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河南省永城市第二高中2016届高三下学期5月月考化学试卷 WORD版含解析.doc

1、河南省永城市第二高中2016届高三下期5月月考化学试卷(解析版)111H、21H、31H、H+、H2是( ) A氢的五种同位素 B五种氢元素C质子数都相同的粒子 D氢元素的五种不同粒子【答案】D【解析】2下列元素中,属于第三周期,第IVA族的是( ) A硅 B碳 C铅 D氯【答案】A【解析】熟悉元素周期表的结构3在某无色溶液中可大量共存的离子组是ABa2+、NO3、SO32、Cl BK+、Cl、SiO32、H+CK+、SO32、CO32、OH DCu2+、NO3、SO42、Cl【答案】C【解析】离子间如果能发生化学反应,就不能大量共存,反之可以。Ba2+和SO32生成亚硫酸钡沉淀,SiO32和

2、H+生成硅酸沉淀,Cu2+在溶液中显蓝色。所以正确的答案是C。4下图为番茄电池,下列说法正确的是( )A一段时间后,锌片质量会变小 B铜电极是该电池的负极C电子由铜通过导线流向锌 D锌电极是该电池的正极【答案】A【解析】试题分析:锌的化学性质比铜活泼,则在番茄电池中,锌片作为负极,失去电子,一段时间后,锌片质量会变小,选项A正确;B项错误,铜电极是该电池的正极;C项错误,电子由锌通过导线流向铜;D项错误,锌电极是该电池的负极。考点:原电池点评:该题是一般难度的试题,也是高考中的常见考点之一;试题注重基础,侧重能力的训练。该题的关键是明确原电池的工作原理,然后结合相关知识灵活运用、分析、判断即可

3、。5如图为雾霾的主要成分示意图。下列说法正确的是A重金属离子可导致蛋白质盐析B芳香烃就是苯和苯的同系物CSO2和NxOy都属于酸性氧化物D汽车尾气的大量排放是造成雾霾天气的人为因素之一【答案】D【解析】试题分析:A重金属离子能是蛋白质发生变性,不是盐析,错误,不选A;B、芳香烃是指含有苯环的烃,不一定是苯及其同系物,可以是含有多个苯环的烃,错误,不选B;C、一氧化氮不是酸性氧化物,错误,不选C;D、汽车尾气主要是氮氮氧化物,能造成雾霾天气,正确,选D。考点:蛋白质的性质,有机物的分类,酸性氧化物【名师点睛】芳香烃是指含有苯环的烃,结构中可能含有一个或多个苯环,但苯及其同系物只能含有一个苯环,范

4、围要小很多。非金属的氧化物不一定是酸性氧化物,例如一氧化碳和一氧化氮、二氧化氮不是酸性氧化物,同样酸性氧化物也不一定是非金属的氧化物。62002年12月26日,俄罗斯特种部队使用强力麻醉剂芬太奴(Fentanyl)和氟烷(Halothane)。下列有关氟烷(CHClBrCF3)说法正确的是:A 该氟烷易溶于水,也易溶于有机溶剂B 该氟烷扩散到空气中能破坏臭氧层C 该氟烷密度比水小D与该氟烷互为同分异构体的氟烷(不含本身)有三种【答案】BD【解析】7.把V L含有和的混合溶液分成两等份,一份加入含a mol NaOH的溶液,恰好使镁离子完全沉淀为氢氧化镁;另一份加入含b mol BaCl2的溶液

5、,恰好使硫酸根离子完全沉淀为硫酸钡。则原混合溶液中钾离子的浓度为( ) A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析:设每份中镁离子的物质的量为x,硫酸根离子的物质的量为y,则 Mg2+2OH-=Mg(OH)2 1 2 x amol可得1:x=2:amol,解得x=0.5amol,由Ba2+SO42-=BaSO4 1 1 bmol y可得1:bmol=1:y,解得y=bmol,忽略溶液中的H+和OH-由电荷守恒知,b2=c(K+)+0.5a2,溶液中K+的物质的量为(b-0.5a)2mol=(2b-a)mol,又由于混合溶液分成两等份,则原溶液中的K+的物质的量为2(2b-a)mol,则

