1、高考仿真模拟卷(四) (时间：70分钟；满分：110分)第卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14已知氢原子的基态能量为E1，激发态能量En，其中n2，3，4，用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速有一氢原子处于n3的激发态，在它向低能态跃迁时，可能辐射的光子的最大波长为()ABC D15如图所示，水平地面上有一楔形物块a，其斜面上有一小物块b，b与平行于斜面的细绳的一端相连，细绳的另一端固定在斜面上a与b之间光滑，a和b以共同速度在地面轨道
2、的光滑段向左运动当它们刚运行至轨道的粗糙段时可能正确的是()A绳的张力减小，斜面对b的支持力不变B绳的张力增加，斜面对b的支持力减小C绳的张力减小，地面对a的支持力不变D绳的张力增加，地面对a的支持力减小16人造卫星a的圆形轨道离地面高度为h，地球同步卫星b离地面高度为H，hH，两卫星共面且旋转方向相同某时刻卫星a恰好出现在赤道上某建筑物c的正上方，设地球赤道半径为R，地面重力加速度为g，则()Aa、b线速度大小之比为 Ba、c角速度之比为 Cb、c向心加速度大小之比Da下一次通过c正上方所需时间等于t217如图所示为甲、乙两个质点在0t0时间内沿同一直线运动的位移时间图象，在两个质点在0t0
3、时间内()A任一时刻的加速度都不同B位移大小不相等C任一时刻的速度都不同D运动方向不相同18如图所示，矩形线圈abcd在磁感应强度大小为B T的匀强磁场中绕垂直于磁场的dc边以角速度100 rad/s匀速转动线圈的匝数N100，边长ad0.4 m，ab0.2 m理想变压器原、副线圈的匝数比是 21，一只理想二极管和一个阻值为25 的定值电阻R串联在副线圈电路中，已知电压表和电流表均为理想交流电表，线圈和导线的电阻不计，则下列说法正确的是()A该矩形线圈产生的电动势的最大值为50 VB电压表的示数为50 VC1 min内电阻R上产生的热量为750 JD减小电阻R的值，电流表示数变小19如图甲所示
4、，一质量为m的物块在t0时刻，以初速度v0从足够长、倾角为的粗糙斜面底端向上滑行，物块速度随时间变化的图象如图乙所示t0时刻物块到达最高点，3t0时刻物块又返回底端下列说法正确的是()A物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量大小为3mgt0sin B物块从t0时刻开始运动到返回底端的过程中动量变化量大小为mv0C斜面倾角的正弦值为D不能求出3t0时间内物块克服摩擦力所做的功20如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的小球，从平行板电场左端的中点P以相同的初速度沿水平方向垂直于电场方向进入电场，它们分别落在A、B、C三点，可以判断()AA点小球带正电，B点不带电，C点带负电B三个
5、小球在电场中运动时间相等C三个小球到达极板时的动能EkAEkBaBaC21如图所示，两个边长为2L的正方形PQMN和HGKJ区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小分别为B1和B2，两磁场区域中间夹有两个宽度为L、方向水平且相反、场强大小均为E的匀强电场，两电场区域分界线经过PN、GK的中点一质量为m、电荷量为q的带正电粒子(不计重力)从G点由静止释放，经上方电场加速后通过磁场回旋，又经下方电场沿NK二次加速后恰好回到G点，则下列说法正确的是()AB22B1B带电粒子第二次进入右边磁场后一定从MN边离开C第一次完整回旋过程经历时间为t D要实现两次以上的回旋过程，可以同时增大两磁场的磁感
6、应强度题号1415161718192021答案第卷三、非选择题：共62分第2225题为必考题，每个试题考生都必须作答第3334题为选考题，考生根据要求作答(一)必考题：共47分22(5分)某同学用如图甲所示的实验装置测定当地的重力加速度，正确操作后获得如图乙所示的一条纸带他用天平测得小车的质量为M，钩码质量为m，毫米刻度尺测得纸带上自0点到连续点1、2、3、4、5、6的距离分别为d11.07 cm、d22.24 cm、d33.48 cm、d44.79 cm、d56.20 cm、d67.68 cm.已知实验所用交变电流频率为f50 Hz.(1)打点2时小车的速度大小为_m/s(结果保留两位有效数
