1、2020年11月山东省兖州实验中学高二上学期期中考试物理模拟题1. 某电解池，如果在1s内共有51018个二价正离子和11019个一价负离子通过面积为0.1m2的某横截面，那么通过这个横截面的电流是（）A. 0B. 0.8AC. 1.6AD. 3.2A【答案】D【解析】【详解】由题意，1s内通过横截面正离子的电荷量为负离子的电荷量绝对值为则电流为I将代入数据解得I3.2A故选D。2. 下列关于电源和电动势的说法中正确的是（）A. 电动势就是电势差，也叫电压B. 电动势大的电源，其内部非静电力做功不一定多C. 在外电路中和电源内部，因为正电荷都受静电力作用，所以能不断定向移动形成电流D. 电动势
2、在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功【答案】BD【解析】【详解】A电动势是反应电源把其他形式的能转化为电能本领的大小，和电势差的定义不相同，故A错误；B电动势大的电源，其内部非静电力移动相同电量时做的功多，但并不是电动势大，电源内部非静电力做的功就多，故B正确；C在电源内部正电荷受到静电力和非静电力作用，正电荷能从负极到正极是因为非静电力大于静电力，故C错误；D根据电动势的定义，可知电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功，故D正确。故选BD。3. 如图所示为小灯泡的UI图线，若将该小灯泡与一节电动势E=1.5V，内阻r=0.75的干电
3、池组成闭合电路时，电源的总功率和小灯泡的实际电功率分别接近以下哪一组数据()A. 1.5 W，1.0 WB. 0.75 W，0.5 WC. 0.75 W，0.75 WD. 1.5 W，0.75 W【答案】D【解析】【详解】电源的外电压与电流的关系为作电源的外电压与电流的关系图线，如图所示交点所对应的电压，电流，则灯泡的实际功率电源的总功率故选D。4. 如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r（），电表均视为理想电表闭合开关S后，调节R的阻值，使电流表的示数增大，在这一过程中电压表示数的变化量的大小为，则A. 通过R的电流增大，但增大量小于B. 的大小随R的变化而变化C. 电源的输出功率一定增
4、大了D. 电源的效率降低了【答案】D【解析】【详解】A要使电流表示数增大，则R应减小；由串反并同知，则，因此流过R的电流增大，且增大量大于I，故A错误；B由，故其大小不会随R的变化而变化，故B错误；C当内外电阻相等时，电源的输出功率最大；因不明确内外电阻的关系，故无法明确功率的变化情况，故C错误；D电源的效率，因电压的改变量为，故说明电源的效率降低了，故D正确故选D。5. 下列说法正确的是（）A. 原子的能量是连续的，原子的能量从某一能量值变为另一能量值，可以连续变化B. 原子从低能级向高能级跃迁时放出光子C. 原子从高能级向低能级跃迁时放出光子，且光子的能量等于前后两个能级之差D. 原子放出
5、的光子的能量是分立的，所以原子的光谱只有一些分立的亮线【答案】CD【解析】【详解】原子的能量是量子化的，原子从高能级会自发地向低能级跃迁，向外放出光子。光子的能量hE初E末，由于能级的分立性，放出的光子的能量也是分立的。故选CD。6. 关于电磁波，下列说法正确的是（）A. 麦克斯韦用实验成功地证明了电磁波的存在B. 电磁波的传播不需要借助任何介质C. 电磁波按波长由长到短排列为无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、射线D. 均匀变化的电场一定能形成电磁波【答案】BC【解析】【详解】A麦克斯韦理论上预言了电磁波的存在，赫兹用实验成功地证明了电磁波的存在，故A错误；B电磁波的传播不需要借助任何
6、介质，故B正确；C电磁波按波长由长到短排列为无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、射线，故C正确；D均匀变化的电场产生恒定的磁场，一定不能形成电磁波，故D错误。故选BC。7. 某探究性学习小组利用如图所示的电路测量电池的电动势和内阻其中电流表A1的内阻r1=1.0 k，电阻R1=9.0 k，为了方便读数和作图，给电池串联一个R0=3.0 的电阻（1）按图示电路进行连接后，发现、和三条导线中，混进了一条内部断开的导线为了确定哪一条导线内部是断开的，将电建S闭合，用多用电表的电压挡先测量a、间电压，读数不为零，再测量、间电压，若读数不为零，则一定是_导线断开；若读数为零，则一定是_导线断开 （
