1、河南省郑州市五校联考 20152016 学年度高二上学期期中物理试卷一、选择题（本题共 12 小题，每小题 4 分，共 48 分1-9 题为单项选择题，102 题为多项选择题全 部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错或不答的得 0 分）1两个完全相同的金属小球，带电量相等，相互间的引力为 F，用第三个不带电的相同小球依次接 触两个带电球后再移走，且保持两小球间距不变，则两者之间的相互作用力变为（）A B C D2下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（）场强 E= 场强 E= 场强 E= 电场力做功 W=UqABCD3如图所示，带负电的金属环绕轴 OO以角速度
2、 匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡 的位置是（）AN 极竖直向上 BN 极竖直向下CN 极沿轴线向右DN 极沿轴线向左4如图，R1 和 R2 是材料相同、厚度相同、表面都为正方形的导体，R1 的表面边长是 R2 的表面边 长的 2 倍，则 R1 和 R2 的大小关系是（）AR1R2BR1=R2CR1R2D无法判断5在如图所示的 4 种情况中，a、b 两点的电势相等，电场强度也相同的是（）A带电平行板电容器两极板间的 a、b 两点 B离点电荷等距的a、b 两点 C达到静电平衡时导体内部的 a、b 两点D两个等量异种电荷连线上，与连线中点 O 等距的 a、b 两点6电动势为 E、内阻为 r
3、 的电源与定值电阻 R1、R2 及滑动变阻器 R 连接成如图所示的电路，当滑 动变阻器的滑片由中点滑向 a 端时，下列说法正确的是（）A电压表和电流表读数都增大 B电压表和电流表读数都减小 C电压表读数增大，电流表读数减小 D电压表读数减小，电流表读数增大7带电粒子仅在电场力作用下，从电场中 a 点以初速度 v0 进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到 b点，如图所示，可以判断（）A粒子的加速度在 a 点时较大 B粒子的电势能在 b 点时较大 C粒子可能带负电，在 b 点时速度较大 D粒子一定带正电，动能先变小后变大8电动自行车因轻便、价格相对低廉、污染和噪音小而受到市民喜爱某国产品牌电动自行车的
4、铭牌如下，则此车所配电机的内阻为（）规格后轮驱动直流永磁电机车型：20电动自行车电机输出功率：175W电源输出电压：36V额定工作电压/电流：36V/5A整车质量：40kg额定转速：240r/minA0.2 B7.0 C7.2 D7.49如图所示为有两个量程的电压表，当使用 a、b 两个端点时，量程为 010V，当使用 a、c 两个 端点时，量程为 0100V已知表头内阻 Rg 为 100，满偏电流 Ig 为 1mA，则关于 Rg、R1、R2 的 关系正确的是（ ）AR1=100Rg BR2=1000Rg CR1=99Rg DR2=999Rg10下列说法中正确的是（） A电荷在某处不受电场力的
5、作用，则该处的电场强度为零 B一小段通电导线在某处不受安培力的作用，则该处磁感应强度一定为零 C把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱 D把一小段通电导线放在磁场中某处，所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比 值表示该处磁场的强弱11如图所示，直线 a 为某电源的路端电压随电流变化的图线，直线 b 为电阻 R 两端的电压与电流 关系的图线，用该电源和该电阻组成的闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别为（）A2W B4W C0.5 D112平行板电容器的两极板 A、B 接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键 S， 电容器充
