1、河北省张家口市宣化区宣化第一中学2021届高三物理上学期期初考试试题一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1. 新能源汽车是指采用非常规的车用燃料作为动力来源，综合车辆的动力控制和驱动方面的先进技术，形成的技术原理先进、具有新技术、新结构的汽车。为检测新能源汽车的基本性能，某志愿者驾驶汽车以的速度驶入水平长直试验场，某时刻开始刹车，汽车做匀减速直线运动直到速度减为0，然后马上使汽车做匀加速直线运动直到恢复最初的速度。从开始刹车到恢复最初速度的过程中汽车位移与速度的关系如图所示。下列说法中正确的是A. 汽车加速过程中加速度的大小为B. 该过程中汽车的总位移为20mC. 该过程所用的总时间为6
2、sD. 汽车刹车过程中加速度的大小为2. 如图所示，图线表示原子核的比结合能与质量数A的关系，下列说法中正确的是A. 核的结合能约为15MeVB. 核比核更稳定C. 两个核结合成核时要放出能量D. 核裂变成核和器核过程中，核子的平分均质量增加3. 一种吸引式捕虫装置的简化模型如图所示，核心部件中有一个半圆形的容器，直径AB水平，半径OC竖直，D为四分之一圆弧BC的中点。已知昆虫与容器之间的动摩擦因数小于1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。在昆虫缓慢从C点向右上方爬行的过程中，下列说法正确的是A. 昆虫所受捕虫器的摩擦力逐渐减小B. 昆虫所受捕虫器的支持力逐渐减小C. 昆虫可以爬过捕虫器的D点D.
3、昆虫所受捕虫器的作用力逐渐增大4. 如图所示，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压均为的灯泡和原、副线圈匝数比为4：断开时两灯泡均恰能正常发光。由此可知A. 电源电压B. S断开时，灯泡和的电流之比为1：1C. S闭合后，灯泡仍恰能正常发光D. S断开时，灯泡和的功率之比1：45. 一质点静止在光滑水平面上。现对其施加水平外力F，F随时间t按正弦规律变化，如图所示，下列说法正确的是A. 第2s末，质点的动量为0B. 第2s末，质点距离出发点最远C. 在内，F的功率先增大后减小D. 在内，F的冲量为06. 如图所示，在光滑水平面上有宽度为d的匀强磁场区域，边界线MN平行于PQ，磁场方向垂直平面向
4、下，磁感应强度大小为B，边长为的正方形金属线框，电阻为R，质量为m，在水平向右的恒力F作用下，从距离MN为处由静止开始运动，线框右边到MN时速度与到PQ时的速度大小相等，运动过程中线框右边始终与MN平行，则下列说法正确的是A. 线框在进磁场和出磁场的过程中，通过线框横截面的电荷量不相等B. 线框的右边刚进入磁场时所受安培力的大小为C. 线框进入磁场过程中一直做加速运动D. 线框右边从MN运动到PQ的过程中，线框中产生的焦耳热小于Fd7. 2019年春节档，科幻电影流浪地球红遍大江南北。电影讲述的是太阳即将毁灭，人类在地球上建造出巨大的推进器，使地球经历停止自传、加速逃逸、匀速滑行、减速入轨等阶