6、原混合溶液中钾离子的浓度为2(2ba)moVL=,则D项正确。考点:本题考查化学计算。 8氯气是一种化学性质很活泼的非金属单质,它具有较强的氧化性,下列叙述中不正确的是:A红热的铜丝在氯气里剧烈燃烧,生成棕黄色的雾B过量的Fe丝在氯气中燃烧,产物是氯化铁C纯净的H2在Cl2中安静地燃烧,发出苍白色火焰,集气瓶口呈现雾状D氯气能与水反应生成HClO和HCl,久置氯水最终变为稀盐酸【答案】A【解析】略9对于溶液中某些离子的检验及结论正确的是A加入稀盐酸产生无色气体,将气体通入澄清石灰水中,溶液变浑浊,一定有CO32B加入氯化钡溶液有白色沉淀产生,再加盐酸,沉淀不消失,一定有SO42C加入稀硝酸无明

7、显变化,加硝酸银溶液产生白色沉淀的,一定有Cl-D加入碳酸钠溶液产生白色沉淀,再加盐酸白色沉淀消失,一定有Ba2+【答案】C【解析】试题分析:A、加入稀盐酸产生无色气体,将气体通入澄清石灰水中,溶液变浑浊,可能有CO32 、HCO3、HSO3、SO32,A错误;B、加入氯化钡溶液有白色沉淀产生,再加盐酸,沉淀不消失,可能有SO42、Ag+,B错误;C、加入稀硝酸无明显变化,加硝酸银溶液产生白色沉淀的,一定有Cl-,C正确;D、加入碳酸钠溶液产生白色沉淀,再加盐酸白色沉淀消失,可能有Ba2+、Ca2+,D错误。答案选C。考点:离子的检验10用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述中正确的是A10

8、L 0.l molL-1的Na2CO3溶液中离子总数一定大于3NAB标准状况下,22.4 L HF的分子数为NAC1 mol Fe在22.4 L的Cl2(标准状况下)中燃烧,转移的电子总数为3NAD一定条件下某密闭容器盛有0.1 mol N2和0.3 mol H2,充分反应后转移电子数为0.6NA【答案】A【解析】试题分析:A10 L 0.l molL-1的Na2CO3溶液中含有溶质的物质的量是n(Na2CO3)= 10 L 0.l molL-1=1mol,该盐是强碱弱酸盐,在溶液中CO32-发生水解作用:CO32-+H2OHCO3-+OH-,可见离子水解是溶液中的离子总数增加,因此含有1mo

9、lNa2CO3溶液中离子总数一定大于3NA,正确;B标准状况下,HF 的分子之间容易形成氢键而以聚合分子的形式存在,因此22.4 L HF的分子数大于NA,错误;C1 mol Fe在22.4 L的Cl2(标准状况下)中燃烧,发生反应:2Fe+ 3Cl22FeCl3,由于氯气不足量因此转移要以氯气为标准,转移的电子总数为2NA,错误;D.由于氢气与氮气合成氨气的反应是可逆反应,反应物不能完全转化为生成物,因此一定条件下某密闭容器盛有0.1 mol N2和0.3 mol H2,充分反应后转移电子数小于0.6NA,错误;【考点定位】考查阿伏加德罗常数的计算的知识。【名师点睛】本题主要是通过阿伏加德罗

10、常数的有关计算,综合考查学生的基本计算能力和分析问题的能力。顺利解答该类题目的关键是:一方面要仔细审题,注意关键字词,熟悉常见的“陷阱”;如A中盐的水解,使溶液中离子数目增加;B中HF分子之间容易形成氢键而乙聚合分子的形式存在、C要判断二者的物质的量的多少及D中反应类型是可逆反应的特点。另一方面是要把各种量转化为物质的量,以此为中心进行计算。有关计算公式有、。特别要注意气体摩尔体积、阿伏加德罗定律的适用范围和使用条件。关于阿伏加德罗定律及其推论需要注意:阿伏加德罗定律的适用范围仅适用于气体。其适用条件是三个“同”,即在同温、同压,同体积的条件下,才有分子数(或物质的量)相等这一结论,但所含原子

