若为甲酸和丁醇酯化，丁醇有4种，形成的酯有四个：H COOCH2 CH2 CH2 CH3、HCOOCH2 CH(CH3)2、HCOOCH(CH3) CH2CH3、HCOOC(CH3)2；若为乙酸和丙醇酯化，丙醇有2种，
10、形成的酯有2个：CH3 COOCH2 CH2CH3、CH3 COOCH(CH3)2；若为丙酸和乙醇酯化，丙酸有1种，形成的酯有1个：CH3 CH2 COOCH2CH3；若为丁酸和甲醇酯化，丁酸有2种，形成的酯有2个： CH3CH2CH2COOCH3、(CH3)2CHCOOCH3；故有9种；故选A。11.霉酚酸是一种生物活性化合物。下列有关霉酚酸的说法正确的是（ ）A. 分子式为：C17H20O6B. 处于同一平面的碳原子至多9个C. 只有2个官能团D. 一定条件下， 1 mol霉酚酸最多可与3 mol H2反应【答案】A【解析】【分析】判断有机物的性质，关键是找出有机物中含有的官能团。【详解】
11、A.根据结构简式可知分子式为C17H20O6，正确；B.由于苯环和碳碳双键都是平面型结构，所以处于同一平面的碳原子至多16个，不正确；C.根据有机物的结构简式可知，分子中含有的官能团有酯基、酚羟基、碳碳双键、羧基和醚键，不正确，D.1个苯环消耗3个H2分子，1个碳碳双键消耗1个H2分子，所以1 mol霉酚酸最多可与4 mol H2反应，不正确。答案选A。12.苹果酸的结构简式为苹果酸可能发生的反应是（ ）与NaOH溶液反应；与石蕊试液作用变红；与金属钠反应放出气体；一定条件下与乙酸酯化；一定条件下与乙醇酯化：A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】羧基有酸性，可与NaOH溶液反应，与
12、石蕊试液作用变红，羧基和羟基可与金属钠反应放出氢气，醇羟基可以在一定条件下与乙酸发生酯化反应，羧基一定条件下与乙醇发生酯化反应。【详解】苹果酸中含有羧基，有酸性，可与NaOH溶液反应，故正确；苹果酸中含有羧基，有酸性，可以与石蕊试液作用变红，故正确；苹果酸中含有羧基和羟基，均可以与金属钠反应放出氢气，故正确；苹果酸中含有羟基，一定条件下与乙酸酯化，故正确；苹果酸中含有羧基，一定条件下与乙醇酯化，故正确；故选D。13.下列洗涤方法正确的是（ ）A. 粘附在试管内壁上的硫，用酒精洗涤B. 苯酚不小心滴在皮肤上，用氢氧化钠洗涤C. 做银镜反应后试管壁上的银镜，用稀硫酸洗涤D. 沾附在瓷盘上的油脂用热
13、的纯碱溶液洗涤【答案】D【解析】【详解】A、根据相似相溶原理，硫微溶于酒精，可用二硫化碳或热的氢氧化钠洗涤，故A错误；B、氢氧化钠具有腐蚀性，苯酚易溶于酒精，可用酒精洗涤，故B错误；C、银单质与稀硫酸不反应，可用稀硝酸洗去，故C错误；D、碳酸钠水解呈碱性，油脂在碱性条件下能水解，故D正确；故选D。14.下列除杂试剂和方法均正确的是（ ）选项物质除杂试剂除杂方法A乙烷中混有乙烯H2催化剂、加热B乙醇中混有乙酸饱和Na2CO3溶液分液C苯中混有苯酚足量浓溴水过滤D丙醇中混有水CaO蒸馏A. AB. BC. CD. D【答案】D【解析】【详解】A、不能准确控制氢气的量，引入新杂质，A错误；B、乙醇易
14、溶于水，不能用分液的方法分离，B错误；C、苯酚和溴反应生成的三溴苯酚溶于苯，且苯与溴单质相互溶解，引入新杂质，C错误；D、氧化钙具有吸水性，再通过蒸馏的方式可获得丙醇，D正确；故选D。15.1 mol M在稀硫酸、加热条件下可水解生成1 mol草酸（C2H2O4）和2 mol N（C5H12O）。下列说法不正确的是（ ）A. M的分子式为C12H22O4B. 1 mol草酸完全燃烧消耗0.5 mol O2C. N可能的结构有8种（不考虑立体异构）D. M、N均可发生氧化反应、加成反应和取代反应【答案】D【解析】【分析】1 mol M在稀硫酸、加热条件下可水解生成1 mol草酸（C2H2O4）和
