1、学业水平综合检测（一）(本试卷满分：100分)一、选择题(本题共20小题，每小题3分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1下列说法正确的是()A只有静止不动的物体才能作为参考系B本场物理考试的时间是90分钟，“90分钟”指的是时刻C汽车上速度计的示数为80 km/h，“80 km/h”指的是平均速度D引入“质点”的概念为我们提供了一种建立理想模型的思维方法解析：选D任何物体都可以作为研究物体运动的参考系，故A错误； 考试时间是90分钟中的“90分钟”指的是时间间隔，故B错误；汽车上速度计的示数为80 km/h指的是汽车瞬间的速度，故为瞬时速度，故C错误；质点是一种理
2、想模型，是抓住主要因素，忽略次要因素的思维方法，故D正确。2.在建筑工地上，塔吊先将重1 000 N的建筑材料竖直向上吊起10 m，再沿水平方向移动20 m。则在此过程中，重力做的功为()A1104 JB1104 JC3104 JD3104 J解析：选B建筑材料向上吊起过程中在竖直方向上的位移为10 m，重力做负功，故重力做功为WGGh1104 J，B正确。3雨滴在空气中下落，当速度比较大的时候，它受到的空气阻力与其速度的二次方成正比，与其横截面积成正比，即FfkSv2，则比例系数k的单位是()Akg/m4 Bkg/m3Ckg/m2 Dkg/m解析：选B由FfkSv2得1 kgm/s2km2m
3、2/s2，k的单位为kg/m3，B正确。4某质点做匀加速直线运动，零时刻的速度大小为3 m/s，经过1 s后速度大小为4 m/s, 该质点的加速度大小是()A1 m/s2 B2 m/s2C3 m/s2 D4 m/s2解析：选A由加速度的定义式知，质点的加速度a m/s21 m/s2，所以选项A正确。5.如图所示，在方框中有一能产生磁场的装置，现在在方框右边放一通电直导线(电流方向如图箭头方向)，发现通电导线受到向右的作用力，则方框中放置的装置可能是下面哪个()解析：选C若在方框中放入选项A中的通电螺线管，则因为螺线管的右端是N极，则由左手定则可知，直导线受力方向向里，故A错误；若在方框中放入选
4、项B所示的通电直导线，则由左手定则可知，直导线将上端向里转动，下端向外转动，故B错误；若在方框中放入选项C所示的通电圆环，则因为直导线所在位置的磁场向外，则由左手定则可知，直导线受力方向向右，故C正确；若在方框中放入选项D所示的通电直导线，则由于同向电流相互吸引，直导线受力方向向左，故D错误。6对于万有引力定律的数学表达式FG，下列说法正确的是()A公式中G为引力常量，是人为规定的Br趋近零时，万有引力趋于无穷大Cm1、m2受到的万有引力总是大小相等Dm1、m2受到的万有引力总是大小相等、方向相反，是一对平衡力解析：选C公式FG中G为引力常量，由卡文迪许通过实验测得，而不是人为规定的，故A错误
5、；公式FG只适用于两个可以看作质点的物体，即物体的大小相对两者的间距可以忽略，而当距离趋近零时，它们不再适用万有引力公式，故B错误；m1、m2之间的万有引力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，总是大小相等、方向相反，故C正确、D错误。7如图所示，地球绕太阳公转，而月球又绕地球转动。它们的运动可近似看成匀速圆周运动。如果要估算太阳对月球与地球对月球的引力之比，已知地球绕太阳公转的周期和月球绕地球运动周期，还需要测量的物理量是()A地球绕太阳公转的运动半径B月球绕地球的运动半径C月球绕地球的运动半径和地球绕太阳公转的运动半径D月球的质量和地球绕太阳公转的运动半径解析：选C已知地球绕太阳公转的周期和
