1、云南省景东彝族自治县第一中学2020届高三物理下学期押题卷（含解析）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.下列说法正确的是（）A. 汤姆孙发现了电子并提出了原子具有核式结构B. 光电效应揭示了光的粒子性，康普顿效应揭示了光的波动性C. 氢原子光谱表明氢原子的能量是不连续的D. 处于基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n=4的激发态后，可能辐射6种频率的光子【答案】C【解析】【详解】A汤姆孙发现了电子，卢瑟福提出了原子具有核式结构，故A错误
2、；B光电效应和康普顿效应都揭示了光的粒子性，故B错误；C氢原子光谱表明氢原子的能量是不连续的，故C正确；D处于基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n=4的激发态后，可能辐射3种频率的光子，故D错误。故选C。2.甲、乙两个质点分别在两个并排直轨道上运动，其速度随时间的变化规律分别如图中a、b所示，图线a是直线，图线b是抛物线，则下列说法正确的是（）A. t2时刻乙的运动方向发生了改变B. t1t2时间内，甲的平均速度小于乙的平均速度C. 0t2时间内，甲的加速度不断增大，乙的加速度不断减小D. 若t1时刻甲、乙相遇，则t3时刻甲、乙一定再次相遇【答案】B【解析】【详解】A0t3时间内乙的速度一直为
3、正值，则t2时刻乙的运动方向没有发生改变，故A错误；B因v-t图像的面积等于位移，可知在t1t2时间内，甲的位移小于乙的位移，则甲的平均速度小于乙的平均速度，故B正确；C因v-t图像的斜率等于加速度，可知在0t2时间内，甲的加速度不变，乙的加速度不断减小，故C错误；D若t1时刻甲、乙相遇，但是由于t1t3时间内乙的位移大于甲的位移，则t3时刻甲、乙不会再次相遇，故D错误。故选B。3.按照我国整个月球探测活动的计划，在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后，第二步是“落月”工程，已在2013年以前完成。假设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0，飞船沿距月球表面高度为3R的圆形轨道
4、运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道，到达轨道的近月点B时再次点火进入月球近月轨道绕月球做圆周运动。下列判断不正确的是（）A. 飞船在轨道上的运行速率B. 飞船在A点处点火变轨时，动能减小C. 飞船在轨道绕月球运动一周所需的时间D. 飞船从A到B运行的过程中机械能变大【答案】D【解析】【详解】A万有引力提供向心力解得在月球表面解得联立解得故A正确，不符合题意；B飞船在点变轨后由圆轨道变为椭圆轨道，做向心运动，要求万有引力大于飞船所需向心力，所以飞船应该减速，动能减小，故B正确，不符合题意；C万有引力提供向心力结合解得故C正确，不符合题意；D在椭圆轨道上，飞船由点运动至点，只有万有引力做功
5、，机械能守恒，故D错误，符合题意。故选D。4.如图所示，一光滑的轻滑轮用细绳悬挂于点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂小球A，另一端系一位于水平粗糙面上的物体B，绳与竖直方向的夹角为，下列说法正确的是（）A. 将B向左移动少许，若B仍能保持静止，则B与地面的摩擦力变大B. 增大小球A的质量，若B仍能保持静止，则B与地面的摩擦力变大C. 无论物体B在水平面上左移还是右移，只要移动后B仍能保持静止且移动距离很小，角将不变D. 无论物体B在水平面上左移还是右移，只要移动后B仍能保持静止，绳上的张力大小不变【答案】B【解析】【详解】AB细绳对B的拉力等于球A的重力，则B与地面之间的摩擦力fB=Tcos=m
6、Agcos将B向左移动少许，若B仍能保持静止，则角变大，则B与地面摩擦力变小；增大小球A的质量，若B仍能保持静止，则B与地面的摩擦力变大，选项A错误，B正确；CD因为滑轮两边绳子的拉力相等，则OO总是在AOB的角平分线上，若物体B在水平面上左移，则AOB减小，则角减小，滑轮两边细绳的合力变大，即OO绳上的张力变大；同理物体B在水平面上右移，则AOB变大，则角增加，滑轮两边细绳的合力变小，即OO绳上的张力变小，选项CD错误；故选B。5.如图所示，斜边长为a等腰直角三角形ABC处于一匀强磁场中，比荷为的电子以速度从A点沿AB方向射入磁场，欲使电子能经过BC边，则磁感应强度B的取值应为（）A. B.
