1、课时作业一、选择题1一杂合子(Dd)植株自交时，含有隐性配子的花粉有50%的死亡率，则自交后代的基因型比例是()A111B441C231 D121解析：选C。由于含d的花粉有50%的死亡率，因此该植株产生的雌配子Dd11，而雄配子Dd21，自交后代中三种基因型之比为DDDddd(1/22/3)(1/21/31/22/3)(1/21/3)231。2以两株高茎豌豆为亲本进行杂交，F1中高茎和矮茎的数量比例如下图所示，则F1高茎豌豆中纯合子的比例为()A1 B1/2C1/3 D1/4解析：选C。以两株高茎豌豆为亲本进行杂交，F1中高茎和矮茎的数量比例如题图所示为31，可以推知亲本的基因型(假设相关基
2、因用D、d表示)都是Dd，所以后代DDDddd121，所以F1高茎豌豆中纯合子的比例为1/3。3某高等植物有多对较为明显的相对性状，基因控制情况见下表。中粗茎个体和粗茎杂交，则子代表现型及性状比是()等位基因表现型基因组成显性纯合杂合隐性纯合Cc粗茎中粗茎细茎A全为粗茎B全为中粗茎C粗茎中粗茎11D粗茎中粗茎细茎121解析：选C。根据表中内容可知，基因型为CC的个体表现为粗茎，基因型为Cc的个体表现为中粗茎，基因型为cc的个体表现为细茎；所以中粗茎个体(Cc)和粗茎(CC)杂交，则子代表现型及性状分离比是粗茎(CC)中粗茎(Cc)11，所以选C。4豌豆花的顶生和腋生是一对相对性状，根据表中的三
3、组杂交实验结果，判断显性性状和纯合子分别为()杂交组合亲本表现型子代表现型及数量第一组甲(顶生)乙(腋生)101腋生、99顶生第二组甲(顶生)丙(腋生)198腋生、201顶生第三组甲(顶生)丁(腋生)全为腋生A顶生；甲、乙 B腋生；甲、丁C顶生；丙、丁 D腋生；甲、丙解析：选B。根据表中第三组杂交组合的结果可推知：腋生对顶生为显性，甲为隐性纯合子，丁为显性纯合子。第一、二组杂交组合的子代性状分离比都为11，可知乙、丙均为杂合体。5番茄的红果(R)对黄果(r)为显性，让杂合的红果番茄自交得F1，淘汰F1中的黄果番茄，利用F1中的红果番茄自交，其后代RR、Rr、rr三种遗传因子组成的比例是()A1
4、21 B441C321 D931解析：选C。F1遗传因子组成为1RR、2Rr、1rr，去掉rr后，则RRRr12，1/3RR自交后代为1/3RR，2/3Rr自交后代为1/6RR、1/3Rr、1/6rr，然后相加可得RRRrrr321，因此选C项。6玉米的高甜对非甜为一对相对性状，现有两袋高甜玉米种子(编号为甲、乙)，已知其中有一袋是纯种，请用最简便的方法，鉴别并保留高甜玉米种子()A甲乙B甲乙，得到的F1反复自交，筛选出高甜玉米C甲、乙分别与隐性个体测交D甲甲；乙乙解析：选D。鉴别生物某性状遗传因子组成是否杂合，可选用合适的个体作亲本，观察后代是否发生性状分离。选项中A不能达到鉴别的目的；C不
5、能达到留种的目的；B不能鉴别但可以保留高甜玉米种子；D为自交，对于植物来说，是最简便的鉴别并保留纯种的方法。7南瓜的花色是由一对等位基因(A和a)控制的，用一株开黄花的南瓜和一株开白花的南瓜杂交，子代(F1)既有开黄花的，也有开白花的。让F1自交产生F2，表现型如图所示。下列说法不正确的是()A由不可推知花色的显隐性关系B由可知白花是显性性状CF1中白花的基因型是AaDF2中开白花与开黄花的南瓜的理论比是53解析：选D。过程中，白花南瓜自交后代发生性状分离，说明该白花的遗传因子组成是Aa，同时可知白花是显性性状，黄花是隐性性状，在F2中开白花所占的比例为1/23/43/8，开黄花所占的比例为1