5、段，最后成为新恒星比邻星的一颗行星的故事。假设几千年后地球流浪成功，成为比邻星的颗行星，设比邻星的质量为太阳质量的，地球质量在流浪过程中损失了，地球绕比邻星运行的轨道半径为地球绕太阳运行轨道半径的，则下列说法不正确的是A. 地球绕比邻星运行的公转周期和绕太阳的公转周期相同B. 地球绕比邻星运行的向心加速度是绕太阳运行时向心加速度的C. 地球与比邻星的万有引力为地球与太阳间万有引力D. 地球绕比邻星运行的动能是绕太阳运行时动能的二、多选题（本大题共7小题，共28.0分）8. 两根不同金属导体制成的长度相等、横截面积相同的圆柱形杆，串联后接在某一直流电源两端，如图所示已知杆a的质量小于杆b的质量，
6、杆a金属的摩尔质量小于杆b金属的摩尔质量，杆a的电阻大于杆b的电阻，假设每种金属的每个原子都提供相同数目的自由电子载流子当电流达到稳恒时，若a、b内存在电场，则该电场可视为均匀电场下面结论中正确的是A. 两杆内的电场强度都不等于零，且a内的场强大于b内的场强B. 两杆内的电场强度都等于零C. 两杆内载流子定向运动的速度一定相等D. 无法确定两杆内载流子定向运动的速度大小关系9. 如图所示的正方形区域abcd，e、f分别为ad边和ab边的中点。三角形acd区域内有垂直纸面向外的匀强磁场。b点放置粒子源，带正电的粒子以不同的速率沿bd方向射出。忽略粒子间的相互作用，不计重力，粒子运动轨迹可能经过A
7、. a点B. d点C. e点D. f点10. 如图所示，EF为竖直面内某正方形区域ABCD的水平中线。一个氕核H、一个氘核和一个氦核以相同的动能从E点水平射入，已知在下列各情况下氕核恰好从C点射出，不计粒子重力、粒子间相互作用力及空气阻力，则A. 若该区域只存在竖直方向的匀强电场，则氘核可能从FC中点射出B. 若该区域只存在竖直方向的匀强电场，则氕核和氘核在该区域的运动轨迹应当重合C. 若该区域只存在垂直纸面的匀强磁场，则氕核和氘核在该区域的运动轨迹重合D. 若该区城只存在垂直纸面的匀强磁场，则氕核和氦核在该区域的运动轨迹重合11. 如图所示，a、b两个物体静止叠放在水平桌面上，已知，a、b间
8、的动摩擦因数为，b与地面间的动摩擦因数为已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对a施加一水平向右的拉力，下列判断不正确的是A. 若a、b两个物体始终相对静止，则力F不能超过B. 当时，a、b间的摩擦力为C. 无论力F为何值，b的加速度不会超过D. 当时，a、b间的摩擦力为12. 如图所示，水平面上放置一个固定平台和内壁光滑且竖直放置的固定圆弧形轨道。质量为m的小球从平台上水平向右抛出，恰好从B点沿切线方向进入圆弧形轨道，最后小球刚好能够通过圆弧形轨道的最高点已知圆轨道的半径为R，OB和OD的夹角为，重力加速度为g，忽略空气阻力，下列说法正确的是A. 小球通过最高点C时速度为B. 小
9、球通过最高点C时速度为0C. 平台高度为D. 小球抛出时的速度为13. 以下说法正确的是A. 饱和蒸汽在等温变化的过程中，当其体积减小时压强不变B. 气体放出热量，其分子平均动能减小C. 彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点D. 液体中的布朗运动是指组成液体的液体分子的运动E. 自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的14. 一列简谐横波沿x轴传播。如图1所示为简谐横波在时的波形图，如图2所示为平衡位置在处质点的振动图象，则下列说法正确的是A. 波沿x轴负方向传播B. 波的传播速度为C. 时刻，质点P的速度沿y轴正方向D. P、Q两质点的振动方向总是相反E.