7、字)；(2)小车运动过程中的平均加速度大小为_m/s2(结果保留两位有效数字)；(3)以各点速度v的二次方为纵坐标，以各点到0点的距离d为横坐标，作v2d图象，所得图线为一条斜率为k的倾斜直线，不考虑小车与桌面间的摩擦，则当地的重力加速度g_(用m、M、k表示)23(10分)小张同学想测量构成滑动变阻器的金属丝的电阻率于是，他找到了一个坏了的滑动变阻器，拆下一段长约1 m、阻值约为10 的金属丝，进行测量(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，如图所示，金属丝的直径d_mm；(2)为了准确测量这段金属丝的电阻，小明找到如下器材：电流表(量程50 mA)电阻箱(099.99 )一节干电池(电动势约1
8、.5 V)开关一个、线夹一个、导线若干请你利用上述器材，帮他设计一个可以完成电阻测量的电路图，画在图甲的方框中完善小明同学的实验步骤(步骤中出现的物理量均需给出相应的符号)a去掉金属丝的绝缘漆，接在线夹上，如图乙所示；b按电路图连接实物；c调节电阻箱和线夹位置使电流表有一个较大的示数，除记录该电流表示数外还需记录_和_；d改变线夹的位置，调节电阻箱使电流表的示数不变，记录_和_；e用米尺测量出_；f写出电阻率的表达式：_(用实验过程中出现的物理量符号表示)；g重复上述步骤进行多次测量取平均值24(12分)如图所示，一带电粒子垂直射入匀强电场，经电场偏转后从磁场的左边界上A点进入垂直纸面向外的匀
9、强磁场中，最后从磁场的左边界上的B点离开磁场已知：带电粒子比荷3.2109 C/kg，电场强度E200 V/m，磁感应强度B2.5102 T，金属板长L25 cm，粒子初速度v04105 m/s.带电粒子重力忽略不计，求：(1)粒子射出电场时的运动方向与初速度v0的夹角；(2)A、B之间的距离25(20分)如图甲，一长度L1 m的平板车A停在水平地面上，其上表面与斜坡底端的一段小圆弧水平相切，货物从斜坡上静止释放，滑到斜坡底端后滑上A车当货物释放位置离斜坡底端的距离s与货物的质量m满足如图乙的关系时，货物滑上A车后恰好不从其右端滑出已知斜坡的倾角37，货物与斜坡之间的动摩擦因数10.5.货物视
10、为质点，车与地面的摩擦忽略不计，重力加速度g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.(1)求货物在斜坡上运动的加速度大小a；(2)求货物与A车之间的动摩擦因数2和A车的质量M；(3)若在A车右端停有另一辆完全相同的B车，两车接触但不相连质量m10 kg的货物从距斜坡底端s8 m处由静止下滑，判断该货物能否从B车的右端滑出，并说明理由(二)选考题：共15分请考生从2道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分33物理选修33(15分)(1)(5分)下列说法中正确的是_(填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A布朗运动
11、就是液体分子的热运动B对一定质量的气体加热，其体积和内能可能都增加C物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子的平均动能越大D第二类永动机违反能量守恒定律E分子间的引力与斥力同时存在，斥力可能小于引力(2)(10分)如图所示，在固定的汽缸A和B中分别用活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞面积之比SASB13，两活塞以穿过B底部的刚性细杆相连，可沿水平方向无摩擦滑动，两个汽缸都不漏气初始时活塞处于平衡状态，A、B中气体的体积均为V0，A、B中气体温度均为T0300 K，A中气体压强pA1.6p0，p0是汽缸外的大气压强求初始时B中气体的压强pB；现对A中气体加热，使其中气体的压强升到pA2.5p0，同