11、数不一定相等。阿伏加德罗定律既适合于单一气体,也适合于混合气体。气体摩尔体积是阿伏加德罗定律的特例。11下列说法正确的是ACO2 无毒,对大气不造成污染,所以可以无限量排放BNaHCO3 比Na2CO3 稳定CNa2CO3 溶液可与Ba(OH)2 溶液反应,NaHCO3 溶液不与Ba(OH)2 溶液反应DNaHCO3 溶液与NaOH 溶液混合会发生反应,但观察不到明显的现象【答案】D【解析】ACO2 无毒,但是温室气体,所以要限量排放BNaHCO3加热可分解,而Na2CO3热稳定性较好C两物质均可与Ba(OH)2溶液发生反应且产生沉淀D正确:12在一定温度下的密闭容器中,加入1mol CO、1

12、 mol H2O发生反应:CO(g)+H2O(g) CO2(g) H2(g),达到平衡时测得n(H2)为0.5 mol,下列说法不正确的是()A在该温度下平衡常数K1 B平衡常数与反应温度无关CCO的转化率为50% D其他条件不变,改变压强平衡不移动【答案】B【解析】平衡常数只与反应温度有关。13 下列化学实验事实及其解释或结论都正确的是( )A取少量溶液X,向其中加入适量新制氯水,再加几滴KSCN溶液,溶液变红,说明X溶液中一定含有Fe2B用乙醇、冰醋酸及pH=0的H2SO4加热可制乙酸乙酯,用饱和的Na2CO3溶液可以洗去其中含有的乙醇和乙酸,说明乙酸乙酯在Na2CO3溶液中的溶解度很小C

13、向浓度均为0.1 molL-1的MgCl2、CuCl2混合溶液中逐滴加入氨水,首先生成蓝色沉淀,说明KspCu(OH)2 KspMg(OH)2D配制0.10mol/L NaCl溶液,俯视容量瓶的刻度线定容,所配溶液浓度偏大【答案】D【解析】试题分析:A、取少量溶液X,向其中加入适量新制氯水,若有Fe2+,已经被氧化为Fe3+,再加KSCN溶液,溶液变红,不能说明原溶液中有Fe2+,错误;B、用乙醇、冰醋酸及浓H2SO4加热才可以制乙酸乙酯,错误;C、向浓度均为0.1 molL-1的MgCl2、CuCl2混合溶液中逐滴加入氨水,若先生成蓝色沉淀,说明氢氧化铜的溶度积常数小,错误;D、配制溶液,俯

14、视刻度线,体积变小,浓度偏大,正确。考点:考查物质的制备原理、实验原理14已知在一定条件下,Cl2、ClO2(其还原产物为 Cl)、O3(l mol O3转化为 l molO2和1molH2O)、H2O2等物质都具有氧化性,因而常被用作消毒剂。等物质的量的上述物质消毒效率最高的是AC12 BClO2 CO3 DH2O2【答案】B【解析】试题分析:设均是1mol,则1mol氯气、ClO2、臭氧、H2O2得到的电子分别是2mol、5mol、2mol、2mol,因此消毒效率最高的是ClO2,答案选B。考点:考查氧化还原反应的计算15一定量的CO2与足量的碳在体积可变的恒压密闭容器中反应:C(s)+C

15、O2(g)2CO(g),平衡时,体系中气体体积分数与温度的关系如图所示:已知气体分压(P分)=气体总压(P总)体积分数,下列说法正确的是( )A550时,若充入惰性气体,v正,v逆均减小,平衡不移动B650时,反应达平衡后CO2的转化率为25.0%CT时,若充入等体积的CO2和CO,平衡向逆反应方向移动D925时,用平衡分压代替平衡浓度表示的化学平衡常数Kp=24.0P总【答案】B【解析】试题分析:A、充入惰性气体,容器的体积变大,正反应速率和逆反应速率都减小,平衡正向移动,错误,不选A;B、由图可知,650时,反应到平衡后一氧化碳的体积分数为40%,设开始加入的二氧化碳为1摩尔,转化了x摩尔

