1、2018-2019学年度第一学期期末考试高一物理试题一、选择题（本题共15小题，在每小题给出的四个选项中，第110题只有一项符合题目要求，每小题3分；第1115题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）1.某场班级足球赛在16时20分正式开始,甲班经过30分钟的顽强拼搏,终于攻入了一球。下列说法正确的是A. “16时20分”和“30分钟”均指时刻B. “16时20分”和“30分钟”均指时间间隔C. “16时20分”是指时间同隔,“30分钟”是指时刻D. “16时20分”是指时刻,“30分钟”是指时间间隔【答案】D【解析】“16时20分” 在时间轴上对应的是一
2、个点，指时刻，“30分钟”在时间轴上对应一段距离，指时间间隔，故D正确，ABC错误，故选D。【点睛】正确理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点2.高速公路“区间测速”的原理是通过测量车辆经过两个监控点之间的时间来判断是否超速.如图所示为某一20km路段的区间测速标志，该路段限速120km/h。则A. “20km”指位移B. “20km”指路程C. 车辆过此路段瞬时速度为120km/hD. 车辆过此路段用时15min属超速【答案】B【解析】【分析】位移是从起点指向终点的有向线段的长度；路程是轨迹的长度；瞬时速度是指某一时
3、刻或者某位置的速度.【详解】“20km”指路程，选项A错误，B正确；车辆过此路段的平均速度不超过120km/h，选项C错误；车辆过此路段用时15min，则平均速率为 ，故不属超速，选项D错误；故选B.3.一个做匀加速直线运动的物体的加速度是3m/s2，这意味着A. 该物体在任1s末的速度是该秒初速度的3倍B. 该物体在任1s末的速度比该秒的初速度大3m/sC. 该物体在第1s末的速度为3m/sD. 该物体在任1s初的速度比前1s末的速度大3m/s【答案】B【解析】试题分析：加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度等于3m/s2，说明速度每秒变化3m/s解：A、B、作匀加速直线运动的物体，加速度
4、等于3m/s2，说明速度每秒中增加3m/s，也就是说任一秒内，末速度比初速度大3m/s，所以A错误，B正确C、假设物体初速度为零，那么第一秒末的速度为3m/s，但是题目并没说明初速度是多少，故C错误D、该物体在任1s初的速度和前1s末的速度是指同一时刻速度，故D错误故选B【点评】本题是对物理中基本概念的考查，这是学习物理的基础，基本知识一定要掌握牢固4.一物体从高x处做自由落体运动，经时间t到达地面，落地速度为v，那么当物体下落时间为时，物体的速度和距地面的高度分别是A. ， B. ， C. ， D. ，【答案】C【解析】由v=gt可知当物体下落时间为时，物体的速度为，由初速度为零的匀加速直线
5、运动在相等的时间内通过的位移之比为1:3:5可知当物体下落时间为时，距地面的高度为x,C对；5.一物体m以一定的初速度沿粗糙斜面向上滑动，如图所示，在滑动过程中，物体m受到的力是（ ） A. 重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B. 重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力C. 重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力D. 重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力【答案】B【解析】【分析】对物体受力分析，关键要按照顺序找力，要找受到的力，每个力都要能找到受力物体，有时还要结合物体的运动情况分析受到的力【详解】物体在惯性的作用下沿斜面向上运动，对物体受力分析，重力竖直向下
6、，斜面对物体的支持力垂直斜面向上，和沿斜面向下的滑动摩擦力，所以B正确，ACD错误。故选B。【点睛】受力分析的一般步骤和方法是求解力学问题的一个关键，在整个高中物理学习的全过程中占有极重要的地位，对物体进行受力分析，通常可按以下方法和步骤进行：（1）明确研究对象，亦即是确定我们是要分析哪个物体的受力情况（2）隔离物体分析亦即将所确定的研究对象从周围物体中隔离出来，进而分析周围有哪些物体对它施加力的作用，方向如何，并将这些力一一画在受力图上，在画支持力、压力和摩擦力的方向时容易出错，要熟记：弹力的方向一定与接触面或接触点的切面垂直，摩擦力的方向一定沿着接触面与物体相对运动（或趋势）方向相反（3）
7、分析受力的顺序：一重、二弹、三摩擦，沿接触面或点逐个去找有时根据概念或条件与判断本题可按照受力分析的一般步骤对物体受力分析6.如图所示，轻绳OA、OB和OP将一只元宵花灯悬挂在P点，花灯保持静止已知绳OA和OB的夹角为120，对O点拉力的大小皆为F，轻绳OP对O点拉力的大小为()A. F B. F C. F D. 2F【答案】A【解析】【详解】对O点受力分析并由平衡条件可知，OP绳的拉力等于OA绳与OB绳的拉力的合力，由于OA绳与OB绳的大小相等，夹角为1200，由平行四边形定则可知，两力的合力为F，即OP绳的拉力为F，故A正确。7.手提电脑散热底座一般设置有四个卡位用来调节角度。如图甲所示，
