1、豫南九校20162017学年下期第三次联考高一物理参考答案1A2【答案】D【解析】试题分析：物体的速度方向沿轨迹的切线方向；加速度的方向指向轨迹的凹向，故可能正确的只有D故选D3【答案】C【解析】因为两球下落的高度之比为2：1，根据h=gt2得，高度之比为2：1，则时间之比为：1，故A错误两球的水平位移之比为2：1，时间之比为：1，根据 知，初速度之比为：1，故B错误根据动能定理可知，到达斜面底端时的动能之比EKa：Ekb=(mva2+mgha)：(mvb2+mghb)=2：1，故C正确小球落在斜面上，速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，因为位移与水平方向的夹角相等
2、，则速度与水平方向的夹角相等，到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角也相等，故D错误故选C4【答案】C【解析】如图a，汽车通过拱桥（半径为R）的最高点处最大速度因满足： ,即 ,选项A错误；.如图b所示是一圆锥摆，根据 ，解得 ，则圆锥摆的角速度相等，选项B错误；如图c，在光滑圆锥筒内做匀速圆周运动的同样的小球，受筒壁的支持力为 （为椎体顶角的一半），故支持力大小相等，选项C正确； 如图d，火车转弯超过规定速度行驶时，外轨对轮缘会有挤压作用，选项D错误；故选C5【答案】B【解析】三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行；其中边上的一颗星受中央星和另一颗边上星的万有引力提供
3、向心力 ，解之得： ，选项B正确，A错误； ，故选项CD错误；故选B.6【答案】C【解析】根据 可知，上升过程中平均速度相同，选项A错误；根据动能定理可知，上升过程中重力的功等于动能的变化mv02,故重力的功相同，选项B错误；月球上的重力加速度较小，根据 可知，在月球上上升到最大高度的时间较大，根据 可知，在月球上重力做功的平均功率较小，选项C正确；根据动量定理可知，上升过程中重力的冲量等于动量的变化mv0,故重力的冲量相同，选项D错误；此题选择不正确的选项，故选C.7【答案】B【解析】对左侧轨道，小球A运动到最高点的最小速度v=.由机械能守恒定律，mghA=mv2+mg2R，解得若使小球A沿
4、轨道运动并且从最高点飞出，释放的最小高度为5R/2，选项A错误。由R=gt2，x=vt解得水平位移最小距离x=R。无论如何调整hA，使A球从轨道最高点飞出后，都一定落在轨道右端口右侧，选项C错误。对右侧轨道，小球B运动到最高点的最小速度v=0，由机械能守恒定律，mghB=mv2+mg2R，解得若使小球B沿轨道运动并且从最高点飞出，释放的最小高度为2R，选项B正确。适当调整hB，可使B球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处,选项D正确。8【答案】D【解析】物体运动的加速度，速度与传送带相等：v=at1，t1=2s，物体的位移：，然后匀速运动：，所以总的时间t=5s；传送带在t1时间内的位移x
5、2=vt1=4m，产生的热量，所以ABC错误；D正确。9【答案】BC【解析】试题分析：本题属于恒定加速度启动方式，由于牵引力不变，根据p=Fv可知随着汽车速度的增加，汽车的实际功率在增加，此过程汽车做匀加速运动，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值由题图可知，阶段，汽车做匀加速直线运动，联立得，A错误；在时刻汽车达到额定功率，时间内，汽车保持额定功率不变，时刻，速度达到最大值，此时刻，B、C正确；由v-t图线与横轴所围面积表示位移的大小可知，时间内，汽车的平均速度大于，D错误10【答案】CD【解析】“天
6、宫二号”绕地球做匀速圆周运动过程中，受到地球引力的作用，大小不变，但方向在变化，选项A错误；根据 ,可得，则根据“天宫二号”离地面的高度，不可计算出地球的质量，选项B错误；“天舟一号”与“天宫二号”的对接时，“天舟一号”要向后喷气加速才能对接天宫二号”选项C正确；对接前，“天舟一号”货运飞船控制到“天宫二号”的后下方，所以必须加速才能对接，选项D正确；故选BD.11【答案】CD【解析】由图知，t1时刻小球刚与弹簧接触，此时小球的重力大于弹簧的弹力，小球将继续向下做加速运动，此时小球的动能不是最大，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大，动能最大故A错误；t2时刻，弹力F最大，故
7、弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，动能最小，此时小球受的合力最大，加速度最大，故B错误；t3时刻弹簧的弹力为零，此时弹性势能为零，选项C正确；图乙中图线所围面积在数值上等于弹力对小球的冲量，根据动量定理可知 ,故图线所围面积在数值上大于小球动量的变化量，选项D正确；故选CD.12【答案】CD13【答案】 (1)平抛运动的竖直分运动是自由落体运动(2)B 100(每空2分)【解析】（1）因为A、B两球始终同时落地，知A球在竖直方向上的运动规律与B球的运动规律相同，即平抛运动在竖直方向上的分运动是自由落体运动（2）平抛运动的物体，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，图中水平坐标正确，
8、但竖直方向B的坐标应为20 cm。由竖直下落的高度可求得每个时间间隔为010 s，故水平方向的速度为v m/s100 m/s，即初速度为100 m/s。14【答案】 (每空2分）平衡摩擦力 小车质量远大于配重的质量即Mm 0.10 0.50（0.480.52） 0.30（0.280.32)【解析】（1）该实验中配重物体的重力视为小车的合外力，因此实验前需要进行平衡摩擦力，故实验1的目的是平衡摩擦力（2）还需要小车质量远大于配重的质量即Mm（3）配重重力做功为：W=mgx4=0.10J（4）由图可知，纵轴截距对应的就是打A点速度的平方，因此有： 0.25m2/s2 所以有：vA=0.50m/s（
9、5）根据动能定理： ，可得： ，所以图象的斜率： ，代入数据得：M=0.30kg15【答案】（1）20N；（2）2:1【解析】（1）篮球第一次与地面碰前瞬时速度为 （2分）碰后的速度为v1=05v0=2m/s（1分）选向上为正方向，由动量定理有Ft-mgt=mv1-（-mv0）（2分）F=20N（1分）（2）第二次碰前瞬时速度和第二次碰后瞬时速度关系为v2=05v1=052v0（1分）设两次碰撞中地板对球的冲量分别为I1、I2，选向上为正方向，由动量定理有：I1=mv1-（-mv0）=15mv0（1分）I2=mv2-（-mv1）=15mv1=075mv0（1分）I1:I2=2:1（1分）16【
10、解析】（1）小球静止时，处于平衡状态，受力分析，建立直角坐标系如图设OB绳的拉力为,OB绳的拉力为,则由平衡条件可得(2分）（2分）解得：T1=T2=mg（1分）（2）转动的角速度为零时，OB绳、AB绳都处于伸直状态，增大转动的角速度，当AB绳的拉力刚好为零时，OB绳的拉力最大，此时转动的角速度最大，设这时OB绳的拉力为T3，转动的角速度为，则 (2分） (2分） (1分）解得 (1分）所以转动的角速度 (1分）17【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）物体通过B点时作圆周运动则有：（1分） （1分） 解得：（1分）（2）物理由静止释放到B点，利用动能定理（2分）（1分）（1分）（1分）（1分）（3）滑块从B点开始运动后机械能守恒，设滑块到达P处时速度为，则（1分）解得（1分）滑块穿过P孔后再回到平台的时间（1分）要想实现题述过程，需满足 （1分） （1分）