16、,则有C(s)+CO2(g) 2CO(g)起始 1 0转化 x 2x平衡 1-x 2x则有2x/(1+x)=40%,x=0.25mol,则二氧化碳的转化率为0.25/1=25%,正确,选B;C、由图可知,T时,反应达到平衡后一氧化碳和二氧化碳的体积分数都为50%,即为平衡状态,所以平衡不移动,错误,不选C;D、一氧化碳的体积分数为96%,则二氧化碳的体积分数都为40%,所以用平衡分压代替平衡浓度表示的化学平衡常数为(0.96P)2/0.04P=23.0P,错误,不选D。考点:化学平衡建立的过程,化学平衡的影响因素16某研究性学习小组在实验室合成了一种物质A。(1)经分析,A的相对分子质量不超过

17、100,A中C、H的质量分数分别为:w(C)69.76%,w(H)11.63%,且完全燃烧后产物只有CO2和H2O。则A的摩尔质量为 _ 。(2)A的核磁共振氢谱如下图所示,且A可以和金属钠反应生成H2,但不能在Cu作催化剂下被催化氧化。(提示:羟基与碳碳双键相连的结构不稳定)请根据以上信息写出A的结构简式 。(3)A的某种同分异构体B分子中不含支链,能发生银镜反应。请写出B发生银镜反应的化学方程式 【答案】(1)86g/molCH3 CH2=CH-C-CH3 OH(3) CH3CH2CH2CH2CHO+ 2Ag(NH3)2OHCH3CH2CH2CH2COONH4+2Ag+3NH3+H2O【解

18、析】试题分析:由A的相对分子质量不超过100,A中C、H的质量分数分别为:w(C)69.76%,w(H)11.63%可知氧的质量分数为1-69.76%-11.63%=18.61%。用相对分子质量小于100先算出碳的个数为5,氧的为1则氢的为10所以A的分子式为C5H10O故,它的摩尔质量为86g/mol再由A可以和金属钠反应生成H2,但不能在Cu作催化剂下被催化氧化可知A中应含有羟基,但是与羟基相连的碳上没有氢原子。可知A的结构为再由A的某种同分异构体B分子中不含支链,能发生银镜反应可知B的结构为CH3CH2CH2CH2CHO考点:考查有机物分子的确定以及结构的相关知识点17(12分)硫酸锌是

19、制备荧光粉的原料之一。工业上由锌白矿(主要成分是ZnO,还含有Fe2O3、CuO、SiO2等杂质)制备ZnSO47H2O的流程如下:已知:常温下,溶液中的Fe3+、Zn2+、Fe2+以氢氧化物形式开始沉淀的pH分别为:2.7,5.4,7.6;完全沉淀的pH分别为:3.7,6.5,9.7。(1)下列能提高浸取过程中浸出效率的措施有 A.将矿石粉碎 B.提高浸取温度 C.适当增加硫酸的浓度 D.搅拌并适当延长浸取时间ZnO和硫酸反应的离子方程式为 (2)加入适量锌粉后溶液中存在的金属阳离子主要有 (3)氧化过程中H2O2发生反应的化学方程式为 (4)加入适量Ca(OH)2调节溶液pH至 (填范围)

20、,促进Fe3+水解完全。Fe3+水解反应的平衡常数表达式K 【答案】(12分)(1)ABCD(2分) ZnO+2H+ =Zn2+ +H2O(2分)(2)Zn2+ Fe2+(2分)(3)H2O2+2Fe2+2H+=2Fe3+2H2O(2分)(4)3.75.4 (2分) c3(H+)/c(Fe3+) (2分)【解析】试题分析:(1)A、将矿石粉碎可以增大硫酸雨矿石机的接触面积,提高浸出效率,正确;B.提高浸取温度,可以加快浸出速率,提高浸出效率,正确;C.适当增加硫酸的浓度,增大反应物的浓度,提高反应速率,增大浸出效率 ,正确;D.搅拌并适当延长浸取时间,使反应物充分反应,提高浸出效率,正确,答案

21、选ABCD;ZnO与稀硫酸反应生成硫酸锌和水,离子方程式为ZnO+2H+ =Zn2+ +H2O;(2)酸浸后溶液中存在的金属阳离子是铁离子、铜离子、锌离子,加入适量的锌后,锌先与铁离子反应生成锌离子、亚铁离子,然后再与铜离子反应生成铜单质和锌离子,所以此时溶液中存在的主要金属阳离子是Zn2+ 、 Fe2+;(3)加入过氧化氢溶液主要是氧化亚铁离子为铁离子,便于除去,离子方程式为H2O2+2Fe2+2H+=2Fe3+2H2O;(4)加入适量Ca(OH)2调节溶液pH的目的是使铁离子完全沉淀而锌离子不能沉淀,根据所给离子沉淀的pH值,铁离子完全沉淀的pH是3.7,而锌离子开始沉淀的pH=5.4,所

