1、（全国卷I）2020届高考化学模拟试卷精编三（含解析）注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后。再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.本试卷可能用到元素的相对原子质量：一、选择题：本题共7个小题，每小题6分，共计42分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。7化学与生产、 生活密切相关。下列说法正确的是()A砒霜的主要成分是三硫化二砷B氢氧化铝和碳酸钠均可用于治疗胃酸过
2、多C过量服用阿司匹林引起酸中毒后，可用静脉注射NaHCO3溶液的方法解毒D铜单质制成的“纳米铜”在空气中能燃烧，说明“纳米铜”的金属性比铜片强【答案】C【解析】砒霜的主要成分是三氧化二砷，故A错误； 碳酸钠溶液碱性较强，具有较强的腐蚀性，不能用作抗酸药，可用于治疗胃酸过多的是碳酸氢钠，故B错误； 阿司匹林为感冒用药，但因其含有水杨酸，服用过量易造成酸中毒，可静脉注射碳酸氢钠来降低酸性，故C正确；铜片在空气中难燃烧，纳米级铜粉在空气中易燃烧，是因为与氧气的接触面积不同，不能说明“纳米铜”的还原性比铜片强，故D错误。8NA表示阿伏加德罗常数的值。下列说法中，不正确的是()A一定条件下，2.3 g
3、Na与O2完全反应生成3.6 g产物时失去的电子数0.1NAB电解精炼铜时，当电路中转移NA个电子，阳极溶解32 g铜C向仅含0.2 mol FeI2的溶液中持续通入氯气，当有0.1 mol Fe2被氧化时，转移电子的数目为0.5NA D标准状况下，锌与某浓度的H2SO4反应生成11.2 L气体，反应中转移的电子数为6.021023【答案】B【解析】A项，2.3 g Na与氧气反应时，无论生成Na2O还是Na2O2，Na的化合价均是从0价升高到1价，Na失去电子12.3/23 mol0.1 mol，数目为0.1NA，正确；B项，由于电解精炼时阳极为粗铜，同时有其他杂质溶解，所以电路中转移NA个
4、电子时溶解的铜不为32 g，错误； C项，通入氯气首先与I反应，即当Fe2参与反应时，I已经完全与氯气反应，所以该过程中碘离子反应转移电子数0.4NA，Fe2反应转移电子数0.1NA，共转移电子数0.5NA，正确；D项，标准状况下，锌与某浓度的H2SO4反应不论生成SO2还是H2，每生成1 mol都转移2mol电子，正确。9加热聚丙烯废塑料可以得到碳、氢气、甲烷、乙烯、丙烯、苯和甲苯。用如图所示装置探究废旧塑料的再利用。下列叙述不正确的是()A装置乙试管中收集到的液体在催化剂存在下可以与Br2发生取代反应B装置丙中的试剂吸收反应产生的气体后得到的产物的密度均比水大C最后收集的气体可以作为清洁燃
5、料使用D甲烷的二氯代物有2种【答案】D【解析】加强热时，聚丙烯分解生成碳、氢气、甲烷、乙烯、丙烯、苯和甲苯，除碳为固体，其他物质均为气体，冷却后，苯和甲苯液化，氢气、甲烷、乙烯和丙烯都是气体，其中，乙烯和丙烯与丙中溴发生加成反应，最后收集的气体为氢气和甲烷。A项，装置乙试管中收集的液体是甲苯和苯，在铁粉或FeBr3存在下均可与溴发生取代反应，正确；B项，1，2二溴乙烷、1，2二溴丙烷的密度都大于水的密度，正确；C项，最后收集的氢气和甲烷可作清洁燃料，正确；D项，因为甲烷为正四面体结构，则甲烷的二氯代物只有一种，错误，D项符合题意。10下列实验装置不能达到相应实验目的的是()【答案】B【解析】氨