8、某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位4调至卡位1增大倾角如图乙，电脑始终处于静止状态，则A. 电脑受到4个力的作用B. 电脑受到的合力变大C. 散热器对电脑的作用力方向竖直向上D. 电脑受到的重力和支持力的合力变小【答案】C【解析】【详解】笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力三个力的作用，电脑处于平衡状态，合力始终为零；故AB错误；受力分析，如图所示：散热底座对电脑的作用力的合力是支持力和静摩擦力的合力，与重力平衡，可知散热器对电脑的作用力方向竖直向上。故C正确；根据平衡条件，有：N=mgcos；f=mgsin；由原卡位4调至卡位1，角度增大，则静摩擦力增大，根据三力平衡的
9、特点可知，重力和支持力的合力变大。故D错误；故选C。8.某校科技兴趣小组观察“嫦娥二号”的发射过程后，用实验来模拟卫星的发射。火箭点燃后从地面竖直升空，时刻第一级火箭燃料燃尽后脱落，时刻第二级火箭燃料燃尽后脱落，此后不再有燃料燃烧。实验中测得火箭的图像如图所示，设运动中不计空气阻力，全过程中燃料燃烧时产生的推力大小恒定。下列判断中正确的是 （ ） A. 时刻火箭到达最高点，时刻火箭落回地面B. 火箭在时间内的加速度大小大于重力加速度C. 火箭在时间内的加速度大于时间内的加速度D. 时间内火箭处于超重状态，时间内火箭处于失重状态【答案】D【解析】【分析】（1）v-t图象中，倾斜的直线表示匀变速直
10、线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移；（2）判断超重失重的方法是：加速度方向向上，物体处于超重状态，加速度方向向下，物体处于失重状态【详解】火箭上升的最大高度即为运动过程中的最大位移，由图可知当速度等于零时，位移最大，火箭处于最高点，即t3时刻到达最高点，故A错误；火箭在t2t3时间内没有燃料燃烧，又不计空气阻力，故火箭只受重力，所以加速度等于重力加速度，故B错误；v-t图象中斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，由图可知火箭在0t1时间内的加速度小于t1t2时间内的加速度，故C错误；加速度方向向上，物体处于超重状态，加速度方向向下，物体处于失重
11、状态，由图可知，t1t2时间内加速度为正，向上，所以火箭处于超重状态，t2t3时间内加速度为负，向下，所以火箭处于失重状态，故D正确。故选D。【点睛】本题是速度-时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据加速度正确判断物体是超重还是失重状态，能根据图象读取有用信息9.如图所示，假设在某次比赛中运动员从10 m高处的跳台跳下，设水的平均阻力约为其重力的3倍，在粗略估算中，把运动员当做质点处理，为了保证运动员的人身安全，池水深度至少为(不计空气阻力)（ ） A. 5 m B. 3 m C. 7 m D. 1 m【答案】A【解析】【详解】设水深h，对
12、运动全程运用动能定理mg(Hh)Ffh0，即mg(Hh)3mgh，得h5m。故选A。【点睛】本题是两个过程的问题，对全过程运用动能定理求解比较简便，也可以分两段进行研究10.汽车发动机的额定功率为80 kW，它以额定功率在平直公路上行驶的最大速度为20 m/s，那么汽车在以最大速度匀速行驶时所受的阻力的大小是（ ）A. 8000N B. 4000N C. 2000N D. 1600N【答案】B【解析】分析：汽车在以最大速度匀速行驶时，汽车受到的阻力的大小和汽车的牵引力大小相等，由P=FV=fV可以求得此时汽车受到的阻力的大小解答：解：汽车匀速运动，说明汽车处于受力平衡状态，此时汽车受到的阻力的
13、大小和汽车的牵引力大小相等，由P=FV=fV可以求得f=N=4000N，所以B正确故选B点评：本题就是对功率公式的直接的考查，题目比较简单11.甲和乙两个物体同地做同向直线运动，他们的位移s随时间t变化的关系图象如图所示，则在0t1时间内，A. 甲的速度始终比乙的速度大B. 甲的平均速度等于乙的平均速度C. 甲始终在乙的前面，直到t1时刻相遇D. 0t0时间内，甲在乙的前面，t0t1时间内，乙在甲的前面【答案】BC【解析】试题分析：s-t图像的斜率等于物体的速度，可知0-t0时间内甲的速度大于乙，在t0-t1时间内甲的速度小于乙，故选项A错误；在0-t1时间内两物体的位移相等，故甲的平均速度等