10、从时刻开始，质点P比质点Q早回到平衡位置三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）15. 某实验小组采用如图甲所示的实验装置来研究加速度和力的关系，其中小车的质量为M，砂桶和砂子的总质量为m，不计所有摩擦。松开砂桶，小车带动纸带运动，若相邻计数点间的时间间隔，数据如图乙所示，则小车的加速度_结果保留三位有效数字。改变砂桶内砂子的质量，多次实验，以力传感器的示数F为横坐标、小车对应的加速度a为纵坐标，做出的图象如图丙，可知小车的质量_kg。16. 为了测某电源的电动势和内阻，实验室提供了如下器材：电阻箱R，定值电阻Rn，两个电流表、，电键，单刀双掷开关，待测电源，导线若干。实验小组成员设计如图甲
11、所示的电路图。闭合电键，断开单刀双掷开关，调节电阻箱的阻值为，读出电流表的示数；将单刀双掷开关合向1，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数仍为，此时电阻箱阻值为，则电流表的阻值_。将单刀双掷开关合向2，多次调节电阻箱的阻值，记录每次调节后的电阻箱的阻值R及电流表的示数I，实验小组成员打算用图象分析I与R的关系，以电阻箱电阻R为横轴，为了使图象是直线，则纵轴y应取_。A.IC.D若测得电流表的内阻为，定值电阻，根据选取的y轴，作出图象如图乙所示，则电源的电动势_V，内阻_。按照本实验方案测出的电源内阻值_。选填“偏大”、“偏小”或“等于真实值”四、计算题（本大题共5小题，共43.0分）17. 传送带
12、在工农业生产和日常生活中都有着广泛的应用。如图甲，倾角为的传送带以恒定速率逆时针转动，现将的货物放在传送带上的A点，货物与传送带的速度v随时间t变化的图象如图乙，整个过程传送带是紧绷的，货物经过到达B点。重力加速度、B两点间的距离L；货物从A运动到B的过程中，货物与传送带间因摩擦产生的热量Q。18. 如图所示，空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度在匀强磁场区域内，有一对光滑平行金属导轨，处于同一水平面内，且导轨足够长，导轨间距，导轨电阻可忽略不计。质量均为、电阻均为的金属导体棒MN和PQ垂直放置于导轨上，且与导轨接触良好。先将PQ暂时锁定，金属棒MN在垂直于棒的拉力F作用下，由静止开始以加速
13、度向右做匀加速直线运动，2s后保持拉力F的功率不变，直到棒以最大速度未知做匀速直线运动。求2s末时拉力的功率P；当棒MN达到最大速度时，解除PQ锁定，同时撤去拉力，两棒最终均匀速运动，求PQ棒的最终速度。19. 若弹簧处于自然长度时其具有的弹性势能为0，则弹簧弹性势能的表达式为，其中k为弹簧的劲度系数，x为形变量。现有一个劲度系数为k的轻质弹簧一端固定在竖直墙上，如图所示，另一端与放在光滑水平面上的质量为m的物体A相连，质量为3m的物体B放置在倾斜角度为0的光滑斜面上。A、B两物体用跨过定滑轮的轻绳连接，且物体A只在足够长的水平面上运动，物体B只在足够长的斜面上运动。开始时，物体B在沿斜面向上
14、的外力和沿斜面向下的恒力的共同作用下保持静止，此时轻绳恰好伸直，现撒去外力，直到物体B获得最大速度，弹簧始终未超过弹性限度。已知重力加速度为g。求：物体B获得的最大速度vm；从撤掉外力F到物体B获得最大速度的过程中，轻绳对物体B做的功。20. 如图甲所示，竖直放置的左端封闭、右端足够长且开口的U形均匀玻璃管中用水银柱封闭一段长为的空气柱，两边管中水银柱长度分别为、，大气压强。求封闭空气柱的压强用cmHg表示；现将U形管缓慢倒转使其开口向下，达到新的平衡，如图乙所示，假设在整个过程中环境的温度不发生变化，试求新平衡状态下空气柱的长度。21. 如图所示为一玻璃砖的横截面，其中OAB是半径为R的扇形
15、，OBD为等腰直角三角形。一束光线从距O点的P点垂直于OD边射人，光线恰好在BD边上发生全反射，最后由AB边射出。已知光在真空中的传播速度为c，求：玻璃砖对该光线的折射率；光在玻璃砖中传播的时间。物理试卷答案和解析1.【答案】C【解析】解：AD、由图可知，汽车匀减速直线运动的位移为，设匀减速过程的加速度大小为，据速度位移关系公式解得：；匀加速直线运动的位移为：设匀加速过程的加速度大小为，据速度位移关系公式解得：，故AD错误；BC、由图可知，汽车的总位移为：，汽车运动的总时间为：，故B错误，C正确；故选：C。由图可知，匀减速直线运动和匀加速直线运动的位移和初、末速度，根据速度位移关系公式计算加速