15、2 mol N（C5H12O），则M的结构简式为C5 H11OOCCOOC5H11。【详解】A、M的分子式为C12H22O4，故A正确；B、草酸燃烧的方程式为：C2H2O4+O22CO2+H2O，故B正确；C、N为C5H11OH，其中-C5H11 有8种结构，故C正确；D、N的分子式C5H11OH，为饱和一元醇，可发生氧化反应和取代反应，不能发生加成反应，M为C5 H11OOCCOOC5H11，是二元酯，可发生氧化反应和取代反应，不能发生加成反应，故D错误；故选D。二、选择题16.某有机物A的结构简式如图所示下列叙述正确的是（） A. A不能和新制Cu（OH）2悬浊液反应B. A中含有2种含氧
16、官能团C. A能够发生加成、取代和消去反应D. 1molA和足量的NaOH溶液反应，消耗2molNaOH【答案】D【解析】【详解】A、A中含有羧基，能与Cu（OH）2反应生成盐和水，A错误；B、A中含有一COOH、-OH、-COO- ,3种含氧官能团，B错误；C、该分子中含有苯环、酯基、醇羟基、发基，所以应该具有苯、酯醇、羧酸的性质，能发生加成反应取代反应，与羟基相连的相邻的碳上没有氢，不能发生消去反应，C错误；D、羧基、酯基能和NaOH反应，所以1molA和足量的NaOH溶液反应，可以消耗2molNaOH，D正确；故选D。【点睛】能与新制Cu（OH）2悬浊液反应不只是醛，还有甲酸、甲酸酯和酸
17、。17.已知酸性： H2CO3HCO3-；现要将 转变为 ，可行的方法是A. 向该溶液中加入足量的稀硫酸，加热B. 将该物质与稀硫酸共热后，再加入足量的NaOH溶液C. 将该物质与足量的NaOH溶液共热，再通入足量CO2气体D. 将该物质与稀硫酸共热后，再加入足量的Na2CO3溶液【答案】C【解析】【分析】已知酸性：H2CO3HCO3-，将 转变为 ，则先发生水解反应，然后加入的物质与-COOH反应而不与-OH反应，据此分析。【详解】A在酸性条件下水解生成，故A错误；B在酸性条件下水解生成，再加入足量的NaOH溶液，-COOH和-OH均与NaOH溶液反应，故B错误；C与足量的NaOH溶液共热，
18、再通入足量CO2气体，生成，故C正确；D在酸性条件下水解生成，再加入足量的Na2CO3溶液生成，故D错误；故答案为C。18.已知：，正确的是（ ）A. M的所有原子可能在同一平面B. 1 mol N最多消耗2 mol NaC. 反应为还原反应D. 含有相同官能团的W的同分异构体有5种（不考虑立体异构）【答案】B【解析】【详解】A、M中含有甲基，不可能所有原子共面，A错误；B、1molN中含有1mol羟基和1mol羧基，均能与Na反应生成氢气，所以1 mol N最多消耗2 mol Na，B正确；C、反应为醇的消去反应，C错误；D、含有相同官能团的W的同分异构体有4种， ，D错误；故选B。【点睛】
19、要使原子在同一个平面，则C不能形成4个单键，即四面体结构。19.一定条件下，相对分子质量相等的醇B和羧酸C发生反应，生成分子式为C9H18O2的有机物A。A的可能的结构有（不考虑立体异构）（ ）A 14种B. 16种C. 18种D. 20种【答案】B【解析】【详解】相对分子质量相等的醇B和羧酸C发生反应，生成分子式为C9H18O2的有机物A。因为酸比醇多一个O原子，所以酸比醇少一个C原子，才能使相对分子质量相等，则羧酸含有4个C原子，而醇含有5个C原子，含有5个C原子的醇的有8种同分异构体： CH3CH2 CH2 CH2 CH2OH、CH3CH2CH2CH(OH)CH3、CH3CH2CH(OH