14、于乙的平均速度，选项B正确；由图像可知，甲的位移始终大于乙，故甲始终在乙的前面，直到t1时刻相遇，选项C正确；0t0时间内，甲在乙的前面，t0t1时间内，甲仍然在乙的前面，选项D错误；故选BC考点：x-t图像【名师点睛】此题考查x-t图像的物理意义；关键是知道图像的纵坐标表示物体的位移，图线的斜率等于物体的速度。12.质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x = 5t + t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（ ）A. 初速度为5m/sB. 第1 s内的位移是5 mC. 任意1 s内的速度增量都是2m/sD. 前2 s内的平均速度是7 m/s【答案】ACD【解析】【分析】对照匀变速直
15、线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，即可求得质点的初速度和加速度，求出前2s内的位移之后，与时间相比即可求得平均速度速度增量根据v=at求解【详解】质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2，根据匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，可得质点的初速度 v0=5m/s，加速度a=2m/s2。选项A正确；将t=1s代入，求得x=6m，所以第1秒的位移是6m，故B错误；任意1s内的速度增量：v=at=21m/s=2m/s，故C正确。由x=5t+t2可得前2s内的平均速度为，故D正确。故选ACD。13. 消防员用绳子将一不慎落入井中的儿童从井内加速向上提的过程中，不计绳
16、子的重力，以下说法正确的是（ ）A. 绳子对儿童的拉力大于儿童对绳子的拉力B. 绳子对儿童的拉力大于儿童的重力C. 消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对作用力与反作用力D. 消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对平衡力【答案】B【解析】试题分析：绳子对儿童的拉力和儿童对绳子的拉力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故A错误；儿童从井内加速向上提的过程中，加速度方向向上，根据牛顿第二定律得绳子对儿童的拉力大于儿童的重力故B正确；消防员对绳子的拉力与绳子对消防员的拉力是一对作用力和反作用力，故C正确；消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故D错误；故选
17、BC考点：平衡力；作用与反作用力14.如图所示，小孩与雪橇的总质量为m，大人用与水平面成角的恒定拉力F将雪橇沿水平地面向右匀速移动了一段距离L已知雪橇与地面间的动摩擦因数为，则关于各力对雪橇做功的说法正确的是（ ）A. 拉力对雪橇做功为B. 滑动摩擦力对雪橇做功为C. 支持力对雪橇做功为D. 雪橇受到的各力对雪橇做的总功为零【答案】AD【解析】【分析】雪橇所受的各力都是恒力，可根据恒力F做功的计算公式：W=FLcos，为F与S之间的夹角，来分析计算各力做的功；根据动能定理可分析合力的功的大小【详解】对雪橇受力分析，如图：拉力做功为 WF=FLcos，故A正确；雪橇竖直方向受力平衡，有：N+Fs
18、in=mg得：N=mg-Fsin；则摩擦力为：f=N=（mg-Fsin）；摩擦力做功为：Wf=-fl=-（mg-Fsin）L，故B错误；支持力做功为：WN=NLcos90=0，故C错误；由于雪橇做匀速运动，根据动能定理可知，合力的功为零，故D正确。故选AD。【点睛】本题考查功的计算，要明确恒力F做功的计算公式：W=FLcos，为F与S之间的夹角注意功的公式只适用于恒力做功15.如图所示，质量为m2的物体2放在车厢的水平底板上，用竖直细绳通过光滑定滑轮与质量为m1的物体1相连，车厢沿水平直轨道向右行驶，此时与物体1相连的细绳与竖直方向成角，由此可知A. 车厢的加速度大小为B. 绳对m1的拉力大小
19、为C. 底板对物体m2的支持力大小为D. 底板对m2的摩擦力大小为【答案】AB【解析】【分析】先以物体1为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律求出其加速度和绳的拉力再对物体2研究，由牛顿第二定律求出支持力和摩擦力【详解】以物体1为研究对象，受力如图所示，由牛顿第二定律得：m1gtan=m1a，解得：a=gtan，则车厢的加速度也为gtan，故A正确；如图所示，绳子的拉力：，故B正确；对物体2研究，受力如图2所示，在竖直方向上，由平衡条件得：N=m2g-T=m2g-，故C错误；由图2所示，由牛顿第二定律得：f=m2a=m2gtan，故D错误。故选AB。【点睛】解决本题的关键的关键知道车厢和两
20、物体具有相同的加速度，通过整体法和隔离法进行求解二、实验题（本题共2个小题，每空2分，共12分。）16.在“验证平行四边形定则”的实验中，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度的拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条(1)对两次拉伸橡皮条的实验操作过程中，下列哪些说法是正确的_(填字母代号)A.同一次实验中，O点位置不允许变动B实验中，只需记录弹簧测力计的读数和O点的位置C实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间的夹角必须取D实验中，要始终将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然