16、度；根据平均速度公式计算运动时间；解决本题的关键知道汽车哪一段做匀减速运动哪一段做匀加速运动，结合运动学公式灵活求解，基础题。2.【答案】C【解析】解：A、Li的平均结合能是，把一个锂核分解成6个自由核子要消耗能量，即结合能：故A错误；B、比结合能越大越稳定，核比结合能比核比结合能大，所以核比核更稳定，故B错误；C、两个核结合成核时，有质量亏损，要释放能量，故C正确；D、核裂变成和核过程中，会出现质量亏损，核子的平均质量减小，故D错误。故选：C。比结合能越大的原子核越稳定；轻核聚变时，质量亏损释放能量；重核裂变时，质量亏损释放能量。本题考查了原子核的结合能、比结合能、质量亏损等知识点。此题关键
17、是抓住比结合能等于结合能与核子数的比值，比结合能越大，原子核越稳定。3.【答案】B【解析】解：昆虫缓慢上爬，可以认为昆虫处于平衡状态，则合力始终为零；设昆虫所在处捕虫器圆弧切线与水平方向的夹角为，根据共点力平衡有：摩擦力： 支持力：。A、向上爬动过程中，角逐渐增大，昆虫所受捕虫器的摩擦力逐渐增大，故A错误；B、向上爬动过程中，角逐渐增大，昆虫所受捕虫器的支持力逐渐减小，故B正确；C、在D点恰好滑动时，有：，由于小于1，所以D点与球心的连线与竖直方向的夹角小于故C错误；D、在昆虫向上爬的过程中，捕虫器对昆虫的作用力都等于昆虫的重力，所以在上爬过程中，昆虫所受捕虫器的作用力不变，故D错误。故选：B
18、。昆虫缓慢上爬，可以认为小虫处于平衡状态，合力为零，昆虫所受的摩擦力为静摩擦力，越往上爬，所受静摩擦力越大。本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。4.【答案】D【解析】解：A、副线圈的电压为，根据，解得原线圈的电压，电源电压，故A错误。B、S断开时，灯泡和的电流之比，故B错误。C、S闭合后，原线圈的电压为电源电压，根据，解得：，灯泡仍不能正常发光，故C错误。D、S断开时，灯泡和的电压相同，电流之比，所以功率之比为，故D正确。故选：D。根据原副线圈电压
19、和匝数关系、电流和匝数关系可以求出这道题。本题考查了变压器的构造和原理。掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决。5.【答案】C【解析】解：从图象可以看出在前两秒力的方向和运动的方向相同，物体经历了一个加速度逐渐增大的加速运动和加速度逐渐减小的加速运动，所以第2s末，质点的速度最大，动量最大，故A错误；B.该物体在后半个周期内受到的力与前半个周期受到的力的方向不同，前半个周期内做加速运动，后半个周期内做减速运动，所以物体2s后继续向原来的方向做减速运动，2s末并不是离出发点最远，故B错误；C.内，速度在增大，力F先增大后减小，根据瞬时功率得力F瞬时功率开始时为0，2s末的
20、瞬时功率为0，所以在时间内，F的功率先增大后减小，故C正确。D.在图象中，F与t之间的面积表示力F的冲量，由图可知，之间的面积为正，F的冲量不为故D错误。故选：C。从图象可以看出在前两秒力的方向和运动的方向相同，物体经历了一个加速度逐渐增大的加速运动和加速度逐渐减小的加速运动，2s末速度达到最大，从2秒末开始到4秒末运动的方向没有发生改变而力的方向发生了改变与运动的方向相反，物体又经历了一个加速度逐渐增大的减速运动和加速度逐渐减小的减速的和前2秒运动相反的运动情况，4秒末速度为零，物体的位移达到最大。注意根据图象面积表示位移可以迁移得：在图象中，F与t之间的面积表示F的冲量，则在时间内，F的冲
21、量不为0。解决该题的关键是能根据图象正确分析物体的运动情况，知道图象的面积代表的是力的冲量大小；6.【答案】B【解析】解：A、线框在进磁场和出磁场的过程中，通过线框的磁通量变化量大小相等，根据分析知通过线框横截面的电荷量相等，故A错误。B、线框进入磁场前过程，由动能定理得：，解得：线框受到的安培力为：故B正确。C、线框右边到MN时速度与到PQ时速度大小相等，线框完全进入磁场过程不受安培力作用，线框完全进入磁场后做加速运动，由此可知，线框进入磁场过程做减速运动，故C错误；D、线框右边到达MN、PQ时速度相等，线框动能不变，则该过程线框产生的焦耳热：，故D错误；故选：B。根据磁通量的变化量，由分析