7、2）排除故障后，该小组顺利完成实验通过多次改变滑动变阻器触头位置，得到电流表A1和A2的多组I1、I2数据，作出图象如右图由I1I2图象得到电池的电动势E=_V，内阻r=_【答案】 (1). (2). (3). 1.41（1.361.44均可） (4). 0.5（0.40.6均可）【解析】用电压挡检测电路故障，电压表的表头是电流计，原电路有断路，回路中无电流，将电压表接在间后有示数，说明电路被接通，即间有断路故障，再测量间电压，电压表读数不为零，说明断路故障的范围被缩小到间，则一定是导线断开；若读数为零，则说明电路仍未被接通，断路故障的范围被确定在间根据闭合电路的欧姆定律：，上式可简化为，读出
8、两点坐标：（60，0.12）和（260，0.05），代入方程解得：电动势E=1.41 V，内阻r=0.5 点睛:由图象法处理实验数据的关键是要理解图线的物理意义纵轴截距和斜率表示什么，闭合电路的欧姆定律是核心8. 图（a）为某同学组装完成简易多用电表的电路图。图中E是电池；R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250A，内阻为480。虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆100挡。(1)图（a）中的A端与_（填“红”或“黑”）色表笔相连接。(2)下列说法
9、正确的是_（填正确答案标号）。A在使用多用电表之前，调整指针定位螺丝，使电表指针指在表盘左端电流“0”位置B使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置C测电阻时如果指针偏转角度过小，则应该换更高档，且换挡要重新进行欧姆调零D多用电表用完以后应该打到多用电表交流电最高档或者OFF档(3)根据题给条件可得R1R2_，R4_。100挡的中值电阻为_。(4)某次测量时该多用电表指针位置如图（b）所示。若此时B端是与“1”相连的，则多用电表读数为_；若此时B端是与“3”相连的，则读数为_；若此时B端是与“5”相连的，则读数为_。（结果均保留3位有效数字）【答案】 (1).
10、 黑 (2). ABCD (3). 160 (4). 880 (5). 1500 (6). 1.47mA (7). 1.10k (8). 2.94V【解析】【详解】(1)1电流从黑表笔流出多用电表，故A端与黑色表笔相连接。(2)2在使用多用电表之前，调整指针定位螺丝，使电表指针指在表盘左端电流“0”位置；使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置；测电阻时如果指针偏转角度过小，则应该换更高档，且换挡要重新进行欧姆调零；多用电表用完以后应该打到多用电表交流电最高档或者OFF档。故选ABCD。(3)3根据题给条件可知，当B端与“2”连接时，表头与R1、R2组成的串联
11、电路并联，此时为量程1mA的电流挡，由并联电路两支路电流与电阻成反比知解得4当B端与“4”连接时，表头与R1、R2组成的串联电路并联后再与R4串联，此时为量程1V的电压挡，表头与R1、R2组成的串联电路并联后的总电阻为120，两端电压为0.12V，则R4两端电压为0.88V，由串联电路中电压与电阻成正比知：R4电阻为880。5中值电阻为(4)6若此时B端是与“1”连接的，多用电表作为直流电流表使用，量程为2.5mA，读数为1.47mA。7若此时B端是与“3”连接的，多用电表作为欧姆表使用，读数为8若此时B端是与“5”连接的，多用电表作为直流电压表使用，量程为5V，读数为2.94V。9. （1）
12、如图甲、乙、丙所示的三把游标卡尺，它们的游标尺分别为9mm长10等分、19mm长20等分、49mm长50等分，它们的读数依次为_mm、_mm、_mm。（2）用螺旋测微器测量合金丝的直径，为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧如图所示的部件_（选填“A”“B”“C”或“D”）。从图中的示数可读出合金丝的直径为_mm。D的是_旋钮。（3）在测量一根粗细均匀的合金丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定合金丝直径的过程如图所示，校零时的读数为_mm，合金丝的直径为_mm。【答案】 (1). 166 (2). 23.85 (3). 10.46 (4). B (5). 0.410 (6). 微调 (7