6、月球绕地球运动周期，如果再已知地球绕太阳公转的运动半径和月球绕地球的运动半径，即可分别求解太阳的质量和地球的质量；因为地球和月球相对太阳的距离基本相等，则根据FG，可估算太阳对月球与地球对月球的引力之比，故C正确；A、B、D错误。8.飞机做特技表演时，常做俯冲拉起运动，此运动在最低点A附近可看作是圆周运动，如图所示。飞行员所受重力为G，受到座椅的弹力为F，则飞行员在A点所受向心力大小为()AG BFCFG DFG解析：选D在最低点，飞行员竖直方向上受重力和座椅对人向上弹力F，合力方向向上，合力提供向心力，则向心力大小FnFG，故D正确，A、B、C错误。9如图所示，某同学在百米跑道沿直线进行折返
7、跑，他先从A处向前跑80 m到达B处再向后跑30 m到达C处，这一过程中的位移大小是()A110 m B80 mC50 m D30 m解析：选C位移的大小为起点到终点的有向线段的长度，则位移大小为：80 m30 m50 m，故C项正确。10.某同学在玩“蹦极”，如图所示，已知橡皮绳自然状态的长度是20 m，若不考虑空气阻力，从静止开始下落，g10 m/s2，则该同学()A下落第1 s末的瞬时速度大小是10 m/sB下落前2 s的平均速度大小是20 m/sC下落第3 s末的瞬时速度大小是30 m/sD当该同学下落20 m时，速度达到最大值解析：选A由题可知，该同学做自由落体运动的时间t0 s2
8、s,1 s末的速度vgt1101 m/s10 m/s，故A正确；2 s内的位移恰好是20 m，则2 s内的平均速度 m/s10 m/s，故B错误；2 s末橡皮绳拉直，2 s后该同学不再做自由落体运动，所以3 s末的速度不是v3gt3103 m/s30 m/s，故C错误；2 s末橡皮绳拉直，橡皮绳开始拉长时的拉力小于该同学的重力，所以将继续向下做加速运动，当橡皮绳的拉力等于该同学的重力时，速度最大，所以在2 s末的速度没有达到最大值，故D错误。11.如图是甲、乙两物体做直线运动的v-t图像。下列表述正确的是()A甲、乙的速度方向相反B01 s内甲和乙的位移相等C甲和乙的加速度方向相同D甲的加速度
9、比乙的大解析：选D由题图知甲、乙的速度方向相同，选项A错误；01 s内，由图线的“面积”读出甲的位移大于乙的位移，故B错误；图像的斜率等于加速度，则知甲的加速度为负值，乙的加速度为正值，两物体的加速度方向相反，故C错误；甲图线的斜率绝对值大于乙的斜率，则甲的加速度大于乙的加速度，故D正确。12.如图所示，物体以初速度v0冲上粗糙的斜面，则物体受到的作用力是()A重力、弹力、摩擦力B重力、弹力、摩擦力、上冲力C重力、压力、上冲力D重力、弹力、摩擦力、支持力解析：选A不存在上冲力，物体受到的力为：重力、弹力(支持力)、摩擦力。13.如图所示，一长直木板的上表面放有一小物块，当木板以远离物块的一端O
10、为轴，由水平位置缓慢向上转动(角变大)时，已知滑动摩擦力等于最大静摩擦力，则物块受到的摩擦力 Ff随转过的角度变化的图像可能是图中的()解析：选C物块受到的摩擦力在开始为静摩擦力，Ffmgsin ，为正弦规律变化；而滑动后，Ffmgcos ，为余弦规律变化，而滑动摩擦力等于最大静摩擦力，故C正确。14.如图所示，Q是固定的点电荷，虚线是以Q为圆心的两个同心圆。一个带电粒子在仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处，实线与两圆在同一平面内，带电粒子在a、b、c点的加速度大小分别为aa、ab、ac，电势能大小分别为Ea、Eb、Ec，则()Aaaabac，EaEcabac