7、 C. D. 【答案】C【解析】【详解】若电子恰能经过C点，则轨道半径则由可得此时则欲使电子能经过BC边，则磁感应强度B的取值故选C。6.在如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为5:1，a、b两端接入电压的瞬时表达式为，副线圈接火灾报警器（报警器未画出），图中电压表和电流表均为理想交流电表，R0为定值电阻，L为电阻恒定的指示灯，RT为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小。下列说法中正确的是（）A. 电压表的示数为VB. 当RT处出现火灾时，电压表示数将变大C. 当RT处出现火灾时，电流表示数将变大D. 当RT处出现火灾时，指示灯L将变暗【答案】CD【解析】【详解】A变压器初级电压有效值
8、为U1=220V，则次级电压即电压表的示数为44V，选项A错误； BCD当RT处出现火灾时，电阻减小，则次级总电阻减小，而次级电压是不变的，即电压表示数不变，则次级电流变大，由可知，初级电流变大，即电流表示数将变大；由于R0上电压变大，可知灯泡L上的电压减小，则灯泡变暗，故选项B错误，CD正确。故选CD。7.如图所示，竖直面内两段半径均为R的光滑半圆形细杆平滑拼接组成“S”形轨道，一个质量为m的小环套在轨道上，小环从轨道最高点由静止开始下滑，下滑过程中始终受到一个水平恒力F的作用，小环能滑到最低点，重力加速度大小为g，则小环从最高点下滑到最低点的过程中（）A. 小环机械能守恒B. 外力F一直做
9、正功C. 小环在最低点的速度大小为D. 在最低点小环对轨道的压力大小【答案】CD【解析】【详解】AB小环从最高点下滑到最低点的过程中，水平恒力F先做正功，后做负功，再做正功，则小球的机械能先增加，后减小，再增加，选项AB错误；C从最高点到最低点，恒力F做功为零，则由能量关系解得选项C正确；D在最低点时解得FN=9mg选项D正确。故选CD。8.如图甲所示，一个匝数为n的圆形线圈（图中只画了2匝），面积为S，线圈的电阻为R，在线圈外接一个阻值为R的电阻和一个理想电压表，将线圈放入垂直线圈平面指向纸内的磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示，下列说法正确的是（）A. 0t1时间内P端电势高于Q端
10、电势B. 0t1时间内电压表的读数为C. t1t2时间内R上电流为D. t1t2时间内P端电势高于Q端电势【答案】AC【解析】【详解】A时间内，垂直纸面向里磁场逐渐增大，根据楞次定律可知线圈中感应电流产生的磁场垂直纸面向外，根据右手定则可知电流从流出，从流入，所以端电势高于端电势，故A正确；B时间内，根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势为电压表所测为路端电压，根据串联分压规律可知电压表示数故B错误；C时间内，根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势为根据闭合电路欧姆定律可知通过回路的电流故C正确；D时间内，根据楞次定律可知电流从流出，从流入，所以端电势低于端电势，故D错误。故选AC。二、实验题（共
11、15分）9.小明在课本上查到“木木”的动摩擦因数为0.3，打算对这个数据进行检验，设计了以下实验：(1)如图所示，将质量为M的待测木块放在水平放置的长木板上，通过跨过滑轮的细绳与沙桶相连，增加沙桶中沙的质量，直到轻推木块，木块恰能做匀速直线运动，若此时沙桶及沙的总质量为m，则动摩擦因数_。(2)由于找不到天平，小明进行了如下实验步骤：取下沙桶，在木板上固定打点计时器，将纸带一端系在木块上，并穿过打点计时器；将木板不带滑轮的一端垫高，直到轻推木块，木块能做匀速直线运动；挂上沙桶（沙桶及沙的总质量保持不变），接通电源，待打点稳定后释放木块，得到如图纸带（相邻两计数点间还有1个点未画出）。已知打点计
12、时器的频率为50Hz，根据纸带数据，可求得木块运动的加速度a=_m/s2。（保留2位有效数字）。(3)若当地的重力加速度大小为9.8m/s2，则可求得_（保留2位有效数字）。【答案】 (1). (2). 2.4 (3). 0.32【解析】【详解】(1)1由题意可知，物块匀速运动时满足即(2)2根据 解得 (3)3由牛顿第二定律又联立解得10.某物理兴趣小组在学了闭合电路欧姆定律后，欲测量一节干电池的电动势E和内阻r，能够使用的实验器材有：A.干电池一节B.毫安表A1（量程00.2mA，内阻为1.0）C.毫安表A2（量程0300mA，内阻约为0.03）D.滑动变阻器R（020）E.定值电阻R0（
13、阻值为3.0）F.定值电阻R1（阻值为9999.0）G.开关、导线若干(1)在实验开始之前，该小组先用多用电表直流电压“2.5V”档进行初测，结果如图（a）所示，则该干电池的电动势约为_V。(2)该实验小组讨论后，决定采用如图（b）所示的实验电路进行测量，则甲处应选毫安表_（填“A1”或“A2”），乙处应选毫安表_（填“A1”或“A2”）。(3)实验开始后，逐渐减小滑动变阻器接入电路中的阻值，得到毫安表A1、A2的多组数据I1、I2，作出的I1I2图线如图（c）所示，则该电池的电动势E=_V，内阻r=_（计算结果保留两位小数）。【答案】 (1). 1.45V (2). A1 (3). A2 (