22、电荷量的关系。线框的右边刚进入磁场时，应用、欧姆定律和安培力公式求出安培力的大小。根据题意分析清楚线框的运动过程，应用能量守恒定律分析焦耳热。本题是电磁感应与电路、力学相结合的综合题，根据题意分析清楚线框的运动过程是解题的前提与关键，应用功能关系、安培力公式即可解题。7.【答案】D【解析】解：A、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，则：，即：，故A正确；B、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，故B正确：C、万有引力，代入数据计算解得，故C正确；D、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，动能：，代入数据计算解得动能之比为，故D错误；本题选不正确的，故选：D。万有引力提供
23、向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律求出地球的周期、向心加速度、线速度，然后分析答题。本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供向心力是解题的前提与关键，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以解题。8.【答案】AD【解析】解：A、B、ab串联接在电源的两端，两杆内部都存在恒定电场，近似看成匀强电场，则场强为，又，得，两杆的长度d相等，电流I相等，则得，由于杆a的电阻大于杆b的电阻，则a内的场强大于b内的场强故A正确，B错误C、D、根据电流的表达式，又单位体积内载流子数目，m是质量，M是摩尔质量，是阿伏伽德罗常数，V是体积，则得：由题意，S、V、e、相等，串联时电流I相等，已知杆a的质量小于杆
24、b的质量，杆a金属的摩尔质量小于杆b金属的摩尔质量，由上式不能确定载流子定向移动速度v的大小，故C错误，D正确故选：AD由题知两杆内都建立电场，场强不为零，根据和分析场强的大小；根据电流的微观表达式，分析载流子定向移动速率关系解决本题关键要掌握场强与电压的关系式，欧姆定律，以及电流的微观表达式9.【答案】CD【解析】解：A、当粒子刚好与ad边相切时运动轨迹如图1所示，所以粒子不会经过a点，故A错误；B、粒子进入磁场一定发生偏转，不会沿直线经过d点，故B错误；C、当粒子刚好与ad边相切时运动轨迹如图1所示，如果速度增大，将从ad边射出，有可能从e点射出，故C正确；D、当粒子刚好与ad边相切时运动
25、轨迹如图1所示，如果粒子速度减小，则轨道半径减小，粒子运动轨迹如图2所示时刚好经过f点，故D正确。故选：CD。画出粒子刚好与ad边相切时运动轨迹，根据速度的变化分析粒子可能经过的位置。对于带电粒子在磁场中的运动情况分析，一般是确定圆心位置，根据几何关系求半径，结合洛伦兹力提供向心力求解未知量，本题是通过画图进行分析的。10.【答案】BD【解析】解：AB、带电粒子在匀强电场中运动，设正方形边长为x，水平方向：，竖直方向：，联立解得：，动能一样，电荷量相同则轨迹重合，故B正确A错误；CD、带电粒子在磁场中运动，由，联立解得：，所以氕核和氦核半径相同。故D正确C错误。故选：BD。带电粒子在匀强电场中
26、运动，粒子做类平抛运动，根据运动的分解即可求解；带电粒子在磁场中运动，由洛伦兹力提供向心力，结合动量与动能的关系可求解。本题考查了粒子在电场、磁场中的运动，只要掌握粒子在电场、磁场中运动的常规思路即可求解。11.【答案】AC【解析】解：当a对b的摩擦力为最大静摩擦力时，a、b将要发生相对滑动，故a、b一起运动的加速度的最大值满足，b运动的最大加速度，对a、b整体，只要，a、b就会发生相对运动，故AC错误：B.当时，对a、b整体，有则对b，则，故B正确；D.当时，a、b相对运动，a、b之间为滑动摩擦力，则，故D正确；本题选不正确的，故选：AC。根据题意求出a、b之间的最大静摩擦力，隔离对b分析求