6、气的密度比空气小，故用向下排空气法收集氨气，A正确;氯化铵受热分解生成氨气和氯化氢，氨气与氯化氢遇冷又化合成氯化铵，而碘在加热时先升华，冷却后又凝华，所以用加热的方法不能分离氯化铵和碘单质，B错误;H2O2在二氧化锰作催化剂的条件下分解生成水和氧气，该反应不用加热，C正确;用该装置制取蒸馏水，蒸馏烧瓶中加沸石可以防暴沸，冷凝管中冷却水低进高出，D正确。11短周期元素R、X、Y、Z的原子序数依次增大，X原子最外层电子数等于电子层数的2倍，R、Y、Z组成化合物M，M和熟石灰共热生成N(有刺激性气味气体H)和液态化合物I(常温常压)，N是一种常用的干燥剂。下列推断正确的是()A.X的氢化物一定不能使
7、酸性高锰酸钾溶液褪色B.Z的氧化物对应水化物的酸性一定比Y的强C.Y的气态氢化物遇Z的单质没有明显现象D.气体H不能用干燥剂N进行干燥【答案】D【解析】由短周期元素R、X、Y、Z的原子序数依次增大，X原子最外层电子数等于电子层数的2倍可知X为C;R、Y、Z组成化合物M，M和熟石灰共热生成N、有刺激性气味气体H和液态化合物I(常温常压)，N是一种常用的干燥剂，则M为NH4Cl，N为CaCl2，由此可知R为H、Y为N、Z为Cl。碳的氢化物有很多，如C2H4能使酸性高锰酸钾溶液褪色，A项错误;Cl的氧化物对应水化物有多种，如HClO为弱酸，N的氧化物对应水化物HNO3为强酸，酸性HNO3HClO，B
8、项错误;NH3与Cl2相遇有白烟产生，C项错误;气体H为NH3，N为CaCl2，两者可以发生反应生成CaCl28NH3，故不能用CaCl2干燥NH3，D项正确。12我国科学家在天然气脱硫研究方面取得了新进展，利用如图装置可进行脱硫，将硫化氢气体转化成硫沉淀。已知甲、乙池中发生的反应如图所示。下列说法正确的是()A.甲池中得到H2O2的反应，H2O2既是氧化产物也是还原产物B.电路中每转移0.2 mol电子，甲池溶液质量变化3.4 g，乙池溶液质量保持不变C.光照时乙池电极上发生的反应为H2S+I=3I-+S+2H+D.甲池中碳棒上发生的电极反应为AQ+2H+-2e-=H2AQ【答案】B【解析】
9、根据图示可知在甲池中O2与H2AQ反应产生H2O2和AQ，O元素的化合价降低，H元素化合价没有变化，所以H2O2是还原产物，A项错误。根据图示可知电路中每转移0.2 mol电子，反应产生0.1 mol H2O2，同时有0.2 mol H+从乙池进入甲池，溶液质量增加3.4 g;而在乙池，H2S-2e-=S+2H+，产生的H+通过全氟碳酸膜进入甲池，所以乙池溶液质量保持不变，B项正确。在乙池中，H2S失电子生成硫单质，I2单质得电子生成I-，发生的电池反应为H2S+I=3I-+S+2H+，该反应不是电极反应，C项错误;甲池中碳棒为正极，正极上发生还原反应，电极反应为AQ+2H+2e-=H2AQ，
10、D项错误。1325 时，向某二元弱酸H2X的溶液中滴加NaOH溶液，混合溶液中lg或lg与pH的关系如图所示。下列叙述正确的是()AKa2(H2X)的数量级为109Bm曲线表示lg与pH的变化关系C25 时，NaHX溶液中c(X2)c(H2X)DpH8时，100.7【答案】D【解析】B项，H2X的电离方程式为H2XHHX，HXHX2。当1时，即纵坐标为0时，Ka1c(H)，Ka2c(H)，因为Ka1Ka2，故c(H)c(H)，pHpH，结合图像知，曲线m表示lg与pH的关系，曲线n表示lg与pH的关系，错误；A项，根据m曲线上的点(9.3，1)可以计算出H2X的Ka21019.31010.3，