20、)CH2CH3、CH3CH2CH(CH3)CH2OH、CH3CH2C(OH)(CH3)CH3、CH3CH(OH)CH(CH3)CH3、CH2(OH)CH2CH(CH3)CH3、CH3C(CH3)2CH2OH，含有4个C原子的羧酸有2种同分异构体：CH3CH2CH2COOH、CH3CH( CH3)COOH，所以有机物A的同分异构体数目有28=16；故选:B。20.一定质量的某有机物与足量金属钠反应要得VAL气体相同质量的该有机物与足量的NaHCO3浓溶液反应，可得VBL气体已知在同温同压下VA和VB相同，该有机物可能是（）A. CH3CH（OH）COOHB. HOOC-COOHC. CH3CH2
21、CH2OHD. 【答案】A【解析】【详解】该物质能和钠反应生成氢气，说明存在羟基、羧基中的一种或两种，能和碳酸钠反应生成气体，说明含有羧基，化学反应中，羟基、羧基与氢气的个数比为2:1，羧基与二氧化碳个数之比为1:1，生成的氢气和二氧化碳相同条件下体积相同，即生成的氢气和二氧化碳物质的量相等，则分子中羟基和羧基个数相等，故选A。第卷（非选择题）三、填空题21.乙酸苯甲酯（G）是的一种具有茉莉花香气的有机物，该物质的一种合成路线如下图所示。已知：芳香烃D的密度是同条件下H2密度的46倍。（1）D的结构简式为_。B中官能团的名称为 _。（2）、的反应类型分别为_、_。（3）反应的化学方程式为_。（
22、4）E的含有苯环的同分异构体有_种。【答案】 (1). (2). 醛基 (3). 取代反应 (4). 取代反应（或水解反应） (5). CH3COOHH2O (6). 3【解析】【详解】由信息知.A为CH3CH2OH，B为CH3CHO，C为CH3COOH，D为，E为， F为，则:(1)、由分析可知D的结构简式为：；B的结构简式为：CH3CHO故答案为；醛基；(2)、.的反应类型分别为取代反应和取代反应；(3)、反应为CH3COOH和的酯化反应，故答案为CH3COOHH2O；(4) 中-Cl原子还可取代苯环上的H原子，故还有邻、间、对3种；故答案为3。22.某学习小组对液态有机物M进行如下探究实
23、验请回答：M组成的探究取6.2 g有机物M在足量O2中完全燃烧后，将生成 物全部通入如图1所示装置（夹持装置略去），则：（1）若不考虑尾气处理，该装置还有一个明显不足为_。（2）若不考虑其他因素，且生成物在A、B中全部被吸收，测得装置A增重5.4 g，装置B增重8.8 g，M的实验式为_，分子式为_。M结构的探究为确定M的官能团，该小组设计如图2所示装置（加持装置略）进行实验，步骤为：准确量取2.79 mL 1.11 gmL1的M加入分液漏斗中；打开分液漏斗活塞，当M恰好全部加入a中时，迅速关闭分液漏斗活塞；a中反应完全后，准确读取量筒中液体体积。（3）a仪器的名称为_；伸入量筒中的导管 _（
24、填“长”或“短”）些更合理。（4）实验前，检验C、D部分装置气密性的方法为_。（5）第步中，准确读取量筒读数，注意的事项为冷至室温、_和_。（6）下列各项，可能导致所测气体体积偏大的为_（填选项字母）。A所取M中含有少量水 B装置C中Na过量C装置D、E间导管中的水没有排入量筒中 D分液漏斗中液体M加入仪器a，将a中部分气体排入D（7）若量筒中水的体积转化为标准状况下气体体积为560 mL，装置C中反应的化学方程式为_（有机物用结构简式表示）。【答案】 (1). B装置后未连接阻止外界空气进入的装置，会导致所测CO2质量偏高。（其他合理答案也给分） (2). CH3O (3). C2H6O2
25、(4). 圆底烧瓶 (5). 长 (6). （4）关闭分液漏斗活塞，将量筒中的导管下口没入水面下，用热毛巾捂住圆底烧瓶（或a仪器）中上部，导管口有气泡冒出，撤掉毛巾，导管中进入一段水柱，则C、D部分装置气密性良好。（其他合理答案也给分） (7). 调整量筒高度，使D、E中水面相平 (8). 视线与量筒中凹液面最低点的切线相平 (9). A D (10). 2CH3OCH2OH2Na2CH3OCH2ONaH2【解析】【分析】、对M组成的探究取6.2g有机物M在足量O2中完全燃烧后，将生成物全部通入如图1装置，燃烧产物通过足量无水氯化钙吸收生成的水蒸气，通过装置B中碱石灰吸收生成的二氧化碳，最后装