21、后调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点(2)同学们在操作过程中有如下议论，其中必要的实验要求是_(填字母代号)。A两细绳必须等长B弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些D用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大【答案】 (1). AD (2). BC【解析】【详解】(1)A、同一次实验中，将橡皮条和绳的结点拉到相同位置O，意味着两次力的作用效果相同，所以O位置不允许变动，故A正确。B、实验中不仅要记录弹簧测力计的读数和O点的位置，还要同时记录力的方向，故B错误。C、实验中把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧测
22、力计之间的夹角不是越大越好，两个弹簧测力计之间的夹角太大了会增大实验的误差，故C错误。D、实验体现了等效替代的实验思想，两次拉伸橡皮条到同一点O，意味着两次力的作用效果相同，故D正确。故选：A、D(2)A、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故A错误。B、实验要求尽量准确，为了减小实验因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，否则用作图法做出来的力的大小不准确，故B正确。C、为了更加准确记录力的方向，拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些，故C正确。D、虽然用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数没有特殊要求，但为了减少实验误差，
23、用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤拉力不能太大，也不能太小，故D错误。故选：B、C故答案为：(1)AD；(2)BC17.某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律：(1)该同学在平衡摩擦力后进行实验，为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足_的条件。(2)他实验时将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，得到一条纸带，打出的部分计数点如图乙所示(每相邻两个计数点间还有4个点图中未画出) S1=3.59cm，S2=4.39cm，S3=5.19cm，S4=5.99cm，S5=6.79cm，S6=7.59cm。则小车的加速度a=_m/s2，打点计时器在打B点时小车的速度 vB=_
24、m/s.(结果均保留两位有效数字)(3)通过实验得到如图丙所示的a-F图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角_(选填“偏大”或“偏小”)。【答案】 (1). (2). 0.80 (3). 0.40 (4). 偏大【解析】【分析】（1）当Mm时，可以用钩码的重力代替小车的拉力；（2）根据x=aT2求得加速度，利用中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度求得；（3）根据a-F图象可知，当F=0时，加速度a0，判断出原因即可【详解】（1）小车运动过程中，砝码和盘向下做加速运动处于失重状态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力；当小车
25、质量M远大于砝码和盘总质量m时可以近似认为小车受到的拉力等于砝码和盘的重力。（2）计数点间的时间间隔为T，由匀变速直线运动的推论x=aT2可知，加速度： B点的瞬时速度为 （3）当F=0时，小车已经具有了加速度，在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角偏大.【点睛】教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚。对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由。比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等。三、计算题（共33分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值的单位。）18.