11、，EbEcacaa，EbEcacaa，EaEcEb解析：选D点电荷的电场强度的分布特点是离场源电荷距离越小，场强越大，带电粒子受到的电场力越大，带电粒子的加速度越大，所以abacaa；根据带电粒子轨迹弯曲方向判断知带电粒子在运动的过程中，带电粒子一直受静电斥力作用，从a到b，静电力对带电粒子做负功，电势能增大，则有EbEa，从b到c，静电力对带电粒子做正功，电势能减小，则有EbEc，而且从a到b克服静电力做功数值较多，所以EcEa，综合可得EbEcEa，故D正确。15如图所示，电阻率均匀的矩形线圈在匀强磁场内运动，甲、乙、丙三个图中线圈在图示平面内平动，丁图中线圈绕转轴转动，以下说法正确的是(
12、)A甲图中，流过ab边的电流为零，a、b两点间电势差为零B乙图中图示位置处，流过ab边的电流不为零，a、b两点电势差不为零C丙图中，流过ab边的电流为零，a、b两点电势差不为零D丁图中，流过ab边的电流为零，a、b两点电势差也为零解析：选D甲图中，穿过闭合线圈的磁通量不变，流过ab边的电流为零，由于ab切割磁感线产生感应电动势，所以a、b两点间电势差等于感应电动势，不为零，故A错误；乙图中图示位置处，没有任何一条边切割磁感线，流过ab边的电流为零，a、b两点电势差为零，故B错误；丙图中，穿过闭合线圈的磁通量不变，流过ab边的电流为零，没有任何一条边切割磁感线，不产生感应电动势，所以a、b两点电
13、势差为零，故C错误；丁图中，穿过闭合线圈的磁通量不变，流过ab边的电流为零，没有任何一条边切割磁感线，不产生感应电动势，所以a、b两点电势差也为零，故D正确。16关于电磁场和电磁波，以下说法正确的是()A变化的磁场能够在周围空间产生变化的电场B麦克斯韦预言并证实了电磁波的存在C电磁波在介质中的传播速度比在真空中快D电磁波的传播不需要介质，在真空中也能传播解析：选D周期性变化的磁场能够在周围空间产生周期性变化的电场，均匀变化的磁场能够在周围空间产生稳定的电场，故A错误；麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹证实了电磁波的存在，故B错误；电磁波在介质中的传播速度比在真空中慢，故C错误；电磁波是种物质，可
14、以在真空中传播，传播不需要介质，故D正确。17.如图所示，a、b、c、d是一个矩形的四个顶点。匀强电场与矩形所在平面平行。已知a点的电势为14 V，b点的电势为18 V，d点的电势为2 V，由此可知c点的电势为()A6 V B8 VC10 V D14 V解析：选A在匀强电场的相互平行直线上，由UEdcos ，知在相等距离上的两点之间的电势差相等，即UbaUcd，即bacd，代入数据解得：c6 V，故A正确。18在光滑水平面上，质量为2 kg的物体以2 m/s的速度向东运动，当对它施加向西的力，经过一段时间，速度为2 m/s，方向向西，则外力对物体做功()A16 J B8 JC4 J D0解析：
15、选D由动能定理可知WFmv2mv022(2)2 J222 J0，故选D。19.如图所示，静止在光滑水平面上的物体，在水平向右的恒力F作用下开始运动，作用一段时间后撤去恒力F，物体继续向右运动。不计空气阻力，则在整个运动过程中，物体机械能随时间变化的关系是()解析：选C物体在拉力F的作用下做匀加速直线运动，因为过程中只有F做功，F做功等于物体机械能增加量，故EFxFat2，之后由于撤去拉力F，物体做匀速直线运动，机械能不变，故C正确。20.如图所示，甲、乙两人同时从背面和侧面分别用F1150 N、F2200 N的力推质量为50 kg的沙发，F1与F2相互垂直，且平行于地面。沙发与地面间的动摩擦因