11、根据n曲线上的点(7.4，1)可以计算出Ka11017.4106.4，H2X的Ka21010.3100.711100.71011，1100.710，故Ka2(H2X)的数量级为1011，错误；C项，由H2X的Ka1106.4，Ka21010.3可知，25 时，HX的电离常数为1010.3，HX的水解平衡常数Kh107.6，Ka2c(X2)，错误；D项，pH8时，c(H)108 molL1，由Ka1Ka2106.41010.31016.7，则100.7，正确。26蛋白质是生命的物质基础。某学习小组通过实验探究一种蛋白质的元素组成。.确定该蛋白质中的某些组成元素(1)为确定该蛋白质中含氮元素，将样
12、品中有机氮转化成铵盐，能证明铵盐存在的实验方法是_。(2)为确定该蛋白质中含碳、氢、硫三种元素，采用如图装置进行探究，通入氧气使样品在装置A中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过其余装置。装置B中的试剂是_。装置D的作用是_。当装置B、C、E、F依次出现下列现象：_，品红溶液褪色，_，出现白色浑浊；可证明燃烧产物中含有H2O、SO2、CO2。结论：该蛋白质中含碳、氢、硫、氮等元素。.为测定该蛋白质中硫元素的质量分数，小组取蛋白质样品充分燃烧，先用足量碘水吸收二氧化硫，再取吸收液，以淀粉为指示剂，用硫代硫酸钠溶液滴定过量的碘。已知：2S2OI2=S4O2I。(3)写出二氧化硫与碘水反应的化学方程式：
13、_。(4)滴定终点的现象为_。(5)取蛋白质样品m g进行测定，采用c1 molL1的碘水V1 mL进行吸收，滴定过量的碘样时消耗c2 molL1硫代硫酸钠溶液V2 mL。该蛋白质中的硫元素的质量分数为_。(6)若燃烧时过量氧气进入吸收液中，可能会导致该蛋白质中的硫元素的质量分数测定值_(填“偏大”“偏小”或“无影响”)。【答案】(1)注入氢氧化钠溶液，加热，生成能使湿润的红色石蕊试纸变蓝色的气体(2)无水硫酸铜除去SO2，避免对CO2的检验造成干扰粉末由白色变蓝色品红溶液不褪色(或仍显红色)(3)I2SO22H2O=H2SO42HI(4)当滴入最后一滴Na2S2O3溶液后，溶液的蓝色褪去，且
14、半分钟内不恢复原色(5)%(6)偏小【解析】(1)证明铵盐存在，一般通过将铵盐转化为NH3进行验证，实验操作：注入氢氧化钠溶液，加热，生成能使湿润的红色石蕊试纸变蓝色的气体。(2)装置B的作用是检验蛋白质的燃烧产物中含有H2O，装置B盛放的试剂为无水硫酸铜。装置C的作用是检验SO2，装置D的作用是除去SO2，避免对CO2的检验产生干扰，装置E的作用是检验SO2是否除尽，装置F的作用是检验CO2。证明燃烧产物中含有H2O的现象为装置B中白色粉末变为蓝色；证明含有SO2的现象为装置C中品红溶液褪色；证明含有CO2的现象是装置E中品红溶液不褪色，装置F中出现白色浑浊。(3)SO2与I2、H2O发生反
15、应，SO2被氧化为H2SO4，I2被还原为HI，化学方程式为I2SO22H2O=H2SO42HI。(4)淀粉遇单质碘变蓝色，达滴定终点时，I2转化为I，则现象为滴入最后一滴Na2S2O3溶液后，溶液的蓝色褪去，且半分钟内不恢复原色。(5)根据I2SO22H2O=H2SO42HI、2S2OI2=S4O2I，得n(I2)n(SO2)n(Na2S2O3)，故n(SO2)n(I2)n(Na2S2O3)c1V1103 mol0.5 c2V2103 mol(c1V10.5c2V2)103 mol，则该蛋白质中的硫元素的质量分数为100%。(6)若燃烧时过量氧气进入吸收液中，会发生反应：2SO2O22H2O
