1、高考资源网（） 您身边的高考专家云南省普洱市澜沧县一中2019-2020学年10月份考试高二 物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。 学校：_姓名：_班级：_考号：_分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.A、B、C是三个不同规格的灯泡，按图所示方式连接恰好能正常发光，已知电源的电动势为E，内电阻为r，将滑动变阻器的滑片P向左移动，则三个灯亮度变化是()A 都比原来亮B 都比原来暗C A、B灯比原来亮，C灯变暗D A、B灯比原来暗，C灯变亮2.在测量阻值较小的金属的电阻率的实验中，为了减小实验误差，并要求在实验中获得较大的电压调节范围，在测量其电阻时
2、应选择的电路是()AB CD3.一个电容器的规格是“50 V10 F”，则()A 这个电容器只有加上50 V 电压时，电容才是10 FB 这个电容器能容纳的最大电荷量为10 CC 这个电容器储存的电荷量一定为500 CD 这个电容器两端的电压等于10 V时，它两极板电荷量(绝对值)之和为200 C4.如图所示，A、B、C为电场中同一电场线上的三点设电荷在电场中只受电场力作用，则下列说法中正确的是()A 若在C点无初速度地释放正电荷，则正电荷向B运动，电势能减少B 若在C点无初速度地释放正电荷，则正电荷向A运动，电势能增加C 若在C点无初速度地释放负电荷，则负电荷向A运动，电势能增加D 若在C点
3、无初速度地释放负电荷，则负电荷向B运动，电势能减少5.如图所示，一个带正电的粒子先后分别沿1、2、3、4条不同路径到达同一带负电的导体上(导体与地绝缘)，电场力对该带电粒子做功分别为W1、W2、W3和W4，则它们间的关系正确的是()AW1W2W3W4BW1W2W3W4CW1W2W3W4DW1W2W3W46.在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2表示下列判断正确的是()AI减小，U1增大BI减小，U2增大CI增大，U1增大DI增大，U2增大7.如图甲所示电路中，电流表A1与A2内阻相同，A2与R1串联，当电路
4、两端接在电压恒定的电源上时，A1示数为3 A，A2的示数为2 A；现将A2改为与R2串联，如图乙所示，再接在原来的电源上，那么()A A1的示数必增大，A2的示数必减小B A1的示数必增大，A2的示数必增大C A1的示数必减小，A2的示数必增大D A1的示数必减小，A2的示数必减小8.如图所示电路中，电阻R1、R2、R3的阻值相等，电池的电阻不计(电池两端电压恒定).那么开关K接通后流过R2的电流是K接通前的()A B C D9.图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流R0为定值电阻，移动滑动变阻器的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的
5、是()A B CD10.某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是()Ac点的电场强度大于b点的电场强度B 若将一试探电荷q由a点静止释放，它将沿电场线运动到b点Cb点的电场强度大于d点的电场强度Da点和b点的电场强度的方向相同二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)如图所示，电容器A的电容CA30 F，电容器B的电容CB10 F，在开关S1、S2都是断开的情况下，分别给电容器A、B充电，充电后，M点的电势比N点高5 V，O点的电势比P点低5 V，然后把S1、S2都接通，接通后()AA的带电量是5105CBB的带电量是2.5105CCUMN5 VDUPO2.5 V12
6、.（多选）图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A 粒子在M点的速度小于在N点的速度B 粒子在M点的电势能小于在N点的电势能CM点的电势高于N点的电势DM点的电场强度大于N点的电场强度13.(多选)如图所示，质量为m，带电量为q的小球自A点以速度v0水平抛出进入匀强电场，从小球刚进入电场开始计时，则小球在电场中的运动轨迹可能是图中的()A B C D14.(多选)在如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别
7、用I、U1、U2和U3表示下列比值正确的是 ()A不变，不变B变大，变大C变大，不变D变大，不变分卷II三、实验题(共2小题,共15分) 15.有一根细长而均匀的金属管线样品，长约为60 cm，电阻大约为6 ，横截面如图甲所示（1）用螺旋测微器测量金属管线的外径，示数如图乙所示，金属管线的外径为mm；（2）现有如下器材：A电流表（量程0.6 A，内阻约0.1 ） B电流表（量程3 A，内阻约0.03 ）C电压表（量程3 V，内阻约3 k） D滑动变阻器（1 750 ，0.3 A） E滑动变阻器（15 ，3 A） F蓄电池（6 V，内阻很小）G开关一个，带夹子的导线若干要进一步精确测量金属管线样
8、品的阻值，电流表应选，滑动变阻器应选（只填代号字母）（3）请将图丙所示的实际测量电路补充完整（4）已知金属管线样品材料的电阻率为，通过多次测量得出金属管线的电阻为R，金属管线的外径为d，要想求得金属管线内形状不规则的中空部分的横截面积S，在前面实验的基础上，还需要测量的物理量是（所测物理量用字母表示并用文字说明）计算中空部分横截面积的表达式为S=16.现用伏安法研究某电子器件R1的（6 V，2.5 W）伏安特性曲线，要求特性曲线尽可能完整（直接测量的变化范围尽可能大一些），备有下列器材：A、直流电源（6 V，内阻不计）；B、电流表G（满偏电流3 mA，内阻Rg=10 ）；C、电流表A（00.6