22、以加入适量Ca(OH)2调节溶液pH至3.75.4之间;Fe3+水解反应的方程式为Fe3+3H2O Fe(OH)3+ 3 H+,所以平衡常数表达式Kc3(H+)/c(Fe3+)。考点:考查对工业流程的分析,离子之间的反应,溶液pH的确定,平衡常数的表达18下图为铜丝与浓硫酸反应并验证其产物性质的实验装置。(1)中反应的化学方程式是 。其中铜发生了 (填“氧化”或“还原”)反应,判断依据为 。(2)中饱和NaHSO3溶液的作用是除去中挥发出的硫酸。加热一段时间后,中溶液依然澄清,中溶液褪色。想要立即终止铜与硫酸的反应,最恰当的方法是 。a上移铜丝,使其脱离硫酸 b撤去酒精灯 c拔去橡胶塞倒出硫酸

23、(3)反应停止后,待装置冷却,把取下后将其中溶液分成两份做如下实验:加入试剂现象反应的离子方程式第一份加入NaOH溶液有白色沉淀生成_第二份加入氯水有白色沉淀生成_完成上述反应的离子方程式。(4)中棉花团的作用是 。(5)上述实验结束后,发现中试管内有少量白色固体出现,冷却后将试管中的物质缓缓倒入水中,溶液呈蓝色。取少量蓝色溶液于试管中,滴加NaOH溶液至过量,出现的现象是 。【答案】(1)Cu + 2H2SO4(浓) CuSO4 + SO2+ 2H2O;氧化;Cu失去电子生成了Cu2+;(2)a(3)第一份:SO2 + 2OH- = SO32- + H2O ,Ba2+ + SO32- = B

24、aSO3(或SO2 + 2OH- + Ba2+ = H2O + BaSO3) 第二份:SO2 + Cl2 + H2O = 4H+ + 2Cl- + SO42- ,Ba2+ + SO42- = BaSO4(SO2 + Cl2 + 2H2O + Ba2+ = 4H+ + 2Cl- + BaSO4);(4)吸收SO2尾气;(5)开始没有明显现象,后有蓝色沉淀生成。【解析】试题分析:(1)中的反应是制备SO2,Cu2H2SO4(浓)CuSO4SO2H2O;根据反应方程式,Cu由0价2价,化合价升高,失电子,Cu是还原剂被氧化,因此铜发生了氧化,判断的依据:Cu失去电子生成了Cu2+;(2)中铜丝是可以

25、移动的,上移铜丝,铜丝不跟硫酸接触反应立即停止,a正确;b、撤去酒精灯,试管温度还高,反应不会立即停止;c、拔去橡胶塞倒出硫酸,造成SO2跑出,发生危险,不可行;(3)SO2易溶于水,BaCl2溶液中溶解了一部分SO2,第一份中:加入NaOH溶液,发生:SO2 + 2OH- =SO32- + H2O ,Ba2+ + SO32- =BaSO3;第二份中:SO2既具有氧化性也具有还原性,但以还原为主,Cl2具有强氧化性,发生:SO2 + Cl2 + H2O =4H+ + 2Cl- + SO42- ,Ba2+ + SO42- =BaSO4;(4)因为SO2有毒,如果跑出对环境产生污染,必须除去,因此

26、棉花的作用是除去SO2尾气;(5)铜只跟浓硫酸反应,不与稀硫酸反应,因此硫酸剩余,当加入NaOH溶液时,先发生中和反应HOH=H2O,根据题意分析白色固体是CuSO4,如果继续滴加NaOH溶液,发生:Cu22OH=Cu(OH)2,因此现象是开始无明显现象,后有蓝色沉淀生成。考点:考查SO2的制备、SO2的性质。19某同学用0.10 mol/L的HCl溶液测定未知浓度的NaOH溶液,其实验操作如下:A用碱式滴定管量取20.00mLNaOH溶液注入锥形瓶,同时滴加2-3滴酚酞试液;B用待测NaOH溶液润洗碱式滴定管;C把滴定管用蒸馏水洗净;D用标准HCl溶液润洗酸式滴定管后,将标准HCl溶液注入酸