16、=2H2SO4，导致硫元素的质量分数测定值偏小。27硼氢化钠(NaBH4)广泛用于化工生产，常温下能与水反应，易溶于异丙胺(沸点为33 )。工业上可用硼镁矿(主要成分为Mg2B2O5H2O，含少量杂质Fe3O4)制取NaBH4，其工艺流程如下：回答下列问题：(1)NaBH4的电子式为_。(2)碱溶时Mg2B2O5发生反应的化学方程式是_。(3)滤渣的成分是_。(4)高温合成中，加料之前需将反应器加热至100 以上并通入氩气，该操作的目的是_；原料中的金属钠通常保存在_中，实验室取用少量金属钠用到的实验用品有_、玻璃片和小刀。(5)操作2的名称为_。流程中可循环利用的物质是_。(6)在碱性条件下
17、，用惰性电极电解NaBO2溶液也可制得NaBH4，装置如图所示，电解总反应的离子方程式为_。(7)NaBH4常用作还原剂，H2也是常见的还原剂。与相同氧化剂反应时，1 g NaBH4的还原能力相当于_g H2的还原能力(B元素化合价不变，氧化产物中氢元素化合价相同，计算结果保留两位小数)。【答案】(1) (2)Mg2B2O52NaOHH2O=2NaBO22Mg(OH)2(3)Fe3O4和Mg(OH)2 (4)除去反应器中的水蒸气和空气煤油镊子、滤纸(5)蒸馏异丙胺 (6)BO2H2OBH2O2 (7)0.21【解析】(1)NaBH4的电子式为。(2)由流程图知碱溶中B元素转化为NaBO2，发生
18、反应的化学方程式是Mg2B2O52NaOHH2O=2NaBO22Mg(OH)2。(3)硼镁矿中Fe3O4不溶于浓NaOH溶液，以滤渣的形式析出，另外，碱溶时生成的Mg(OH)2也以滤渣的形式析出，所以，滤渣的成分为Mg(OH)2和Fe3O4。(4)Na的性质活泼，能与水蒸气和空气中的氧气反应，结合题干中硼氢化钠在常温下能与水反应，所以反应开始前须先排除水蒸气和空气(或氧气)的干扰。(5)NaBH4易溶于异丙胺且异丙胺的沸点较低，结合流程图知，操作2是蒸馏NaBH4的异丙胺溶液，回收异丙胺，异丙胺可循环利用。(6)由“在碱性条件下，用惰性电极电解NaBO2溶液也可制得NaBH4”，可知电解总反应
19、的离子方程式为BO2H2OBH2O2。(7)NaBH4和氢气作还原剂时氧化产物中氢元素都为1价，则1 g NaBH4的还原能力相当于0.21 g H2的还原能力。28CH4超干重整CO2技术可得到富含CO的化工原料。回答下列问题：(1)CH4超干重整CO2的催化转化如图所示：已知相关反应的能量变化如图所示：过程的热化学方程式为_。关于上述过程的说法不正确的是_(填字母)。a实现了含碳物质与含氢物质的分离b可表示为CO2H2=H2O(g)COcCO未参与反应dFe3O4、CaO为催化剂，降低了反应的H其他条件不变，在不同催化剂(、)作用下，反应CH4(g)CO2(g)=2CO(g)2H2(g)进
20、行相同时间后，CH4的转化率随反应温度的变化如图所示。a点所代表的状态_(填“是”或“不是”)平衡状态；b点CH4的转化率高于c点，原因是_。(2)在一刚性密闭容器中，CH4和CO2的分压分别为20 kPa、25 kPa，加入Ni/Al2O3催化剂并加热至1 123 K 使其发生反应CH4(g)CO2(g)=2CO(g)2H2(g)。研究表明CO的生成速率v(CO)1.3102p(CH4)p(CO2) molg1s1，某时刻测得p(CO)20 kPa，则p(CO2)_kPa，v(CO)_molg1s1。达到平衡后测得体系压强是起始时的1.8倍，则该反应的平衡常数的计算式为Kp_。(用各物质的分