16、数0.4。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g10 m/s2，下列说法正确的是()A沙发的加速度大小为1 m/s2B沙发将沿着F1的方向移动C沙发不会被推动D由于F1小于最大静摩擦力，因此沙发将沿着F2的方向移动解析：选AF1150 N，F2200 N，FNmg500 N，根据力的合成法则可求得，两个相互垂直的推力的合力为F合250 N，滑动摩擦力FfFNmg0.45010 N200 N，因为合力大于最大静摩擦力，所以沙发被推动，运动方向沿合力方向。由Fma可得，a m/s21 m/s2，故A正确，B、C、D错误。二、非选择题(本题共5小题，共40分)21(6分)有一内阻未知(约2 k6
17、 k)、量程为03 V的直流电压表。某同学用一多用电表的欧姆挡，直接去测量该电压表的内阻，则欧姆挡的选择开关应拨至倍率“_”挡。该同学先将红黑表笔短接调零后，应选图_(选填“甲”或“乙”)的方式连接。在实验中，欧姆表的刻度盘如图丙所示，则电压表的电阻应为_ 。解析：当欧姆表的指针指在中间位置附近时，测量值较为准确，电压表内阻约为2 k6 k，表盘中央刻度线约为30，为准确测量电压表内阻，应选择100挡，欧姆表的正极插孔与内部电源的负极相连，与电压表构成一闭合回路，电流从负极流出，进入电压表的正极，应选择图甲；由图示表盘可知，电压表内阻为：40100 4 000 。答案：100甲4 00022(
18、8分)在验证机械能守恒定律的实验中，与纸带相连的质量为1 kg的重锤自由下落，打出的纸带如图所示，相邻计数点的时间间隔为0.02 s，g取9.8 m/s2。求：(1)打点计时器打下计数点B时，物体的速度vB_ m/s。(保留两位有效数字)(2)某同学根据纸带上的O点到B点的数据，计算出物体的动能增加量Ek0.47 J，重力势能减小量Ep0.48 J，经过多次实验均发现Ek略小于Ep，试分析或解释形成这个现象的原因：_。解析：(1)打点计时器打下计数点B时，物体的速度vB m/s0.97 m/s。(2)由于重锤下落时要克服空气阻力和纸带所受阻力做功，重锤的机械能略减少，即Ek略小于Ep。答案：(
19、1)0.97(2)由于要克服空气阻力和纸带所受阻力做功，重锤的机械能略减少23.(8分)一带电粒子由静止开始经U500 V的电压加速后，沿平行板的中线垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距离d2.0 cm，板长L5.0 cm，要使带电粒子能从平行板间飞出，两极板间所加电压的最大值不超过多少？(不计粒子的重力)解析：粒子射出加速电场时，根据动能定理得Uq，在偏转电场中y，y，解得U1160 V。答案：160 V24(8分)在距地面 h10.8 m高的位置以一定速度竖直向上抛出一小球，经 t10.30 s上升h20.45 m后到达最高点，再经 t20.50 s落到地面。求：(1)从抛出到
20、落地这一过程小球的路程s；(2)从抛出到落地这一过程小球的平均速度 v。解析：(1)从抛出到落地这一过程小球的路程s0.8 m20.45 m1.7 m。(2)从抛出到落地这一过程小球的平均速度 m/s1 m/s，方向竖直向下。答案：(1)1.7 m(2)1 m/s，方向竖直向下25.(10分)小明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动。当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞行水平距离4d后落地，如图所示。已知握绳的手离地面高度为d，手与球之间的绳长为d，重力加速度为g。忽略手的运动半径和空气阻力。(1)求绳断时球的速度大小v0?(2)问绳能承受的最大拉力多大？解析：(1)由平抛运动的规律得：竖直方向ddgt2，水平方向4dv0t，解得v04。(2)小球运动到最低点时受到的拉力最大，小球做圆周运动由牛顿第二定律得：Fmgm，解得Fmg。由牛顿第三定律可知绳能承受的最大拉力为mg。答案：(1)4(2)mg