6、电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为 ，如图所示则下列分析正确的是（）A保持电键 S 闭合，带正电的 A 板向 B 板靠近，则 增大 B保持电键 S 闭合，带正电的 A 板向 B 板靠近，则 不变 C电键 S 断开，带正电的 A 板向 B 板靠近，则 增大 D电键 S 断开，带正电的 A 板向 B 板靠近，则 不变二、实验题（本题共 2 小题，第 13 题 8 分，第 14 题 6 分，共 14 分）13关于多用电表的应用，请回答以下问题：（1）（选择）下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是 A测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关 S 拨至倍率较小的档位 B测量电阻时，如果红、黑表笔分别
7、插在负、正插孔，则会影响测量结果 C测量电路中的某个电阻的阻值时，应该把该电阻与电路断开 D测量阻值不同的电阻时都必须重新调零如图所示，为多用表的表盘，测电阻时，若用的是100 量程，这时表针所示被测电阻的阻值应为 欧；测直流电流时，用的是 100mA 的量程，指针所示电流值为 毫安；测直流电压 时，用的是 50V 量程，则指表针所示的电压值为 伏14有一个额定电压为 2.8V，功率约为 1W 的小灯泡，现要用描绘这个小灯泡的伏安特性曲线，有 下列器材供选用：A电压表（03V，内阻 6K） B电压表（015V，内阻 30K） C电流表（03A，内阻 0.1） D电流表（00.6A，内阻 0.5
8、） E滑动变阻器（10，2A） F滑动变阻器G蓄电池（电动势 6V，内阻不计）（1）在该实验中，为减小实验误差，方便调节，请在给定的四个电路图选取适当的电路（）ABCD 为使测量结果尽量的准确可靠，请在给定的仪器中选取适当的器材，并将它们的编号填在横线上， 电压表应选用 ，电流表应选用 ，滑动变阻器应选用 （用器材前序号字母表示）（3）通过实验测得此小灯泡的伏安特性曲线如图所示，这表面导体的电阻随温度升高而 ，由图线可求得此小灯泡在 U=2V 时的电阻为 （保留 2 位有效数字）三、计算题（本题共 4 小题，共 38 分）15在匀强电场中，将一电荷量为 3105 的负电荷由 A 点移到 B 点
9、，其电势能增加了 0.06J已知A、B 两点间距为 4cm，两点连线与电场方向成 60角，求：（1）在电荷由 A 点移到 B 点的过程中，电场力做的功 WABA、B 两点间的电势差 UAB 以 B 为零势能点，A 点电势 A（3）该匀强电场的电场强度 E16如图所示的电路中，当 S 闭合时，电压表和电流表（均为理想电表）的示数各为 1.6V 和 0.4A；当 S 断开时，它们的示数各改变 0.1V 和 0.1A，求电源的电动势和内阻17如图所示，质量为 m、电量为 q 的带电粒子静止放入电压为 U1 的加速电场，然后垂直电场强度 方向进入长为 L、两极距离为 d、电压为 U2 的偏转电场求：（
10、1）粒子经过偏转电场的时间；粒子离开偏转电场时的侧向移动距离 y；（3）粒子离开偏转电场时的速度偏向角 的正切值18如图所示，固定于同一条竖直线上的 A、B 是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为+Q 和Q，A、B 相距为 2dMN 是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球 p，其质 量为 m、电荷量为+q（可视为点电荷，不影响电场的分布），现将小球 p 从与点电荷 A 等高的 C 处 由静止开始释放，小球 p 向下运动到距 C 点距离为 d 的 O 点时，速度为 v，已知 MN 与 AB 之间的 距离为 d，静电力常量为 k，重力加速度为 g求：（1）C、O 间的电势差 UC
11、O； 小球 p 在 O 点时的加速度；（3）小球 p 经过与点电荷 B 等高的 D 点时的速度河南省郑州市五校联考 20152016 学年度高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共 12 小题，每小题 4 分，共 48 分1-9 题为单项选择题，102 题为多项选择题全 部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错或不答的得 0 分）1两个完全相同的金属小球，带电量相等，相互间的引力为 F，用第三个不带电的相同小球依次接 触两个带电球后再移走，且保持两小球间距不变，则两者之间的相互作用力变为（）A B C D【考点】库仑定律【专题】定量思想；方程法；电场力与电势的性质专