9、 A，内阻未知）；D、滑动变阻器（020 ，10 A）；E、滑动变阻器（0200 ，1 A）；F、定值电阻R0（阻值1990 ）；G、开关与导线若干；（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子器件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用（填写器材序号）（3）将上述电子器件R1和另一电子器件R2接入如图（甲）所示的电路中，它们的伏安特性曲线分别如图（乙）中Ob、Oa所示电源的电动势E=6.0 V，内阻忽略不计调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电阻R1和R2阻值的和为，R3接入电路的阻值为
10、四、计算题 17.有三根长度皆为l=0.3 m的不可伸长的绝缘轻线，其中两根的一端固定在天花板的O点，另一端分别栓有质量皆为m=1.0102kg的带电小球A和B，它们的电荷量分别为q和+q，q=1.0106CA、B之间用第三根线连接起来，空间中存在大小为E=2.0105N/C的匀强电场，电场强度的方向水平向右平衡时A、B球的位置如图所示已知静电力常量k=9109Nm2/C2重力加速度g=10m/s2求：（1）A、B间的库仑力的大小（2）连接A、B的轻线的拉力大小18.如图所示，在水平方向的匀强电场中，用长为L的绝缘细线，拴住一质量为m，带电量为q的小球，线的上端固定开始时连线带球拉成水平，突然
11、松开后，小球由静止开始向下摆动，当细线转过60角时的速度恰好为零问：（1）A、B两点的电势差UAB为多少？（2）电场强度为多少？19.示波器的示意图如图所示，金属丝发射出来的电子被加速后从金属板的小孔穿出，进入偏转电场电子在穿出偏转电场后沿直线前进，最后打在荧光屏上设加速电压U11 640 V，偏转极板长l4 cm，金属板间距d1 cm，当电子加速后从两金属板的中央沿与板平行的方向进入偏转电场求：(1)偏转电压U2为多大时，电子束的偏移量最大？(2)如果偏转极板右端到荧光屏的距离L20 cm，则电子束最大偏转距离为多少？20.如图所示，电源电动势E=18 V，内阻r=2 ，两平行金属板水平放置
12、，相距d=2 cm，当变阻器R2的滑片P恰好移到中点时，一带电量q=2107C的液滴刚好静止在电容器两板的正中央，此时理想电流表的读数为1 A已知定值电阻R1=6 求：（1）带电液滴的质量（取g=10 m/s2）（2）当把滑动变阻器的滑动片P迅速移到C点后，液滴到达极板时的动能 答案1.C 2.D 3.D 4.A 5.D 6.B 7.A 8.B 9.C 10.C 11.BD 12.AC 13.ABC 14.ACD15.【答案】（1）1.1250.001（2）A E（3）如图所示（4）管线的长度L【解析】（1）螺旋测微器的读数等于1 mm+0.0112.5 mm=1.125 mm（2）电路中的电
13、流大约为I=A=0.5 A，所以电流表选择A待测电阻较小，若选用大电阻滑动变阻器，测量误差角度，所以滑动变阻器选择E（3）待测电阻远小于电压表内阻，属于小电阻，所以电流表采取外接法滑动变阻器可以采用限流式接法，也可以采用分压式接法（4）还需要测量的物理量是管线长度L，根据R=，则S=，则中空部分的截面积S=S=16.【答案】（1）见解析图 （2）D （3）20 4【解析】（1）本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，因该电子元件内阻较小，故应选用电流表外接法，题目中没有给出电压表，因此需要用已知内阻电流表进行改装，具体实验原理图如下所示：（2）由于滑动变阻器采用分压接法，因此，在保证安全
14、的前提下，选择总阻值小的，因此滑动变阻器应选用D（3）R1和R2串联使用，因此它们的电流相等，由乙图可知R1和R2的相等电流为：I=0.25A，此时R1和R2的电压均为：U=2.5 V，因此它们的电阻之和为：；此时R3两端的电压为：U1=6.0 V2.5 V2.5 V=1.0 V，此时接入电路中的电阻为：17.【答案】（1）0.1 N （2）0.042 N【解析】（1）根据库仑定律，则有：F2=k=9109=0.1 N；（2）对A受力分析，如图所示：竖直方向：F1cos30=mg解得：F1=N水平方向：F1sin 30+F2+F3=qE；解得：F3=0.042 N18.【答案】（1）（2）【解
15、析】（1）小球由A到B过程中，由动能定理得：mgLsin 60+qUAB=0，解得：UAB=.（2）BA间电势差为：UBA=UAB=，则场强：E=19.【答案】(1)2.05102V(2)0.055 cm【解析】(1)设电子被电压U1加速后速度大小为v0，则有qU1mv在金属板间电子的最大偏移量y10.5 cm则y1at2()2解得U22.05102V.(2)电子离开偏转电场后做匀速直线运动，可看做从极板的正中心沿直线射出，如图所示由几何知识，得解得y0.055 cm.20.【答案】（1）1.6105kg （2）7.14108J【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律，路端电压为；U=EIr=（1812.0）V=16 V液滴平衡，故：mg=q解得：m=kg=1.6105kg（2）当滑片在中点时：I（R+）=U=16 V解得：R2=20 当滑片滑到C点时，路端电压：U=16 V根据动能定理，液滴到达上极板时的动能为：=（2107C）（16 VV）=7.14108J高考资源网版权所有，侵权必究！