27、出a相对于b静止的临界加速度，通过牛顿第二定律求出a、b不发生相对滑动时的最大拉力。然后通过整体法隔离法逐项分析。解决该题的关键在于知道两物体发生相对运动的临界条件是接触面的摩擦力达到最大静摩擦力，根据受力情况找到临界加速度；12.【答案】AD【解析】解：AB、小球刚好能够通过圆弧形轨道的最高点，由牛顿第二定律得：，小球经过最高点的速度，故A正确B错误：D、由B点到C点列动能定理得：，解得：，B点速度与水平面夹角为，B点水平速度为，B点竖直速度为，所以小球抛出点速度为，故D正确；C、由抛出点到C点，由动能定理得：，解得：，故C错误。故选：AD。小球刚好能够通过圆弧形轨道的最高点，由牛顿第二定律
28、可求得速度大小；由B点到C点列动能定理可求得B点的速度，再将B点的速度分解可得到水平速度，即得到抛出的速度；由抛出点到C点，由动能定理可求得平台高度。本题考查了动能定理、牛顿第二定律的综合应用，要注意在B点能借助平抛运动的思路得到抛出的速度。13.【答案】ACE【解析】解：A、饱和蒸汽压和温度有关，和其体积无关，故A正确。B、气体放出热量，可能温度不变，其分子平均动能不变，故B错误。C、彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，故C正确。D、布朗运动不是液体分子的运动，也不是固体小颗粒分子的运动，而是小颗粒的运动，故D错误。E、根据热力学第二定律，自然发生的热传递过程是向着分子热运
29、动无序性增大的方向进行的，故E正确。故选：ACE。饱和汽压随温度的升高而增大，饱和汽压与蒸气所占的体积无关，也和这种体积中有无其他气体无关；气体放热，可能是分子势能增大而分子平均动能不变，即温度不变；彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点；布朗运动不是液体分子的运动；自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的。本题考查了热力学第二定律、布朗运动、温度是分子平均动能的标志、晶体和非晶体、饱和汽、未饱和汽和饱和汽压等知识点。这种题型知识点广，多以基础为主，只要平时多加积累，难度不大。14.【答案】BCE【解析】解：A、处的质点沿y轴正方向振动，则波沿x轴正方向传播，故
30、A错误。B、由图1得波长，由图2得周期，则波速，故B正确。C、根据波动规律可知，质点P在时刻速度沿y轴正方向，故C正确。D、相距半波长奇数倍的两质点振动方向总是相反，质点P、Q相距不是半波长的奇数倍，故振动方向不总是相反，故D错误。E、质点Q沿y轴负方向振动，则质点P先回到平衡位置，故E正确。故选：BCE。由图读出波长和周期，根据波长和周期求波速。由时间与周期的关系分析质点b的振动速度。先根据质点的振动图象，判断波的传播方向，再据波形成的条件和特点分析各质点的振动情况。本题考查波动图象，关键是结合波形图得到各个质点的振动情况，根据波长和周期求波速。15.【答案】 【解析】解：由题知，小车做匀加
31、速直线运动，由匀加速直线运动的推论，得由题意知，小车所受拉力 又 由，结合图象知当时，此时图象斜率为整理得，故答案为：；。根据匀变速直线运动的推论，可以得出加速度的表达式，代入数据可以求出加速度；找出a与F关系，结合图象可以求出小车的质量。本题考查探究加速度与物体质量、物体受力的关系，关键要能判断小车受到的拉力与力传感器的示数关系。16.【答案】 C 3 等于真实值【解析】解：由题意可知，电路电流保持不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电阻不变，则电流表内阻等于两种情况下电阻箱阻值之差，即：；根据题意与图示电路图可知，电源电动势：，整理得：，为得到直线图线，应作图象，故选C。由图线可知：，解得