12、题【分析】理解库仑定律的内容知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先 中和再平分【解答】解：假设 A 带电量为 Q，B 带电量为Q，两球之间的相互吸引力的大小是 F=k第三个不带电的金属小球 C 与 A 接触后，A 和 C 的电量都为，C 与 B 接触时先中和再平分，则 C、B 分开后电量均为，这时，A、B 两球之间的相互作用力的大小 F=k= ，故 C 正确、ABD 错误 故选：C【点评】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分根据库 仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题2下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（ ）场
13、强 E= 场强 E= 场强 E= 电场力做功 W=UqA B C D【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】题中的四个物理公式，分别是：电场强度的定义式、匀强电场中电场强度与电势差的关系 公式、点电荷产生的电场的场强公式和电场力做功与电势差关系公式；结合物理公式得出的过程进 行分析即可【解答】解：电场强度 E=是用比值定义法得出的物理量，是从力角度研究电场的物理量，适用 于任意电场，故正确；匀强电场中沿场强方向电势降低最快，且没前进相同距离电势的降低相等，故匀强电场中任意 两点的间的电势差与两点沿电场线的距离成正比；故电场强度与电势差的关系公式
14、U=Ed 仅仅适用 与匀强电场，故错误；点电荷产生的电场的场强公式 E=是由电场强度的定义式和库仑定律联立得到，反映了点电荷 的电场中任意一点的电场强度与该点的空间位置和场源电荷的电荷量的关系，而电场有多种，不是 只有点电荷有电场，故错误；电场力做功与电势差的关系公式 W=qU，反映了在电场中任意两点间移动电荷时，电场力做功与 两点间电势差成正比，适用于任意电场，故正确；故选 D【点评】本题关键是要熟悉有关电场的各个公式，要知道公式的推导过程，从而能够确定公式的适 用范围3如图所示，带负电的金属环绕轴 OO以角速度 匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡 的位置是（）AN 极竖直向上 BN
15、极竖直向下CN 极沿轴线向右 DN 极沿轴线向左【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】带负电旋转，则可知电流方向，再由右手螺旋定则可知磁极的方向，再根据磁极间的相互 作用可知小磁针的偏转方向【解答】解：带负电金属环，如图所示的旋转则金属环的电流方向与旋转方向相反再由右手螺 旋定则可知金属环磁极的方向：左端 S 极，右端 N 极因此小磁针 N 极沿轴线向右故 C 正确， ABD 错误；故选：C【点评】本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求能熟练准确的应用右手螺旋定则注意 电流的方向与负电荷的运动方向相反4如图，R1 和 R2 是材料相同、厚度相同、表面都为正方形的导体，R1 的
16、表面边长是 R2 的表面边 长的 2 倍，则 R1 和 R2 的大小关系是（）AR1R2 BR1=R2 CR1R2 D无法判断【考点】电阻定律【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题【分析】横截面积 s=Ld，长度为 L，根据电阻定律 R= ，可得两电阻大小关系【解答】解：由电阻定律 R= 得，R= ，与材料和厚度有关两电阻厚度相同，材料相同，所以电阻之比为 1：1 故选：B【点评】解决本题的关键掌握电阻定律公式 R=，本题向我们展示了电阻微型化的原理，基础题 目5在如图所示的 4 种情况中，a、b 两点的电势相等，电场强度也相同的是（）A带电平行板电容器两极板间的 a、b 两点 B离点电荷等距