6、/21/21/45/8，所以开黄花与开白花的理论比为53。8小鼠的体色灰色与白色是一对由常染色体上的基因控制的相对性状，某校生物科研小组的同学饲养了8只小鼠(编号)，同时进行了一次杂交实验。下表是杂交组合及所得第一胎子鼠的体色情况。杂交组合亲本子代雌雄灰白灰白56白灰46灰灰110白白09该小组同学认为，根据上述实验结果不能确认哪个性状是显性性状，需重新设计杂交组合，以确定这对性状的显隐性。请选出最合理的实验方案是()A让与杂交，与杂交，观察后代体色情况B让与杂交，与杂交，观察后代体色情况C让与杂交，与杂交，观察后代体色情况D让与杂交，与杂交，观察后代体色情况解析：选C。根据后代表现型及比例推
7、测，若灰对白是显性，则为杂合子，为隐性纯合子，中至少有一方为显性纯合子；而若白对灰是显性，则为杂合子，为隐性纯合子，中至少有一方为显性纯合子。通过杂交、杂交，观察后代的表现型是否发生性状分离即可对上述显隐性进行确定。如果与杂交的后代中既有灰鼠又有白鼠，与杂交的后代全为白鼠，则灰色为显性性状；如果与杂交的后代全为灰鼠，与杂交的后代中既有灰鼠又有白鼠，则白色为显性性状。9已知某闭花受粉植物高茎对矮茎为显性，红花对白花为显性，两对性状独立遗传。用纯合的高茎红花与矮茎白花杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有的F2植株都能成活，F2植株开花时，拔掉所有的白花植株，假定剩余的每株F2自交收获的种子数量
8、相等，且F3的表现性状符合遗传的基本定律。从理论上讲F3中表现白花植株的比例为()A1/4 B1/6C1/8 D1/16解析：选B。假设红花显性遗传因子为R，白花隐性遗传因子为r，F1全为红花Rr，F1自交，去掉白花，所得F2红花的遗传因子组成为1/3RR，2/3Rr，F2红花自交出现白花的比例为2/31/41/6。10如图为山羊的毛色遗传图解(相关遗传因子用A和a表示)，下列相关叙述中错误的是()A白色对黑色为显性B图中黑色山羊均为纯合子C4和5再生一个白色雄性山羊的概率为3/4D7为纯合子的概率为1/3解析：选C。因为4和5都是白色个体，但它们生有一个黑色的后代6，故白色对黑色为显性，A正
9、确。因为黑色为隐性，所以凡是黑色个体均为隐性纯合子，遗传因子组成是aa，B正确。因为4和5均为显性个体，所以它们都有一个显性遗传因子A，又因为它们生有黑色后代，所以另一个遗传因子都是a，故4和5的遗传因子组成都是Aa，所以它们再生育一个白色后代(A_)的概率为3/4，这些后代中雌雄各占一半，故4和5再生一个白色雄性山羊的概率3/41/23/8，C错。因为4和5遗传因子组成都是Aa，故白色个体7的遗传因子组成及比例分别是1/3AA和2/3Aa，D正确。11下列关于性状显隐性或纯合子与杂合子判断方法的叙述，错误的是()A甲乙只有甲甲为显性性状B甲甲甲乙乙为隐性性状C甲乙甲乙11甲为显性性状D花粉鉴