21、压代替物质的量浓度计算)(3)CH4超干重整CO2得到的CO经偶联反应可制得草酸(H2C2O4)。常温下，向某浓度的草酸溶液中加入一定浓度的NaOH溶液，所得溶液中c(H2C2O4)c(C2O)，则此时溶液的pH_。(已知常温下H2C2O4的Ka16102，Ka26105，lg 60.8)【答案】(1)CH4(g)CO2(g)=2CO(g)2H2(g)H247.4 kJmol1cd不是b和c都未达平衡，b点温度高，反应速率快，相同时间内转化率高(2)151.95 (3)2.7【解析】(1)据CH4超干重整CO2的催化转化图，过程的化学反应为CH4(g)CO2(g)=2CO(g)2H2(g)。由
22、能量反应进程曲线得热化学方程式：CH4(g)H2O(g)=CO(g)3H2(g)H206.2 kJmol1 ()CO2(g)4H2(g)=CH4(g)2H2O(g)H165 kJmol1 ()根据盖斯定律，由()2()得过程的热化学方程式：CH4(g)CO2(g)=2CO(g)2H2(g)H247.4 kJmol1。过程物质变化为：左上(CO、H2、CO2)右下(惰性气体) 左下(H2O)右上(CO、惰性气体)，总反应为H2CO2=H2O(g)CO。Fe3O4、CaO为总反应的催化剂，能降低反应的活化能，但不能改变反应的H。故a、b正确，c、d错误。通常，催化剂能加快反应速率，缩短反应到达平衡
23、的时间。但催化剂不能使平衡发生移动，即不能改变平衡转化率。若图中a点为化学平衡，则保持温度不变(800 )，将催化剂换成或，CH4转化率应不变，故a点不是化学平衡。同理，图中b、c两点都未达到化学平衡。据题意，b、c两点只有温度不同，b点温度较高，反应速率快，相同时间内CH4转化率高。(2)据气态方程PVnRT，恒温恒容时某组分气体的分压与其物质的量成正比。则反应中分压为1 123 K恒容时，CH4(g)CO2(g)=2CO(g)2H2(g)起始分压/kPa：20 25 0 0改变分压/kPa：10 10 20 20某时分压/kPa：10 15 20 20即某时刻p(CO2)15 kPa，p(
24、CH4)10 kPa。代入v(CO)1.3102p(CH4)p(CO2)molg1s11.95 molg1s1。设达到平衡时CH4的改变分压为x kPa，1 123 K恒容时，CH4(g)CO2(g)=2CO(g)2H2(g)起始分压/kPa: 20 2500改变分压/kPa：xx 2x 2x平衡分压/kPa: 20x25x2x 2x据题意，有1.8，解得x18。CH4(g)、CO2(g)、CO(g)、H2(g)的平衡分压依次是2 kPa、7 kPa、36 kPa、36 kPa，代入Kp。(3)常温下，草酸溶液与NaOH溶液混合，所得混合溶液中仍存在分步电离：H2C2O4HHC2OKa1HC2
25、OHC2OKa2当c(H2C2O4)c(C2O)时，Ka1Ka2c2(H)。c(H)6103.5 molL1，pH2.7。35. 化学一选修 3:物质结构与性质(15分)氧、硫形成的化合物种类繁多，日常生活中应用广泛。如硫代硫酸钠(Na2S2O3)可作为照相业的定影剂，反应的化学方程式如下：AgBr2Na2S2O3=Na3Ag(S2O3)2NaBr。回答下列问题：(1)已知银(Ag)位于元素周期表第五周期，与Cu同族，则基态Ag的价电子排布式为_。(2)下列关于物质结构与性质的说法，正确的是_。A玻尔原子结构模型能够成功地解释各种原子光谱BBr、S、O三种元素的电负性顺序为 OBrSCNa 的