17、的 a、b 两点 C达到静电平衡时导体内部的 a、b 两点D两个等量异种电荷连线上，与连线中点 O 等距的 a、b两点【考点】电势；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】电势是标量，电场强度是矢量，标量只要大小相等，标量就相等，而矢量，大小、方向均 相同，矢量才相同根据电场线的分布判断【解答】解：A、a、b 处于匀强电场中，场强相同，电势不同，a 点电势高于 b 点电势故 A 错误 B、a、b 处于同一等势面上，电势相等，而电场强度方向不同故 B 错误 C、处于静电平衡状态下的金属内部 a，b 两点，电场强度均为零，整个导体是等势体，电势相 等故 C 正确D、a、b 在等量异种电荷连线
18、的垂直平分线上，电势相等，根据电场的对称性，a、b 两点场强相 同故 D 正确故选 CD【点评】对于典型的电场的电场线分布要掌握，抓住特点，有助于解答关于电场强度、电势高低判 断的问题6电动势为 E、内阻为 r 的电源与定值电阻 R1、R2 及滑动变阻器 R 连接成如图所示的电路，当滑 动变阻器的滑片由中点滑向 a 端时，下列说法正确的是（）A电压表和电流表读数都增大 B电压表和电流表读数都减小 C电压表读数增大，电流表读数减小 D电压表读数减小，电流表读数增大【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】由图可知 R2 与 R 并联后与 R1 串联，电压表测路端电压，电流表测量流过
19、R2 的电流；滑片 向 a 端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由闭合电路的欧姆定律可知电路中干路电流的变化及 路端电压的变化；再分析并联电路可得出电流表示数的变化【解答】解：当滑动变阻器的滑片由中点滑向 a 端时，接入电路的电阻减小，则由闭合电中欧姆定 律可知，干路电流增加，内电压增加，由 U=EIr 可知路端电压减小，即电压表示数减小； 因路端电压减小，R1 两端的电压增加，故并联部分电压减小，由欧姆定律可知电流表示数减小；故 B 正确，ACD 错误；故选：B【点评】本题考查闭合电路欧姆定律的使用，一般按局部整体、局部的思路进行分析7带电粒子仅在电场力作用下，从电场中 a 点以初速度 v0
20、 进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到 b点，如图所示，可以判断（）A粒子的加速度在 a 点时较大 B粒子的电势能在 b 点时较大 C粒子可能带负电，在 b 点时速度较大 D粒子一定带正电，动能先变小后变大【考点】电场线；牛顿第二定律；电场强度；电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】做曲线运动的物体所受的合力大致指向轨迹凹的一向，根据此可判断出电场力的方向以及 电场力的做功情况，根据电场力做功可判断出动能、电势能的变化粒子的加速度可通过比较合力（电场力）进行比较【解答】解：A、a 点的电场强度比 b 点小，则在 a 所受的电场力（即合力）小，所以粒子的加速度 在 a 点时较小故 A 错误B、
21、根据轨迹弯曲程度，知电场力的方向沿电场线切线方向向右，所以该电荷是正电荷从 a 点到 b 点，电场力先做负功，再做正功，电势能先增加后降低，动能先变小后增大但a 点到 b 点， 整个过程最终电场力做正功，所以 a 点的电势能大于 b 点，a 点的动能小于 b 点故 B、C 错误，D 正确故选 D【点评】解决本题的关键通过轨迹的弯曲方向判断出电场力的方向，根据电场力做功判断出动能的 变化和电势能的变化8电动自行车因轻便、价格相对低廉、污染和噪音小而受到市民喜爱某国产品牌电动自行车的 铭牌如下，则此车所配电机的内阻为（）规格后轮驱动直流永磁电机车型：20电动自行车电机输出功率：175W电源输出电压
22、：36V额定工作电压/电流：36V/5A整车质量：40kg额定转速：240r/minA0.2 B7.0 C7.2 D7.4【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】电机输出功率等于电机消耗的总功率减去发热损耗的功率，根据能量守恒定律列方程，求 解电机的内阻【解答】解：电机输出功率为 P 出=175W，电源的输出电压为 U=36V，电流为 I=5A，设内阻为 R， 则根据能量守恒定律得UII2R=P 出，代入解得 R=0.2故选 A【点评】电机正常工作时的电路是非纯电阻电路，电机消耗的总功率等于输出功率与内部发热功率 之和，抓住能量这条线列方程9如图所示为有两个量程的电压表，当使用 a、b