13、). 0.007 (8). 0.650【解析】【详解】（1）1读数为2读数为3读数为（2）4 为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧固定螺钉B。5直径为6 D的是微调旋钮。（3）7 校零时的读数为8 读数为合金丝的直径为10. 用电流表和电压表测一个电阻值约为25k、额定功率为W的电阻的阻值，备用器材有：量程0100A，内阻约为500的电流表A1量程0500A，内阻约为300的电流表A2量程01V，内阻约为10k的电压表V1量程015V，内阻约为100k的电压表V2量程050V，内阻约为500k的电压表V3直流稳压电源两端的输出电压为16V滑动变阻器，阻值范围 0500，允许最大电流 l
14、A待测电阻，开关和导线若干(1)为了测量准确，电压表应选_，电流表应选_（填写仪器前的序号）(2)在下图方框内画出实验电路图_(3)若测量值为R测，真实值为R真，那么在操作、读数、计算均正确无误情况下，R测_R真（选填“大于”、“等于”或“小于”）【答案】 (1). (2). (3). 见解析 (4). 大于【解析】【详解】12因为电源的电压只有16V，因此电压表选择，由电压表的量程可知电流表的电流为因此电流表选择3本实验待测电阻阻值偏大，分流能力比较强，因此选用内接法，为调节明显滑动变阻器选用分压式，因此电路图为4内接法测得的电压表的电压偏大，而电流准确，因此测量值偏大11. 如图所示，为一
15、线圈电阻的电动机，电源电动势当断开时，电流表的示数，当开关闭合时，电流表的示数为求：（1）电源内阻；（2）开关闭合时电动机发热消耗的功率和转化为机械能的功率；（3）开关闭合时电源的输出功率和电动机的机械效率。 【答案】（1）；（2），；（3）， 【解析】【详解】（1）根据闭合电路的欧姆定律；代入数据解得；（2）开关闭合后路端电压：流过的电流强度为：，流过电动机的电流强度为：电动机发热消耗的功率为：电动机转化为机械能的功率：（3）开关闭合时电源输出功率为电动机的机械效率12. 如图所示，矩形线圈的面积为0.2m2 ， 放在磁感应强度为0.1T的匀强磁场中，线圈的一边ab与磁感线垂直，线圈平面与磁
16、场方向成30角求： （1）穿过线圈的磁通量是多大？ （2）当线圈从图示位置绕ab边转过60的过程中，穿过线圈的磁通量变化了多少？【答案】（1）0.01Wb （2）0.01Wb或0.02Wb【解析】【详解】图中穿过线框的磁通量为：=BSsin30=0.10.2=0.01Wb；若逆时针方向转过60时的磁通量，=BS=0.02Wb；那么=0.01Wb；若顺时针方向转过60时的磁通量，=BSsin30=0.01Wb；那么=0.02Wb；答：（1）穿过线圈的磁通量是0.01Wb；（2）当线圈从图示位置绕ab边转过60的过程中，穿过线圈的磁通量变化了0.01Wb或0.02Wb13. 一个质量为60kg蹦床
17、运动员，从离水平网面3.2m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面5.0m高处。已知运动员与网接触的时间为0.8s，g取10m/s2。(1)求网对运动员的平均作用力大小；(2)求从自由下落开始到蹦回5m高处这一过程中运动员所受重力的冲量，弹力的冲量。【答案】(1)1950N；(2)，竖直向下；，竖直向上【解析】【详解】(1)取竖直向上为正方向，由题意得解得运动员接触网时的速度为同理得解得运动员离开网时的速度为则由动量定律得代入数据解得(2)运动员自由下落的时间为运动员离开网后竖直上升的时间为从自由下落开始到蹦回5m高处这一过程中运动员所受重力的冲量为，方向竖直向下从自由下落开始到蹦回5
18、m高处这一过程中运动员所受弹力的冲量为，方向竖直向上14. 细线下吊着一个质量为M的沙袋，构成一个单摆，摆线长为L，一颗质量为m的子弹，水平射入沙袋，并留在沙袋中，跟沙袋一起摆动已知沙袋摆动时细线的最大偏角是，为锐角，求子弹射入沙袋前的速度【答案】 【解析】【详解】子弹射入沙袋后，与沙袋一起从最低位置摆至最高位置的过程中，机械能守恒设在最低位置时，子弹和沙袋的共同速度为v，由机械能守恒定律可得：（M+m）v2=（M+m）gL（1-cos），子弹射入沙袋过程系统动量守恒，选子弹的初速度方向为正，由动量守恒定律可得：mv0=（M+m）v，解得： 【点睛】本题考查了动量守恒定律和机械能守恒的基本运用，知道子弹和沙袋组成的系统，在子弹射入沙袋的过程中动量守恒15. 一枚在空中飞行的导弹，质量为m，在某点速度的大小为v，方向如图，导弹在该点突然炸裂成两块，其中质量的一块沿着v的反方向飞去，速度大小为，求炸裂后另一块的速度，【答案】【解析】【详解】在爆炸极短时间内，导弹所受的重力，远小于内部的爆炸力，系统动量守恒；另外，确定正方向也很重要，取炸裂前速度v正方向，v为正值，为负值，为正值.根据动量守恒定律，有：解得：