26、置C中碱石灰防止空气中水蒸气和二氧化碳进入装置B影响测定准确度；(1)、由题中信息知，图1中装置A为测定生成水的质量，装置B为测定生成的CO2质量，故整套装置末端应加装个隔绝空气中的水和CO2进入的装置；(2)、若不考虑其他因素，且生成物在A、B中全部被吸收，测得装置A增重5.4g为生成的水蒸气足量，装置B增重8.8g为生成的二氧化碳气体质量，结合元素守恒计算有机物的最简式、确定分子式；、对M结构的探究(3)、依据装置中图象分析仪器名称；(5)、根据水面的特点明确量筒中液体体积；(6)、M和钠反应生成氢气，若量筒中水的体积转化为标准状况下气体体积为560mL，计算生成氢气物质的量和M物质的量，
27、据此判断羟基个数，得到M的结构简式，再写出方程式。【详解】(1)、由题中信息知，图1中装置A为测定生成水的质量，装置B为测定生成的CO2质量，故整套装置末端应加装个隔绝空气中的水和CO2进入的装置；故答案为B装置后未连接阻止外界空气进入的装置，会导致所测CO2质量偏高；(2)、5.4gH2O的物质的量0.3 mol，其中H原子为0.6mol，8.8gCO2的物质的量为0.2mol，其中C原子0.2mol，根据有机物的质量6.2g，可知有机物中含有氧元素，其物质的量为0.2mol，可得最简式CH3O，CH3O不满足C四键或者O的二键原则，将最简式中各原子数增大1倍得C2H6O2，其中C、H原子达
28、到烷烃的比例，可知其分子式为：C2H6O2，故答案为CH3O；C2H6O2；(3)、由装置图可知a为圆底烧瓶，伸入量筒的导管应尽量接近底部，这样在冷却过程中量筒中的水才可以回流到广口瓶中；故答案为圆底烧瓶；长；(4)、检验装置的气密性时需体现形成密闭体系、产生压强差、描述现象、得到结论四个环节；故答案为关闭分液漏斗活塞，将量筒中的导管下口没入水面下，用热毛巾捂住圆底烧瓶（或a仪器）中上部，导管口有气泡冒出，撤掉毛巾，导管中进入一段水柱，则C、D部分装置气密性良好；(5)、测定气体体积需在常温常压下进行，可知三个注意事项，故答案为调整量筒高度，使D、E中水面相平；视线与量筒中凹液面最低点的切线相
29、平；(6)A、根据水和M的密度、摩尔质量大小，则等体积的水的物质的量大于M，生成H2的体积大于M，A项正确；B、Na过量可使M完全反应，使测定结果准确，B项情误；C、装置D、E导管间中的水没有排入量筒中使所测结果偏小，C项错误；D、液体M加入仪器a，液体体积占用烧瓶空间，多排出气体，所测气体体积偏大，D项正确；故选AD；(7)、M的物质的量为，H2的物质的量为，则M与H2的物质的量之比为1：1，可知M的结构简式为CH3OCH2OH，可写化学方程式；故答案为2CH3OCH2OH2Na2CH3OCH2ONaH2。23.实验室用少量的溴水和足量的乙烯制备1，2-二溴乙烷的装置如图所示： 有关数据列表
30、如下： 乙醇1，2-二溴乙烷乙醚状态无色液体无色液体无色液体密度/gcm-30.792.20.71沸点/78.513234.6熔点/-l309-1l6回答下列问题： （1）烧瓶A中发生的主要的反应方程式：_。（2）安全瓶B可以防倒吸，并可以检查实验进行时试管D是否发生堵塞请写出发生堵塞时瓶B中的现象：_。（3）在装置C中应加入_（填字母），（a水 b浓硫酸 c氢氧化钠溶液）其目的是 _。（4）若产物中有少量副产物乙醚，可用 _ 的方法除去。 （5）反应过程中应用冷水冷却装置D，但又不能过度冷却（如用冰水），其原因是 _。【答案】 (1). CH3CH2OHCH2=CH2+H2O； (2). B