23、 两个端点时，量程为 010V，当使用 a、c 两个 端点时，量程为 0100V已知表头内阻 Rg 为 100，满偏电流 Ig 为 1mA，则关于 Rg、R1、R2 的 关系正确的是（ ）AR1=100Rg BR2=1000RgCR1=99Rg DR2=999Rg【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】将电流表改装成电压表时应串联大电阻，示数为表头及电阻两端的总电压，而流过表头的 电流与电阻的电流相等【解答】解：当使用 a、b 两个端点时，由欧姆定律得 U1=10V=Ig（R1+Rg），解得：R1=Rg=100=9900（）=99Rg当使用 a、c 两个端点时，由欧姆定律得 U2
24、=100V=Ig（R2+R1+Rg），解得：R2=R1Rg=9900100=90000=900Rg 故选：C【点评】本题考查电流表的改装，把电流表改装为电压表，抓住其原理是串联电路的分压作用，应串联大电阻，应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题10下列说法中正确的是（） A电荷在某处不受电场力的作用，则该处的电场强度为零 B一小段通电导线在某处不受安培力的作用，则该处磁感应强度一定为零 C把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱 D把一小段通电导线放在磁场中某处，所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比 值表示该处磁场的强弱【考点】电场强度；
25、磁感应强度【分析】电场最基本的特性是对放入电场中的电荷有力的作用；通电导线与磁场平行时不受安培力；E=是电场强度的定义式；磁感应强度的定义式：B=，定义的前提条件是通电导线与磁场 垂直由这些知识解答即可【解答】解：A、由 E=得：F=qE，得知电荷在某处不受电场力的作用，则该处的电场强度为 零故 A 正确 B、一小段通电导线在某处不受安培力的作用，该处磁感应强度不一定为零，也可能是由于通电导 线与磁场平行，但该处磁感应强度不为零故 B 错误C、E=是电场强度的定义式，电场强度 E 反映电场的强弱和方向，由此式知：把一个试探电荷放 在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值电场强度，即表示
26、电场的强弱，故 C 正 确 D、只有通电导线垂直放入磁场中时，通电导线所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘 积的比值表示该处磁场的强弱故 D 错误故选：AC【点评】本题要明确电场强度和磁感应强度都采用比值法定义，E、B 都反映场的强弱，但磁感应强 度的定义式有条件：通电导线与磁场垂直，而电场强度的定义式没有条件11如图所示，直线 a 为某电源的路端电压随电流变化的图线，直线 b 为电阻 R 两端的电压与电流 关系的图线，用该电源和该电阻组成的闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别为（）A2W B4W C0.5 D1【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】定量思想；几何法；恒定电流专题【分
27、析】由 a 图可读出电源的电动势和内阻，由 b 图可知电阻 R 的阻值，两交点即为二者构成一闭 合回路时工作电压与工作电流，可求电源的输出功率【解答】解：由 a 图的纵截距可知，电源的电动势为 E=3V由横截距知电源的短路电流为 I0=6A则电源的内阻 r=0.5 由交点坐标知该电源与电阻相接时，路端电压为 U=2V，工作电流为 I=2A 则电源的输出功率为P 出=UI=22=4W故选：BC【点评】本题关键要理解电源的 UI 线与电阻的伏安特性曲线的交点的物理意义，知道两图象的交 点表示该电源与电阻组合时的工作状态12平行板电容器的两极板 A、B 接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭
28、合电键 S， 电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为 ，如图所示则下列分析正确的是（）A保持电键 S 闭合，带正电的 A 板向 B 板靠近，则 增大B保持电键 S 闭合，带正电的 A 板向 B 板靠近，则 不变 C电键 S 断开，带正电的 A 板向 B 板靠近，则 增大 D电键 S 断开，带正电的 A 板向 B 板靠近，则 不变【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系【专题】电场力与电势的性质专题【分析】小球受重力、拉力、电场力三个力处于平衡状态，保持开关 S 闭合，电容器两端间的电势 差不变；断开开关 S，电容器所带的电量不变结合电场强度的变化判断夹角的变化【解答】解：A、保持开关 S 闭
29、合，电容器两端间的电势差不变，带正电的 A 板向 B 板靠近，极板 间距离减小，电场强度 E 增大，小球所受的电场力变大， 增大故 A 正确，B 错误C、断开开关 S，电容器所带的电量不变，C=，知 d 变化，E 不变，电场 力不变， 不变故 C 错误，D 正确故选：AD【点评】解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量若电容器与电源断开，电量保持不变；若电 容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变二、实验题（本题共 2 小题，第 13 题 8 分，第 14 题 6 分，共 14 分）13关于多用电表的应用，请回答以下问题：（1）（选择）下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是 AC
30、A测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关 S 拨至倍率较小的档位 B测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果 C测量电路中的某个电阻的阻值时，应该把该电阻与电路断开 D测量阻值不同的电阻时都必须重新调零如图所示，为多用表的表盘，测电阻时，若用的是100 量程，这时表针所示被测电阻的阻值应为 1700 欧；测直流电流时，用的是 100mA 的量程，指针所示电流值为 47 毫安；测直流电压 时，用的是 50V 量程，则指表针所示的电压值为 23.5 伏【考点】用多用电表测电阻【专题】实验题；定量思想；图析法；恒定电流专题【分析】（1）用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使欧姆
31、表指针指在刻度盘中央刻度线附近；测 电阻时应把待测电阻与其它电路断开；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；根据多用电表选择开关位置确定多用电表所测量的量与量程，然后根据表盘确定其分度值，然后读 出其示数【解答】解：（1）A、测量电阻时如果指针偏转过大，所选挡位太大，应换小挡，应将选择开关 S 拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故 A 正确； B、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故 B 错误； C、测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故 C 正确； D、用同一挡位测量阻值不同的电阻时不必重新调零，换挡后要重新进行欧姆调零，故 D 错误；故 选：AC测电阻时
32、，若用的是100 量程，这时表针所示被测电阻的阻值应为 17100=1700 欧； 测直流电流时，用的是 100mA 的量程，由图示表盘可知，其分度值为 2mA，指针所示电流值为 47 毫安；测直流电压时，用的是 50V 量程，由图示表盘可知，其分度值为 1V，则指表针所示的电压值为 23.5伏 故答案为：（1）AC；1700；47；23.5【点评】（1）本题考查了应用欧姆表测电阻的方法与主要事项，应用欧姆表测电阻时，换挡后要进 行欧姆调零； 本题考查了多用电表读数，对多用电表读数时，要先确定其所测量的量、量程与分度值，然后再读 数；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数14有一个额定电压为