27、式滴定管至距离刻度“0”以上23cm处,再把酸式滴定管固定好,调节液面;E检查滴定管是否漏水;F另取锥形瓶,再重复以上操作12 次;G把锥形瓶放在酸式滴定管下边,瓶下垫一张白纸,边滴边摇动锥形瓶,直到加入l滴酸液后溶液颜色突变并在半分钟内不再变色为止,记下滴定管液面所在的刻度。请回答下列问题:(1)滴定操作的正确顺序是:(填字母) C B _。(2)G步操作中应在锥形瓶下边垫一张白纸的作用是 。(3)D步操作中液面应调节到 。(4)当观察到锥形瓶中, 时,即可读数。若滴定前平视读数,滴定终点仰视读数,则由此计算得到的NaOH溶液浓度 。(填“偏大”、“偏小”、“无影响”)【答案】(1)E;D;

28、A;G;F (2)使滴定终点颜色变化更明显,便于分辨(3)“0”刻度或“0”刻度以下 (4)当加入l滴酸液后溶液颜色突变并在半分钟内不再变色;偏大【解析】试题分析:(1)中和滴定按照检漏、洗涤、润洗、装液、取待测液并加指示剂、滴定等顺序操作,即:ECDBAGF。(2)因锥形瓶下垫一张白纸使滴定终点颜色变化更明显,便于分辨。(3)装液后,液面应调节到“0”刻度或“0”刻度以下,尖嘴部分应充满溶液。(4)滴定终点时即可读数,即当加入l滴酸液后溶液颜色突变并在半分钟内不再变色;如果仰视液面,读出的数值偏大,若滴定前平视读数,则造成V(标)偏大,根据c(碱)可知c(碱)偏大。考点:考查中和滴定操作以及

29、误差分析20(12分)信息时代产生的大量电子垃圾对环境构成了极大的威胁。某“变废为宝”学生探究小组将一批废弃的线路板简单处理后,得到含70Cu、25Al、4Fe及少量Au、Pt等金属的混合物,并设计出如下制备硫酸铜和硫酸铝晶体的路线:请回答下列问题: 第步Cu与混酸反应的离子方程式为_ _;得到滤渣1的主要成分为_ _ _。 第步加H2O2的作用是_ _,使用H2O2的优点是_ _;调溶液pH的目的是使_ _生成沉淀。 简述第步由滤液2得到CuSO45H2O的方法是_ _ 。 由滤渣2制取Al2(SO4)318H2O ,探究小组设计了三种方案:上述三种方案中,_ _方案不可行,原因是_ _:从

30、原子利用率角度考虑,_ _方案更合理。 探究小组用滴定法测定CuSO45H2O (Mr250)含量。取a g试样配成100 mL溶液,每次取20.00 mL,消除干扰离子后,用c molL1 EDTA(H2Y2)标准溶液滴定至终点,平均消耗EDTA溶液b mL。滴定反应如下:Cu2+ + H2Y2 CuY2 + 2H+ 写出计算CuSO45H2O质量分数的表达式 _ _ ;下列操作会导致CuSO45H2O含量的测定结果偏高的是_ _。a未干燥锥形瓶 b滴定终点时滴定管尖嘴中产生气泡c未除净可与EDTA反应的干扰离子【答案】 Cu + 4H+ + 2NOCu2+ + 2NO2+ 2H2O 或3C

31、u + 8H+ + 2NO3Cu2+ + 2NO+ 4H2O Au、Pt 将Fe2+氧化为Fe3+ 不引入杂质,对环境无污染 Fe3+、Al3+ 蒸发 冷却 结晶 过滤 甲 所得产品中含有较多Fe2(SO4)3杂质 乙zxxk 100% c【解析】试题分析:(1)浓硝酸具有强氧化性,能把铜氧化生成硝酸铜、NO和水,反应的方程式是 Cu + 4H+ + 2NOCu2+ + 2NO2+ 2H2O。由于浓硝酸和硫酸都不能溶解Au或Pt,所以滤渣是1的主要成分为Au、Pt。(2)由于滤液中可能含有亚铁离子,所以加入双氧水的目的是将Fe2+氧化为Fe3+,然后生成氢氧化铁沉淀而除去。双氧水的还原产物是水