12、时保持B中气体的温度不变，求活塞重新达到平衡状态时A中气体的温度TA.34物理选修34(15分)(1)(5分)一轻质弹性绳呈水平状态，M为绳的中点，现绳左、右两端点P、Q同时开始上下振动，一段时间后产生的波形如图所示，若两列波的振幅均为A，下列判断正确的是_(填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每错选1个扣3分，最低得分为0分)A左、右两列波同时到达M点B左、右两列波的频率之比为12CP、Q两端点开始振动的方向相反D左、右两列波相遇时会产生明显的干涉现象EM点在振动过程中相对平衡位置的最大位移大小为2A(2)(10分)如图所示为一半径为R的半球形玻璃砖的横截面，一光线以
13、45的入射角从圆心O处沿纸面射入玻璃砖，并从A点射出已知A点到法线NN的距离为.(i)求该玻璃砖的折射率；(ii)沿纸面向右平移入射光线，当光线在B点入射时，在球面上恰好发生全反射，此时OB的距离为多大？高考仿真模拟卷(四)14解析：选A.有一氢原子处于n3的激发态，在它向n2能级跃迁时，辐射的光子能量最小，辐射的光子的波长最大，则有E3E2，解得，故A正确，B、C、D错误15.解析：选C.在光滑段运动时，物块a及物块b均处于平衡状态，对a、b整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡；对b受力分析，如图，受重力、支持力、绳子的拉力，根据共点力平衡条件，有Fcos FNsin 0；Fsin FNc
14、os mg0；由两式解得：Fmgsin ，FNmgcos ；当它们刚运行至轨道的粗糙段时，减速滑行，系统有水平向右的加速度，此时有两种可能：物块a、b仍相对静止，竖直方向加速度为零，由牛顿第二定律得到：Fsin FNcos mg0；FNsin Fcos ma；由两式解得：Fmgsin macos ，FNmgcos masin ；即绳的张力F将减小，而a对b的支持力变大；再对a、b整体受力分析竖直方向重力和支持力平衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力二力平衡，故地面对a支持力不变物块b相对于a向上滑动，绳的张力显然减小为零，物体具有向上的分加速度，是超重，支持力的竖直分力大于重力，因此a对b的支
15、持力增大，斜面体和滑块整体具有向上的加速度，也是超重，故地面对a的支持力也增大综合上述讨论，结论应该为：绳子拉力一定减小；地面对a的支持力可能增加或不变；a对b的支持力一定增加；故A、B、D错误，C正确16解析：选C.人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，根据牛顿运动定律求解卫星的角速度卫星绕地球做匀速圆周运动，建筑物随地球自转做匀速圆周运动，当卫星转过的角度与建筑物转过的角度之差等于2时，卫星再次出现在建筑物上空绕地球运行的卫星，地球对卫星的万有引力提供向心力，设卫星的线速度为v，则：Gm，所以v，可知a、b线速度大小之比为 ，故A错误；设卫星的角速度为，Gm2r，得
16、，所以：，又由于同步卫星b的角速度与c的角速度相同，所以，故B错误；同步卫星b的角速度与c的角速度相同，根据：a2r可得：，故C正确；设经过时间t卫星a再次通过建筑物c上方，根据几何关系有：(ac)t2，又mg，联立解得：t，故D错误17解析：选A.根据位移图象的斜率表示速度可知，两个质点在0t0时间内，乙做匀速直线运动，其加速度为零，而甲做加速度逐渐增大的加速直线运动，两个质点在0t0时间内任一时刻的加速度都不同，选项A正确；两个质点在0t0时间内，位移大小相等，运动方向都是沿x轴负方向，运动方向相同，选项B、D错误；根据位移图象的斜率表示速度可知，两个质点在0t0时间内，有一时刻速度相同，
17、选项C错误18解析：选C.该线圈产生的电动势的最大值为UmaxNBS1000.20.4100 V50 V，A错误；根据理想变压器的变压公式可得副线圈两端电压的有效值为25 V，由于二极管的单向导电性，结合有效值的定义有T，解得电压表的示数为U12.5 V17.68 V，B错误；由焦耳定律得1 min内电阻R上产生的热量为Q60 J750 J，C正确；减小电阻R的值，副线圈中的电流增大，则原线圈中的电流增大，电流表的示数变大，D错误19解析：选BC.物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量大小为3mgt0，选项A错误；由于下滑与上滑的位移大小相等，根据数学知识可以求出物块返回底端时的速度设物块