31、中水面会下降，玻璃管中水柱会上升。 (3). c (4). 除去CO2和SO2 (5). 蒸馏 (6). 过度冷却会使使产品凝固而使气路堵塞【解析】【分析】装置A：乙醇在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成乙烯，浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，装置B：B为安全瓶，可以防止倒吸，装置D生成1，2-二溴乙烷，反应后容器内气压减小，1，2-二溴乙烷熔点为9，冷却容易析出晶体，堵塞玻璃导管，根据B中内外液面高低变化，可以判断是否发生堵塞，装置C：二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应，二氧化硫能与溴反应，盛放氢氧化钠溶液除去乙烯中的二氧化碳、二氧化硫，装置D：乙烯与溴反应
32、生成1，2-二溴乙烷；溴易挥发，为防止污染空气，D装置之后需要连接盛放氢氧化钠溶液吸收尾气装置。(1)、三颈烧瓶A中发生反应是乙醇在浓硫酸的作用下加热到170产生乙烯；(2)、1，2-二溴乙烷熔点为9，冷却容易析出晶体，堵塞玻璃导管，B为安全瓶，可以防止倒吸，根据玻璃导管中内外液面高低变化，可以判断是否发生堵塞；(3)、浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应，二氧化碳在水中溶解度小，浓硫酸既不能吸收二氧化碳，也不能吸收二氧化硫，饱和碳酸氢钠溶液不能吸收二氧化碳；(4) 1，2-二溴乙烷与乙醚的沸点不同，两者均为有机物，互溶，用蒸馏
33、的方法将它们分离；(5)、乙烯与溴反应时放热，冷却可避免溴的大量挥发，但不能过度冷却(如用冰水)，否则使气路堵塞；【详解】(1)、A中乙醇发生消去反应生成乙烯，反应方程式为: CH3CH2OHCH2=CH2+H2O；故答案为CH3CH2OHCH2=CH2+H2O；(2)、1，2-二溴乙烷熔点为9，冷却容易析出晶体，堵塞玻璃导管，B为安全瓶，可以防止倒吸，根据玻璃导管中内外液面高低变化，可以判断是否发生堵塞；故答案为B中水面会下降，玻璃管中水柱会上升；(3)、浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，所以制取的乙烯气体中会含有CO2和SO2，而SO2具有还原性，也能使溴水褪
34、色，故装置C中盛有的溶液需吸收乙烯中的杂质气体二氧化碳和二氧化硫的，水吸收二氧化碳能力弱，浓硫酸不吸收二氧化碳、二氧化硫，饱和碳酸氢钠溶不吸收二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应被吸收，SO2+ 2NaOH=Na2SO3+ H2O， CO2+ 2NaOH=Na2CO3+ H2O，不和乙烯反应，故选用氢氧化钠溶液。故答案为 c；除去CO2和SO2；(4)、若产物中有少量副产物乙醚，1, 2-二溴乙烷与混有的乙醚互溶，但沸点不同，可用蒸馏的方法除去，故答案为蒸馏；(5)、溴在常温下，易挥发，乙烯与溴反应时放热，溴更易挥发，冷却可避免溴的大量挥发，但1，2-二溴乙烷的凝固点9较低，不能过
35、度冷却，否则会使产品凝固而堵塞导管，故答案为过度冷却会使使产品凝固而使气路堵塞。24.有机物AI之间的转化关系如图所示：已知：A有下列性质： 苯环上只有一个取代基。核磁共振氢谱中有五种峰。能使Br2的CCl4溶液褪色；能与碳酸氢钠溶液反应放出气体。请回答：（1）A中官能团的名称为_；其中最多有_个原子共平面。（2）G、I的结构简式为_、_。（3）和的反应类型分别为_、_。（4）F_（填“存在”或“不存在”）顺反异构现象。（5）反应的化学方程式为_。（6）符合下列条件的F的同分异构体有_种（不考虑立体异构），写出任意一种的结构简式_。i不能发生水解反应。ii苯环上有两个取代基iii1 mol F