32、,所以双氧水作为氧化剂的优点是不引入杂质,对环境无污染。要回收铜,就必需除去溶液中的铁离子和铝离子,所以调溶液pH的目的是使Fe3+、Al3+形成沉淀而除去。(3)硫酸铜易溶于水,所以要得到硫酸铜晶体需要经过蒸发、冷却、结晶、过滤。(4)由于甲方案中硫酸和氢氧化铁及氢氧化铝都是反应的,所以生成的滤液中含有硫酸铁和硫酸铝。因此如果直接蒸发,将使所得产品中含有较多Fe2(SO4)3杂质。由于铝的金属性强于铁的,所以方案乙中铝能置换出铁,从原子利用率最高。而方案丙中生成的硫酸铝小于方案乙中生成的硫酸铝,原子利用率没有乙高。(5)消耗EDTA的物质的量是0.001bcmol,所以根据反应的方程式可知,

33、消耗铜离子的物质的量也是0.001bcmol,所以每一份中胆矾的物质的量是0.001bcmol。因此CuSO45H2O质量分数的表达式 100% 。根据表达式可知,如果未干燥锥形瓶,是不会影响实验结果的。若滴定终点时滴定管尖嘴中产生气泡,则消耗标准液的体积将减少,测定结果偏低;如果未除净可与EDTA反应的干扰离子,则消耗标准液的体积将偏大,测定结果偏高,因此答案选C。考点:考查物质的分离与提纯、试剂的选择、实验操作以及有关计算等点评:化学是一门以实验为基础的学科,所以有化学实验即科学探究之说法。纵观近几年高考,主要以考察探究性实验和物质制备实验为主。这些探究性和制备性实验的试题,综合性强,理论

34、和实践的联系紧密,有的还提供一些新的信息,要求考生必须冷静的审题,联系所学过的知识和技能,进行知识的类比、迁移、重组,全面细致的思考才能正确作答。探究性实验的一般思路1、准确地把握实验目的2、利用已学知识,分析如何实现这个目的-实验原理3、结合实验材料,初步确定设计对策实验方案21(5分)同温同压下,若A容器中充满O2 ,B容器中充满O3 。(1)若所含分子总数相等,则A容器和B容器的容积之比是 (2)若两容器中所含原子总数相等,则A容器和B容器的容积比是 (3)若两容器的体积比为52,则O2和O3物质的量之比为_,质量之比为_,密度之比为_。【答案】(1) 1:1 (2) 3:2 (3) 5

35、2 53 23【解析】试题分析:(1)分子总数相等,则O2和O3的物质的量相等,体积也相等,则A容器和B容器的容积之比是1:1。(2)两容器中所含原子总数相等,则O2和O3的分子数之比为3:2,物质的量之比为3:2,体积之比为3:2,则A容器和B容器的容积之比是3:2。(3)两容器的体积比为52,则O2和O3物质的量之比为5:2,质量之比为,密度比等于摩尔质量之比等于2:3。考点:物质的量点评:本题主要考查物质的量基本公式,非常简单基础。22据下图的转化关系及现象回答下列问题。已知白色沉淀是碳酸钙(1)固体X的名称_;A的化学式_。(2)写出反应的化学方程式_;_;_;_。【答案】(1)过氧化

36、钠 CO2(2)2Na2O22CO2=2Na2CO3O2,Ca(OH)2+ Na2CO3 = Ca CO3 +2NaOH2NaO2 2Na2O2Ca CO3+2HCl = CaCl2+2H2O+ CO2【解析】试题分析:由转化关系可知淡黄色固体为Na2O2,则A为CO2,B为O2,金属单质为Na,固体Y为Na2CO3,白色沉淀为CaCO3,(1) 固体X的名称过氧化钠,A的化学式CO2;(2)2Na2O22CO2=2Na2CO3O2,Ca(OH)2+ Na2CO3 = CaCO3+2NaOH,2NaO22Na2O2,Ca CO3+2HCl = CaCl2+2H2O+ CO2考点:钠及其化合物的