26、第一电离能小于 Mg，但其第二电离能却远大于 MgD水分子间存在氢键，故H2O的熔沸点及稳定性均大于H2S(3)依据VSEPR理论推测S2O的空间构型为_，中心原子S的杂化方式为_，Ag(S2O3)23中存在的化学键有_(填字母)。A离子键 B极性键 C非极性键 D金属键 E配位键(4)第一电子亲和能(E1)是指元素的基态气态原子得到一个电子形成气态负一价离子时所放出的能量(单位为kJmol1)，电子亲和能越大，该元素原子越易得电子。已知第三周期部分元素第一电子亲和能如下表：元素AlSiPSClE1/(kJmol1)42.513472.0200349表中元素的E1自左而右呈增大趋势，试分析P元
27、素呈现异常的原因_。(5)某种离子型铁的氧化物晶胞如图所示，它由A、B组成。则该氧化物的化学式为_，已知该晶体的晶胞参数为a nm，阿伏加德罗常数的值为NA，则密度为_gcm3(用含a和NA 的代数式表示)。【答案】(1)4d105s1(2)BC(3)四面体sp3BCE(4)P的价电子排布式为 3s23p3,3p能级处于半充满状态，相对稳定，不易结合一个电子 (5)Fe3O4【解析】(1)银位于元素周期表第五周期，与铜同族，处于第一副族，价电子排布式为4d105s1。(2)A.玻尔原子结构模型能够成功地揭示氢原子光谱，故错误；B.非金属性越强电负性越大，故OBrS，故正确；C.镁原子3s轨道为
28、全充满稳定状态，半径又较小，第一电离能高于钠，失去一个电子后，钠离子是稳定结构，第二电离能远高于镁，故正确；D.水分子间存在氢键，故水的熔沸点高于硫化氢，稳定性属于化学性质，由共价键决定，故错误。(3)S2O中一个硫原子相当于氧原子，中心硫原子孤电子对数为0，价层电子对数为044，微粒空间构型为四面体，中心硫原子采取sp3杂化；Ag(S2O3)23中Ag与S2O之间形成配位键，硫原子之间形成非极性键，硫与氧原子之间形成极性键，故选BCE。(4)P的价电子排布式为 3s23p3，磷原子的3p能级处于半充满状态，相对稳定，不容易结合一个电子。(5)亚铁离子处于晶胞的顶点，面心以及A位置小立方体的体
29、心，氧离子位于A、B小立方体的内部，每个小立方体内部各有4个，铁离子处于晶胞B位置小立方体的内部，用均摊法计算晶胞中铁和氧原子数目确定化学式，铁原子数目为4864424，氧原子数目为4832，故铁和氧原子数目之比为243234，故氧化物化学式为Fe3O4。 晶胞相当于有8个四氧化三铁，晶胞质量8 g，晶体密度8 g(a107cm)3 gcm3，36.化学选修5:有机化学基础(15分)有机化合物A只含C、H、O三种元素，质谱分析测得其相对分子质量为162，核磁共振氢谱显示其分子中共有五种性质的氢，其峰面积之比为12223，红外光谱显示A分子结构中有碳碳双键、酯基和苯环结构。其一种合成路线如图所示，回答下列问题：(1)根据题意写出A的结构简式_。(2)写出反应类型：反应、分别属于_、_。(3)B与F均能与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，F的结构简式为_。写出反应的化学方程式(注明必要的反应条件)_ _。(4)A是生产某新型工程塑料的基础原料之一，写出由A制备高分子化合物的化学方程式：_。(5)已知G有多种芳香族同分异构体，其中符合下列条件的同分异构体共有_种。能与稀硫酸及NaOH溶液反应能发生银镜反应分子中有一个甲基(5)7