36、与足量银氨溶液反应，生成4 mol Ag。（7）参照上述合成路线，设计一条由乙烯为起始原料，制备聚乙二酸乙二酯的合成路线（无机试剂任选）。_。【答案】 (1). 碳碳双键、羧基 (2). 19 (3). (4). (5). 加成反应 (6). 消去反应 (7). 不存在 (8). 2NaOHNaBrH2O (9). 12 (10). （邻、间、对三种），（邻、间、对三种），（邻、间、对三种），（邻、间、对三种）中的任意一种。 (11). 【解析】【分析】A的分子式为C9H8O2，A的苯环上只有一个取代基，能使Br2的CCl4溶液褪色，能与碳酸氢钠溶液反应放出气体，说明A的取代基上含有碳碳双键、
37、-COOH，核磁共振氢谱中有五种峰，则A为，A与HBr发生加成反应生成B及C，C在氢氧化钠水溶液条件下发生水解反应、酸化得到H，H中含有羧基、羟基，H在浓硫酸加热条件下得到I，I分子中含有3个六元环，应是2分子H发生酯化反应得到I，所以HI中羧基、羟基连接同一碳原子，故H为，I为，则C为，B为，B与甲醇发生酯化反应生成D为，D在醇溶液加热条件下发生消去反应生成F为，F发生加聚反应生成高分子化合物G为，C与甲醇发生酯化反应生成E为，E发生消去反应生成F。(7)、乙烯与溴发生加成反应生成BrCH2CH2Br，在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生取代反应生成HO CH2CH2OH，进一步发生催化氧化生成
38、OHCCHO，再进一步氧化生成HOOC-COOH，最后与乙二醇在浓硫酸、加热条件下发生缩聚反应得到聚乙二酸乙二酯。【详解】A的分子式为C9H8O2，A的苯环上只有一个取代基，能使Br2的CCl4溶液褪色，能与碳酸氢钠溶液反应放出气体，说明A的取代基上含有碳碳双键、-COOH，核磁共振氢谱中有五种峰，则A为，A与HBr发生加成反应生成B及C，C在氢氧化钠水溶液条件下发生水解反应、酸化得到H，H中含有羧基、羟基，H在浓硫酸加热条件下得到I，I分子中含有3个六元环，应是2分子H发生酯化反应得到I，所以H中羧基、羟基连接同一碳原子，故H为，I为，则C为，B为，B与甲醇发生酯化反应生成D为，D在醇溶液加
39、热条件下发生消去反应生成F为，F发生加聚反应生成高分子化合物G为，C与甲醇发生酯化反应生成E为，E发生消去反应生成F。(1)、A为，含有官能团为羧基、碳碳双键，苯环为平面结构、碳碳双键为平面结构、-COO-为平面结构，三个平面通过旋转单键可以处于同一平面，旋转单键可以使羧基中H原子处于该平面内，分子中所有原子都可以处于同一平面内，即最多有19个原子共平面，故答案为羧基、碳碳双键；19；(2)、G、I的结构简式分别为，故答案为；(3)、反应属于加成反应，反应属于消去反应，故答案为加成反应；消去反应；(4)、F的结构为：，F中的碳碳双键中，其中一个碳原子连接两个相同的H原子，不存在顺反异构，故答案
40、为不存在；(5)、C与足量NaOH溶液反应的化学方程2NaOHNaBrH2O，故答案为2NaOHNaBrH2O；(6)、符合下列条件的F()的同分异构体：i不能发生水解反应，ii苯环上有两个取代基， iii1 mol F与足量银氨溶液反应，生成4 mol Ag，说明含有2个-CHO，（邻、间、对三种），（邻、间、对三种），（邻、间、对三种），（邻、间、对三种）。故共有12种，故答案为12；（邻、间、对三种），（邻、间、对三种），（邻、间、对三种），（邻、间、对三种）中的任意一种；(7) 乙烯与溴发生加成反应生成BrCH2CH2Br，在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生取代反应生成HO CH2CH2OH，进一步发生催化氧化生成OHCCHO，再进一步氧化生成HOOC-COOH，最后与乙二醇在浓硫酸、加热条件下发生缩聚反应得到聚乙二酸乙二酯。合成路线流程图为：故答案为。