18、返回底端时的速度大小为v，则，得到v，物块从t0时刻开始运动到返回底端的过程中动量变化量大小为pmv0mv0，选项B正确；根据动量定理得：上滑过程：(mgsin mgcos )t00mv0，下滑过程：(mgsin mgcos )2t0mv0，由两式解得，sin ，tan ，故C正确；根据tan 可求解摩擦力，根据图线也可求解3t0内的路程，由此可求解3t0时间内物块克服摩擦力所做的功，选项D错误20.解析：选AC.在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如图所示，由此可知不带电小球做平抛运动a1g，带正电小球做类平抛运动a2，带负电小球做类平抛运动a3，根据题意，三小球在竖直方向
19、都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等，据t得三小球运动时间，正电荷最长，不带电小球次之，带负电小球时间最短；三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，故水平位移最大的A点是带正电荷的小球，B点是不带电的小球，C点是带负电的小球，故A正确，B错误；根据动能定理，三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功由受力分析图可知，带负电小球合力最大为GF，做功最多动能最大，带正电小球合力最小为GF，做功最少动能最小，EkAEkBEkC，故C正确；因为A带正电，B不带电，C带负电，所以aAa2，aBa1，aCa3，
20、所以aAaBaC，故D错误21解析：选BCD.带电粒子在电场中第一次加速有qELmv0，在右边磁场中做匀速圆周运动的向心力由洛伦兹力提供，有qv1B1m，解得B1 ，带电粒子在电场中第二次加速有qELmvmv，带电粒子在左边磁场中做圆周运动回到G点，有qv2B2m，解得B22，故有B2B1，选项A错误；由带电粒子在电场中第三次加速有qELmvmv，得v3，则粒子第二次在右边磁场中做圆周运动的半径为R1L10 kg时L2 m，故会滑出答案：见解析33解析：(1)布朗运动是固体颗粒的运动，间接反映了液体分子的无规则运动，A错误；改变内能的方式有做功和热传递，所以对一定质量的气体加热， 其体积和内能
21、可能都增加，B正确；温度是分子平均动能的标志，所以物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子的平均动能越大，C正确；第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反热力学第二定律，D错误；分子间的引力与斥力同时存在，斥力可能小于、大于或等于引力，主要看分子间的距离关系，故E正确(2)初始时活塞平衡，有pASApBSBp0(SASB)已知SB3SA，pA1.6p0代入上式可解得：pB0.8p0.末状态活塞平衡，pASApBSBp0(SASB)可解得pB0.5p0B中气体初、末态温度相等，由pBV0pBVB，可求得VB1.6V0.设A中气体末态的体积为VA，因为两活塞移动的距离相等，故有，可求出VA1.2V0.
22、由气态方程，解得TATA562.5 K.答案：(1)BCE(2)0.8p0562.5 K34解析：(1)波在同种介质中的传播速度相同，所以两波同时到达M点，且有2，则f1f212，选项A、B正确；从波形可知，左侧波的起振方向向下，右侧波的起振方向向上，选项C正确；由于两波频率不同，则相遇时不会产生明显的干涉现象，选项D错误；当左侧波谷移动到M点，右侧平衡位置移动M点，左侧波峰移到M点，右侧平衡位置移动M点，则最大位移不为2A，选项E错误(2)(i)当光线由O点入射时，令光线的折射角为，由几何关系可知30玻璃砖的折射率nn.(ii)当光线从B点入射时，光路图如图所示在M点恰好发生全反射sin C全反射临界角C45由几何关系可知OBM120根据正弦定理可得可得OB.答案：(1)ABC(2)(i)(ii)