33、2.8V，功率约为 1W 的小灯泡，现要用描绘这个小灯泡的伏安特性曲线，有 下列器材供选用：A电压表（03V，内阻 6K） B电压表（015V，内阻 30K） C电流表（03A，内阻 0.1） D电流表（00.6A，内阻 0.5） E滑动变阻器（10，2A） F滑动变阻器G蓄电池（电动势 6V，内阻不计）（1）在该实验中，为减小实验误差，方便调节，请在给定的四个电路图选取适当的电路（）ABCD 为使测量结果尽量的准确可靠，请在给定的仪器中选取适当的器材，并将它们的编号填在横线上， 电压表应选用 A ，电流表应选用 D ，滑动变阻器应选用 E （用器材前序号字母表示）（3）通过实验测得此小灯泡的
34、伏安特性曲线如图所示，这表面导体的电阻随温度升高而 增大 ，由图线可求得此小灯泡在 U=2V 时的电阻为 8.0 （保留 2 位有效数字）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【专题】实验题；定量思想；图析法；恒定电流专题【分析】（1）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后选择实验电路 根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便思议操作应选择最大阻值较 小的滑动变阻器（3）根据图象图象应用欧姆定律判断导体电阻随温度变化的关系，由图示图象求出电压对应的电 流，然后求出电阻阻值【解答】解：（1）为描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压 接法；灯泡额定
35、电压为 2.8V，电压表应选择 A，灯泡额定电流为：I=0.36A，电流表选择 D， 灯泡正常发光时的电阻：R=7.84，电流表内阻为：0.5，电压表内阻为 6k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路应选择图 C 所示电路；由（1）分析可知，电压表选择 A，电流表选择 D，滑动变阻器采用分压接法，为方便实验操作，滑 动变阻器选择 E；（3）由图示图象可知，随 U 增大，I 增大，实际功率 P=UI 增大，灯泡温度升高，电压与电流表的 比值增大，灯泡电阻增大；由图示图象可知，电压：U=2V 时，电流 I=0.25A，此时灯泡电阻：R=8.0； 故答案为：（1）C；A；D；E；（
36、3）增大；8.0【点评】本题考查了实验电路的选择、实验器材选择、实验数据分析；根据题意确定滑动变阻器与 电流表的接法是正确选择实验电路的关键，要掌握实验器材的选择原则三、计算题（本题共 4 小题，共 38 分）15在匀强电场中，将一电荷量为 3105 的负电荷由 A 点移到 B 点，其电势能增加了 0.06J已知A、B 两点间距为 4cm，两点连线与电场方向成 60角，求：（1）在电荷由 A 点移到 B 点的过程中，电场力做的功 WABA、B 两点间的电势差 UAB 以 B 为零势能点，A 点电势 A（3）该匀强电场的电场强度 E【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀强电场中电势差和电场强度的
37、关系【专题】计算题；定量思想；推理法；带电粒子在电场中的运动专题【分析】（1）根据电势能变化和电场力做功的关系，电势能增加多少，电场力做负功多少；根据公式 UAB=列式求解 A、B 两点间的电势差 UAB，根据 UAB=AB 求解 A 点电势 A；（3）由 U=Ed 求解电场强度 E，d 是两点沿电场线方向的距离【解答】解：（1）因为负电荷由 A 移到 B 的过程中，电势能增加了 0.1J，所以电场力负功，大小 为 0.1J，即：WAB=EAB=0.1J；A、B 两点间的电势差：UAB= 根据 UAB=AB，有： A=UAB+B=2000V+0=2000V（3）因为在匀强电场中 U=Ed，所以
38、有：E=1.0105V/m答：（1）在电荷由 A 点移到 B 点的过程中，电场力做的功 WAB 为0.1J；A、B 两点间的电势差 UAB 以 B 为零势能点，A 点电势 A 为 2000V；（3）该匀强电场的电场强度 E 为 1.0105V/m【点评】本题考查电场力做功与电势能变化的关系、电势差与场强的关系，都是电场中的基本知 识，要加强学习，熟练掌握16如图所示的电路中，当 S 闭合时，电压表和电流表（均为理想电表）的示数各为 1.6V 和 0.4A； 当 S 断开时，它们的示数各改变 0.1V 和 0.1A，求电源的电动势和内阻【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】由题知
