1、豫南九校20162017学年下期质量考评七高三理综化学部分参考答案1234567D891011121314CABDCC151617181920217D 【解析】A项错误，煤的液化是在煤的气化的基础上的一系列化学变化过程；B项错误，用于消化道检查的钡餐是药用硫酸钡，因为它不溶于水和脂质，所以不会被胃肠道黏膜吸收，因此对人基本无毒性；C项错误，光导纤维的主要成分是SiO2，有机玻璃属于有机高分子材料；D项正确。8C【解析】硫酸是二元强酸，完全电离，但题干中没有指出溶液的体积，无法计算H+的物质的量，A项错误；没有指明气体所处状况，B项错误；D是重氢（即氘），D2O和NHD2均为10电子分子，20
2、g D2O和19 g NHD2的物质的量均为1 mol，C项正确；Cl2与H2O的反应为可逆反应，1 mol Cl2溶于水充分反应转移的电子数小于NA，D项错误。9A 【解析】25.0 g CuSO45H2O溶于100 mL蒸馏水并不能得到100 mL的溶液，A项错误；Na2CO3与盐酸反应生成NaCl，过量的HCl在加热时挥发，所以最终可除去Na2CO3，B项正确；H2O2既有氧化性，又有还原性，H2O2可以将氧化为，加热可除去过量的H2O2，C项正确；加淀粉溶液验证碘单质的存在，加AgNO3溶液验证I，所以D项正确。10B【解析】由于该有机物完全燃烧时产生等物质的量的CO2和H2O，所以分
3、子式中的C和H原子的个数比为12，假设分子中有一个氧原子，碳原子和氢原子的相对原子质量之和为58，不能被14整除，若分子中有两个氧原子，碳原子和氢原子的相对原子质量之和为42，能被14整除，所以该含氧衍生物的分子式为C3H6O2。又由于是单官能团，所以它可能有的同分异构体有CH3CH2COOH、HCOOCH2CH3、CH3COOCH3三种。所以A项、C项和D项均错误，B项正确。11D【解析】由题目提供的条件可推导出a为碳元素，b为氧元素，c为钠元素，d为镁元素，e为铝元素，f为硫元素，g为氯元素。碳元素的最高价含氧酸为碳酸，是弱酸，A项错误；氢氧化钠是强碱，但氢氧化铝是两性氢氧化物，所以B项错
4、误；氧的非金属性比硫强，所以C项错误；铝是两性金属，既能与强碱反应，又能与强酸反应，因此D项正确。12C 【解析】C1电极为阴极，C2电极为阳极。由于溶液中有酸，故阴极上不应有OH生成，A错误；阳极上发生失电子的氧化反应，还原性Fe2+Cl，故阳极首先是Fe2+失去电子转化为Fe3+，其次是Cl放电，阳极区溶液会首先变黄色，故B错误、C正确；电子只能沿导线转移，D错误。13C【解析】决定溶液pH的因素是H2SO4完全电离产生的c(H+)，它不会随温度的变化而变化，A项正确；pH与体积都相同的醋酸的物质的量浓度远远大于硝酸的物质的量浓度，所以用0.1 molL1 NaOH溶液恰好中和时，前者所需
5、的NaOH溶液体积一定大于后者，B项正确；0.2 molL1 CH3COO Na溶液和0.1 molL1盐酸溶液等体积混合，反应后生成等物质的量的CH3COONa和CH3COOH，由于溶液呈碱性，所以CH3COONa的水解起决定作用，根据电荷守恒原则，c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO)+c(Cl)+c(OH)恒成立，C项错误；向少量AgNO3溶液中先滴加适量NaCl溶液，再滴加适量KI溶液，只有Ksp(AgI)金刚砂晶体硅（2分）（3）41（1分）（4）同素异形体（1分） 60（2分） 3（1分） 4（1分）8（1分） （1分） （2分）【解析】（1）14C原子核外的电子排布式为1s
6、22s22p2，两个s轨道上分别有2个自旋方向相反的配对电子，根据洪特规则，另两个p电子分居在两条轨道上；硅原子的电子排布式为1s22s22p63s23p2。（2）晶体硅的每个原子均形成了四个SiSi键，所以硅原子经过了sp3杂化；金刚石、晶体硅和金刚砂（碳化硅）三种晶体的结构相似，均为原子晶体，根据键长可以判断三种晶体的熔点由高到低的顺序为：金刚石金刚砂晶体硅。（3）HCOOH分子中有1个CH键、1个OH键、2个CO键和1个CO键，即键和键的个数比是41。（4）C60、石墨烯与金刚石为不同结构的碳单质，三者互为同素异形体。已知C60的顶点数为60，面数为32，由欧拉定理计算键数（即棱边数）：
7、60+(12+20)2=90，已知该分子中含双键30个，C60分子中单键为：9030=60。在石墨烯晶体中，每个C原子连接3个六元环。由金刚石的晶体结构图可以看出，六元环中最多有4个C原子在同一平面。由金刚石的晶胞结构可看出，碳原子位于晶胞的顶点、面心和体内，故含有的碳原子数目为8+错误！未找到引用源。6+4=8。根据硬球接触模型可知，在立方体的对角线上碳原子紧密接触，故8r=a，则r=错误！未找到引用源。a，8个碳原子的体积为8r3=8(错误！未找到引用源。a)3=错误！未找到引用源。，故原子利用率为错误！未找到引用源。36（15分）（1）2甲基1氯丙烷（或2甲基2氯丙烷，1分） 碳碳双键和
8、酯基（2分）（2）氧化反应（1分） 酯化反应（或取代反应）（1分）（3）（2分）（4）（2分） 4（1分）（5）4（1分） （任写一种，1分）（6）（3分）【解析】C4H10的结构简式可能为CH3CH2CH2CH3或CH3CH(CH3)2，C4H10与氯气发生取代反应生成A和B，A和B发生消去反应只生成一种烯烃，则C4H10为CH3CH(CH3)2。A、B为它的两种一氯代物，即2甲基1氯丙烷和2甲基2氯丙烷。由信息可知C为(CH3)2C=CH2，D为(CH3)2CHCH2OH，E、N分子中都有醛基，F分子中的碳链上没有支链，由信息可知E为，N为CH3CHO，F为，G为，G与D发生酯化反应生成M。所以M的结构简式为，的核磁共振氢谱有4种波峰。G分子中的官能团为碳碳双键和羧基，由于要求写出G的芳香类同分异构体，即分子中要有苯环，符合题意的分子的结构简式有4种。（6）分析待制备物的结构简式，结合题中已知，可知需先将转化为苯乙醛，苯乙醛可由苯乙醇氧化得到，而苯乙醇可通过已知由苯乙烯得到，进而可设计出整个合成路线。