32、，电源电动势：，电源内阻：；实验测出了电流表的内阻，由可知，电源内阻的测量值等于真实值。故答案为：；等于真实值。根据闭合电路欧姆定律与题意求出电流表内阻。根据实验电路应用闭合电路欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据题意分析答题。根据图象函数表达式与图示图象求出电源电动势与内阻。本题考查了实验数据处理，认真审题理解题意、知道实验原理是解题的前提，根据题意应用闭合电路欧姆定律求出图象函数表达式是解题的关键，应用闭合电路欧姆定律即可解题。17.【答案】解：由货物图线所围成面积代表货物对地位移，即传送带长度L可得：代入数据：、可得：由图象可知，内物块在传送带上先做匀加速直线运动，加速度为：，物体受摩
33、擦力，方向向下，重力和支持力，由牛顿第二定律得：在内做的匀加速直线运动，对物体受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，由牛顿第二定律得：由图象可得：联立解得：由图象面积可得：故整个过程产生的热量：答：、B两点间的距离L为；货物从A运动到B的过程中，货物与传送带间因摩擦产生的热量Q为。【解析】物体在传送带上先做匀加速直线运动，然后做的匀加速直线运动，根据速度时间图线围成的面积的表示物块的位移求解A、B两点间的距离L；由速度图象确定匀加速的加速度，通过受力分析，找到合外力，计算夹角和摩擦因数，根据功的计算公式和能量守恒定律计算摩擦生热。本题一方面要分析货物的运动情况，由图象结合求解加速度，再结合
34、牛顿第二定律分两个过程列式求解摩擦因数及斜面倾角是关键，求摩擦产生的热量注意找两物体的相对位移。18.【答案】解：金属棒MN在2s末时的速度：其所受安培力：，由牛顿第二定律得：拉力的功率：联立解得金属棒MN达到最大速度时，金属棒MN受力平衡：保持拉力的功率不变：由可得：撤去拉力后，对金属棒PQ、MN组成的系统，取向右为正方向，由动量守恒定律可得：解得答：末时拉力的功率P是4W；棒的最终速度是。【解析】金属棒MN做匀加速直线运动，根据求出2s末金属棒的速度，根据法拉第定律、欧姆定律和安培力公式结合求出金属棒受到的安培力，再由牛顿第二定律求得拉力，即可由求拉力的功率P；当金属棒MN达到最大速度时，
35、金属棒MN受力平衡，根据平衡条件列式。撤去拉力后，对金属棒PQ、MN组成的系统，由动量守恒定律列式，结合拉力的功率不变求PQ棒的最终速度。解决该题关键要分析两棒的运动情况，清楚运动过程中不同形式的能量的转化，知道撤去拉力后系统的合外力为零，遵守动量守恒定律。19.【答案】解：开始时，绳上拉力为0，对物体B由平衡条件得：解得：当物体B获得最大速度时的加速度为0，对物体B：对物体A：联立解得：对物体A、B组成的系统，由动能定理可得：解得：对物体B由动能定理可得：解得：答：物体B获得的最大速度；从撤掉外力F到物体B获得最大速度的过程中，轻绳对物体B做的功。【解析】当物体B获得最大速度时的加速度为0，
36、对AB分别列平衡方程，对系统由动能定理可求得物体B获得的最大速度；对物体B由动能定理可求得轻绳对物体B做的功。本题考查了平衡条件、动能定理的综合应用，关键要知道物体B获得的最大速度时的受力特点。20.【答案】解：cmHg代入数据得设试管的横截面积为S，倒转后封闭管中仍有水银，而空气柱长度增加了x，如图所示，则由玻意耳定律有：而cmHgcmHg代入数据得：，由于、均小于，故倒转后管中仍有水银，对应的空气柱长度为或答：封闭空气柱的压强80cmHg；现将U形管缓慢倒转使其开口向下，达到新的平衡，如图乙所示，假设在整个过程中环境的温度不发生变化，新平衡状态下空气柱的长度为20cm或30cm【解析】以密
37、封气体为研究对象，密封气体的压强等于高度差与大气压强的和；密封气体做等温变化，设封闭管中仍有水银，求出状态参量，由波意尔定律即可求得。此题考查的是玻意耳定律的应用，难点是第二问倒转后要先判断是否左管中仍有水银，求气体压强是本题的一个难点。21.【答案】解：作出光路图，如图所示，由几何关系知：又光线恰好发生全反射，所以解得：由几何关系知，BD边与OA边平行，光线在OA边上也恰好发生全反射。因此因此光在玻璃砖中传播的路程光在支璃砖中传播的时间：解得：答：玻璃砖对该光线的折射率是；光在玻璃砖中传播的时间是。【解析】根据题意作出光路图，由几何关系可求得发生全反射的临界角，则折射率可求解；由几何关系求得光在玻璃中的传播路程，根据求得在玻璃中的传播速度，则传播时间可求解。本题是结合光学的题目，常规思路是画出光路图，由折射定律、全反射定律结合数学知识求解。