37、性质23(12分)我国濒临海域的省份,能够充分利用海水制得多种化工产品。如图是以海水、贝壳(主要成分CaCO3)等为原料制取几种化工产品的工艺流程图,其中固体B是生活中的一种必需品,E是一种化肥,N是一种常见的金属单质。结合上述工艺流程回答下列问题。(1)物质H和L的化学式分别为 和 。(2)上述工艺流程中可以循环使用的物质的化学式为_。(3)反应的化学方程式为 ;在反应中必须先通入NH3,而后通入D,其原因是 。(4)工业上利用F可制得另一种化工产品,该反应的化学方程式为 。(5)由K溶液经如何处理才能制得N?工业上将K溶液在 的条件蒸发结晶制得无水盐,然后再电解其熔融盐,写出电解的化学反应

38、方程式 。【答案】(1)Mg(OH)2 H2 (2)CO2(各1分)(3)NaClNH3CO2H2O=NaHCO3NH4Cl(2分)NH3在水中的溶解度大,先通入NH3,有利于吸收CO2(2分)(2分) (5)在氯化氢气流中 (1分) MgCl2 =Mg + Cl2(2分)【解析】试题分析:(1)根据题给转化关系知,物质H和L的化学式分别为Mg(OH)2和H2;(2)上述工艺流程中可以循环使用的物质的化学式为CO2。(3)反应为氨气、氯化钠、二氧化碳和水反应生成碳酸氢钠,化学方程式为NaClNH3CO2H2O=NaHCO3NH4Cl;在反应中必须先通入NH3,而后通入D,其原因是NH3在水中的

39、溶解度大,先通入NH3,有利于吸收CO2。(4)工业上利用碳酸氢钠可制得另一种化工产品碳酸钠,该反应的化学方程式为2NaHCO3 Na2CO3 + CO2+ H2O。(5)为防止氯化镁水解,工业上将氯化镁溶液在在氯化氢气流中蒸发结晶制得无水盐,然后再电解其熔融盐,电解的化学反应方程式MgCl2 Mg + Cl2。考点:考查无机推断、海水的综合利用。24(本题共13分)合成治疗脑缺血的药物I的一种路线如下:已知:(1)(2)I结构中分别有一个五原子环和一个六原子环。(3)F能发生银镜反应。完成下列填空:46DE的反应类型为_;F中不含氧的官能团有_(写名称)。47按系统命名法,A的名称是_;I的

40、结构简式为_。48H在一定条件下可以合成高分子树脂,其化学方程式为_。49G的同分异构体有多种,其中含有酚羟基,且结构中有4种不同性质氢的结构有_种。50化合物D经下列步骤可以得到苯乙烯:反应的条件为_;试剂X是_;反应的化学方程式为_。【答案】46取代;溴原子,苯环 472-甲基丙烯;48493;50光照;甲醛;【解析】试题分析:46D分子式是C7H8结构简式是,在Fe作催化剂时与Br2发生取代反应,形成E:该反应的反应类型为取代反应;E在MnO2催化下加热与O2发生反应形成F:;F中不含氧的官能团有溴原子、苯环;47根据物质的转化关系及A的分子式可知A是,按系统命名法,A的名称是2-甲基丙烯;A与HBr发生加成反应形成B:;B 与Mg在乙醚存在使发生反应形成C:(CH3)3CMgBr,C与F 在水存在使发生反应形成G:;G在一定条件下发生反应,形成H:;H分子中含有羧基、醇羟基,在浓硫酸存在使发生酯化反应形成酯I,其结构简式为。48H在一定条件下可以合成高分子树脂,其化学方程式为;49G的同分异构体有多种,其中含有酚羟基,且结构中有4种不同性质氢的结构有3种,它们分别是:、。50化合物D在光照时发生取代反应形成K,K与Mg在乙醚存在时发生反应形成L:,L与甲醛HCHO存在是发生反应形成M:,M 在浓硫酸存在时发生消去反应形成N:。反应的化学方程式为考点:考查有机推断和有机合成

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