26、前一段时间，全国不少城市被雾霾笼罩，空中浮游大量有害物质，不仅影响市民的身体健康，道路交通环境也受到一定的影响某日雾霾天气，路上能见度(观察者与能看见的最远目标间的距离)为70 m，一汽车在平直公路上以v025m/s的速度行驶，该司机的反应时间t00.5 s，汽车刹车时能产生的最大加速度大小a5m/s2.(1)汽车在司机反应时间t0内行驶多长距离？(2)请根据以上数据分析，一旦在能见度处出现障碍物，汽车能否避免与障碍物碰撞。【答案】(1)12.5 m(2)会相碰；【解析】(1)汽车的初速度v0=90 km/h=25 m/s在反应时间t内汽车仍做匀速运动，故前进的距离s=v0t=250.5 m=
27、12.5 m(2)设从刹车到静止，汽车前进的位移为x，则0-=-2ax解得x= m=62.5 m由于s+x=75 m70 m所以在能见度处出现障碍物时，汽车会与障碍物碰撞.点睛：掌握匀变速直线运动的速度时间关系和位移时间关系，知道避免相撞的临界条件是正确解题的关键19.如图所示，一长度L=50cm的细绳栓着一个质量为m=3kg的小球，小球用固定在墙上的弹簧支撑，平衡时弹簧位于水平方向，细绳与竖直方向的夹角为53.不计弹簧和细绳的质量：已知sin53=0.8、cos53=0.6，g=10m/s2，求：(1)细绳对小球的拉力的大小；(2)已知弹簧的原长为x0=50cm，求弹簧的劲度系数的大小.【答
28、案】（1）50N（2）4N/cm【解析】（1）由平衡知识可得：，可得（2）由，可得：F2=40N又 可得：20.四旋翼无人机是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前正得到越来越广泛的应用。一架质量m=2 kg的无人机，其动力系统所能提供的最大升力F=36 N，运动过程中所受空气阻力大小恒为f=4 N。(g取10 ms2)(1)无人机在地面上从静止开始，以最大升力竖直向上起飞。求在t=5s时离地面的高度h；(2)当无人机悬停在距离地面高度H=100m处，由于动力设备故障，无人机突然失去升力而坠落。求无人机坠落到地面时的速度v；(3)接(2)问，无人机坠落过程中，在遥控设备的干预下，动力设备重新启
29、动提供向上最大升力。为保证安全着地（到达地面时速度为零），求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t1。【答案】（1）75m（2）40m/s （3）【解析】试题分析：（1）根据牛顿第二定律求出上升的加速度，结合位移时间公式求出上升的位移（2）根据牛顿第二定律求出下降的加速度大小，结合速度位移公式求出坠落地面时的速度大小（3）根据牛顿第二定律求出恢复升力后向下减速的加速度，抓住匀加速和匀减速运动的位移之和等于H，求出最大速度，结合速度时间公式求出飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t1解：（1）由牛顿第二定律 Fmgf=ma代入数据解得a=6m/s2上升高度代入数据解得 h=75m（2）下落过程中 mgf=ma1代入数据解得落地时速度 v2=2a1H，代入数据解得 v=40m/s（3）恢复升力后向下减速运动过程 Fmg+f=ma2代入数据解得设恢复升力时的速度为vm，则有由 vm=a1t1代入数据解得答：（1）t=5s时离地面的高度h为75m（2）无人机坠落地面时的速度为40m/s（3）飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间为【点评】本题的关键是对飞行器的受力分析以及运动情况的分析，结合牛顿第二定律和运动学基本公式求解，本题难度适中