14、4). 1.47（l.461.49均可） (5). 3.47（3.403.63均可）【解析】【详解】(1)1由表盘指针可知，干电池的电动势约为1.45V；(2)23图中甲处应该用已知内阻的毫安表A1与定值电阻R1串联构成电压表；乙处应选毫安表A2；(3)45根据改装原理可知，电压表测量的路端电压为U=(9999+1)I1=10000I1根据闭合电路欧姆定律可知10000I1=E-I2（r+R0）根据图象可知纵轴截距I1=0.147mA，则对应的电动势值为E=1.47V图象的斜率表示内阻，故有 故有r=3.4711.长为L=2m、质量为M=0.3kg长木板锁定在光滑水平面上，一个质量为m=0.1
15、kg的物块从长木板的左端以=4m/s的水平速度滑上长木板，结果物块刚好滑到长木板的右端，重力加速度g取10m/s2，物块可视为质点。(1)求物块与长木板间的动摩擦因数；(2)若解除长木板的锁定，将物块放在长木板的右端，给长木板一个大小为=4m/s的向右的瞬时初速度。试分析物块会不会从长木板上滑离，如果能滑离，求物块滑离木板时的速度；如果不能滑离，求物块与长木板最后的共同速度。【答案】(1)0.4；(2)不能滑离，3m/s【解析】【详解】(1)物块刚好滑到长木板的右端时，只有摩擦力做功，则有代入数据可得=0.4（2）假设物块不能滑离木板，则二者的末速度一定相等，选取长木板的初速度的方向为正方向，
16、由动量守恒定律可得Mv0=（m+M）v代入数据可得v=3m/s设物块在木板上滑动的距离为x，则有 代入数据可得x=1.5m2m可知物块不能滑离木板。物块与长木板最后的共同速度为3m/s。12.如图所示，两平行金属导轨置于水平面（纸面）内，导轨间距为l，左端连有一阻值为R的电阻。一根质量为m、电阻也为R的金属杆置于导轨上，金属杆右侧存在一磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场区域。给金属杆一个瞬时冲量使它水平向右运动，它从左边界进入磁场区域的速度为v0，经过时间t，到达磁场区域右边界（图中虚线位置）时速度为。金属杆与导轨始终保持垂直且接触良好，它们之间的动摩擦因数为。除左端所连电阻和金属杆电
17、阻外，其他电阻忽略不计。求：(1)金属杆刚进入磁场区域时的加速度大小；(2)金属杆在滑过磁场区域的过程中金属杆上产生的焦耳热。【答案】(1) ；(2)【解析】【详解】(1)金属杆刚进入磁场时，有金属杆受到的摩擦力由牛顿第二定律联立以上各式解得(2)当金属杆速度为时，产生的感应电动势感应电流金属杆受到的安培力由动量定理得，在短暂的时间内有即对上式从金属杆进入磁场到离开磁场，求和得式中为磁场区域左、右边界的距离，解得设此过程中金属杆克服安培力做功为，由动能定理联立以上各式，解得此过程中回路产生的焦耳热为则金属杆产生的焦耳热为13.下列说法中正确的是（）A. 晶体的导热性能一定是各向异性的B. 物体
18、从单一热源吸收的热量有可能全部用于做功C. 扩散现象与布朗运动都能说明分子在永不停息地运动D. 足球充足气后很难被压缩，是因为足球内气体分子间斥力作用的结果E. 夏天中午时车胎内的气压比清晨时高，且车胎体积增大，则胎内气体对外界做功，内能增大（胎内气体质量不变且可视为理想气体）【答案】BCE【解析】【详解】A多晶体的导热性能是各向同性的，选项A错误；B根据热力学第二定律，物体从单一热源吸收的热量有可能全部用于做功，但要引起其他的变化，选项B正确；C扩散现象与布朗运动都能说明分子在永不停息地运动，选项C正确；D足球充足气后很难被压缩，是因为足球内气体压强作用的缘故，与分子间斥力无关，选项D错误；
19、E夏天中午温度比清晨时温度高，则气体内能变大，车胎体积增大，则胎内气体对外界做功，选项E正确。故选BCE。14.横截面积处处相同的U形玻璃管竖直放置，左端封闭，右端开口。初始时，右端管内用h1=4cm的水银柱封闭一段空气柱A，左端管内用水银封闭长为L=14cm的空气柱B，这时水银柱左右两液面高度差为h2=8cm，如图甲所示。已知大气压强p0=76.0cmHg，环境温度不变。求：(1)初始时空气柱B的压强（以cmHg为单位）；(2)若将U形玻璃管缓慢旋转，使U形管竖直倒置（水银未混合未溢出），如图乙所示。当管中水银静止时空气柱B的长度L。【答案】(1)72cmHg；(2)12cm【解析】【详解】(1)空气柱A的压强为空气柱B的压强为(2)若将U形玻璃管缓慢旋转，使U形管竖直倒置，则此时空气柱A的压强为设B气体上部的两边玻璃管内的水银液面差为h3，则空气柱B的压强为pB=pA+ h3空气柱B的长度 由玻意耳定律可得pBL=pBL联立解得h3=12cm空气柱B的长度L=12cm