39、道电源的两组路端电压和电流，可由闭合电路欧姆定律列两个方程，联立求得电源 的电动势和内阻【解答】解：根据欧姆定律得E=U1+I1rE=U2+I2r联立式得r=1代入式得 E=2V答：电源的电动势为 2V，内阻为 1【点评】求解电源的电动势和内阻，常常根据两种情况由闭合电路欧姆定律列方程组求解17如图所示，质量为 m、电量为 q 的带电粒子静止放入电压为 U1 的加速电场，然后垂直电场强度 方向进入长为 L、两极距离为 d、电压为 U2 的偏转电场求：（1）粒子经过偏转电场的时间；粒子离开偏转电场时的侧向移动距离 y；（3）粒子离开偏转电场时的速度偏向角 的正切值【考点】带电粒子在匀强电场中的运
40、动【专题】计算题；定量思想；推理法；带电粒子在电场中的运动专题【分析】（1）离子在电场中加速运动电场力做正功，根据动能定理，即可求解出进入偏转电场的初 速度，离子在偏转电场中做类平抛运动，水平方向匀速直线运动，根据位移公式可计算时间； 现根据牛顿第二定律求出在偏转电场中的加速度，离子在偏转电场中做类平抛运动，竖直方向初速度为零的匀加速直线运动，可以根据位移公式 y=at2 计算偏转位移 y；（3）离子离开偏转电场时的偏转角 的正切值 tan 等于竖直方向的速度比上水平方向的速度，根 据在竖直方向上离子做匀加速度直线运动的速度公式 vy=at 可计算出竖直方向的速度【解答】解：（1）离子在加速电
41、场中运动的过程中，只有电场力做功 W=qU，求出离子的速度 v0的大小根据动能定理得：qU1=mv02解得：v0=离子在偏转电场中做类平抛运动，水平方向匀速直线运动 所以：L=v0t解得：t=L偏转电场的场强：E=则电场力：F=qE=根据牛顿第二定律：qE=ma 解得：a= 离子在偏转电场中做类平抛运动，竖直方向初速度为零的匀加速直线运动： 所以：y=at2=（L）2=（3）竖直方向上的速度 vy=at=所以离子离开偏转电场时的偏转角 的正切值 tan=又因为 qU1=mv02解得：tan=答：（1）离子在偏转电场中运动时间 t 为 L 离子在离开偏转电场时的偏转量 y 为（3）离子离开偏转电
42、场时的偏转角 的正切值 tan 为【点评】本题关键是分析清楚粒子的运动规律，对于类平抛运动，可以运用正交分解法分解为初速 度方向的匀速直线运动和沿电场力方向的匀加速直线运动18如图所示，固定于同一条竖直线上的 A、B 是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为+Q 和Q，A、B 相距为 2dMN 是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球 p，其质 量为 m、电荷量为+q（可视为点电荷，不影响电场的分布），现将小球 p 从与点电荷 A 等高的 C 处 由静止开始释放，小球 p 向下运动到距 C 点距离为 d 的 O 点时，速度为 v，已知 MN 与 AB 之间的 距离为 d，静电力常
43、量为 k，重力加速度为 g求：（1）C、O 间的电势差 UCO； 小球 p 在 O 点时的加速度；（3）小球 p 经过与点电荷 B 等高的 D 点时的速度【考点】电势差与电场强度的关系；动能定理【专题】电场力与电势的性质专题【分析】（1）对 C 到 O 段运用动能定理，求出 C、O 间的电势差，再求出 C、D 间的电势差 UCO 由点电荷的场强公式结合平行四边形定则求解（3）由电场的对称性知，UOD=UCO，小球从 O 到 D 由动能定理求解【解答】解：（1）小球 p 由 C 运动到 O 时，由动能定理得：mgd+qUCO=mv20，解得：UCO=； 小球 p 经过 O 点时受力如图：由库仑定
44、律得：F1=F2=k， 它们的合力为：F=F1cos45+F2cos45=，所以 p 在 O 点处的加速度：a=+g，方向竖直向下；（3）由电场特点可知，在 C、D 间电场的分布是对称的即小球 p 由 C 运动到 O 与由 O 运动到 D 的过程中合外力做的功是相等的，由动能定理得：W 合=mv0=2mv2，解得：vD=v； 答：（1）C、O 间的电势差 UCO 为；小球 p 在 O 点时的加速度为：+g，方向竖直向下；（3）小球 p 经过与点电荷 B 等高的 D 点时的速度为v【点评】本题关键要正确分析小球的受力情况，运用牛顿第二定律、动能定理处理力电综合问题， 分析要知道 O 点的场强实际上是两点电荷在 O 点产生场强的合场强，等量异种电荷的电场具有对称 性