10、定法：只有一种花粉纯合子，至少两种花粉杂合子解析：选C。一对相对性状杂交，子代表现出的性状为显性性状，A正确；根据性状分离的概念可知，B正确；测交不能确定显隐性，C错误；花粉鉴定法：只有一种花粉纯合子，至少两种花粉杂合子，D正确。12如图为某种单遗传因子常染色体隐性遗传病系谱图(深色代表的个体是该遗传病患者，其余为表现型正常个体)。近亲结婚时该遗传病发病率较高，假定图中第代的两个个体婚配生出一个患该遗传病子代的概率为1/48，那么，得出此概率值需要的限定条件()A2、4和4必须是纯合子B4、2和3必须是杂合子C4、1和2必须是杂合子D1、1和4必须是纯合子解析：选D。该病为单遗传因子常染色体隐
11、性遗传，后代中得到患病子代的概率为1/48，若2、4和4必须是纯合子，1要为1/4携带者，由两个无病者产生一个1/4的携带者，这个是不可能，A错误；若4、2和3必须是杂合子，则2为2/3杂合子，1为携带者的可能为1/8，但其亲本，即上一代的2号本身是个杂合子，不可能，B错误；4、1和2必须是杂合子，后代的患病概率直接可算，为1/4，也不符合题意，C错误；1、1和4必须是纯合子，则婚配后得到的后代为患者的概率为2/31/21/21/21/41/48，符合题意，选择D。二、非选择题13老鼠毛色有黑色和黄色，这是一对相对性状(由一对基因B、b控制)。有下列三组交配组合，请据此回答相关问题：交配组合子
12、代的表现型及比例丙(黑色)乙(黑色)12(黑色)4(黄色)甲(黄色)乙(黑色)8(黑色)9(黄色)甲(黄色)丁(黑色)全为黑色(1)根据交配组合_可判断显性性状是_，隐性性状是_。(2)表中亲本的基因型最可能依次是：甲_，乙_，丙_，丁_。属于纯合子的有_。(3)根据表格中数据计算，第组交配组合产生的子代中，能稳定遗传的概率为_。解析：(1)(2)根据交配组合可判断出相对性状的显隐性：具有相同性状的双亲交配，产生的后代发生了性状分离，新出现的不同于双亲的性状(黄色)为隐性性状，且双亲均为杂合子，即乙、丙的基因型均为Bb。组合中，具有相对性状的双亲杂交，后代全为一种性状(黑色)，可判断出黑色是显
13、性性状，则甲和丁的基因型分别是bb、BB。(3)交配组合中bb(甲)Bb(乙)Bb(黑色)、bb(黄色)，可见黄色个体为纯合子，能稳定遗传，而黑色个体为杂合子，不能稳定遗传。答案：(1)黑色黄色(2)bbBbBbBB甲和丁(3)1/214如图为一个人类白化病遗传的家族系谱图。6和7为同卵双生，即由同一个受精卵发育而成的两个个体；8和9为异卵双生，即由两个受精卵分别发育而成的个体。请据图作答：(1)控制白化病的是常染色体上的_基因。(2)若用A、a表示控制相对性状的一对等位基因，则3、7和11的基因型依次为_、_、_。(3)6是纯合子的概率为_，9是杂合子的概率为_。(4)7与8再生一个孩子患病
14、的概率为_。(5)如果6和9结婚，则他们生出患病孩子的概率为_；若他们所生的第一个孩子患病，则再生一个孩子也患病的概率是_。解析：由10与3、4的关系可知，白化病基因是位于常染色体上的隐性基因。据此可知，3、7、11的基因型分别为Aa、Aa、aa。由于7为Aa，则同卵双生的6也为Aa，即为纯合子的概率为0；8与9为异卵双生，则9为Aa的概率为2/3。7、8再生一患儿的概率为1/4。若6与9结婚，生出病孩的概率为1/42/31/6；若他们的第一个孩子患病，则再生一个孩子也患病的概率为1/4。答案：(1)隐性(2)AaAaaa(3)02/3(4)1/4(5)1/61/415某种自花受粉的豆科植物，
15、同一植株能开很多花，不同品种植株所开的花有紫色也有白色。现用该豆科植物的甲、乙、丙三个品种的植株进行如下实验。实验组别实验过程后代所开花性状及数量紫白实验一将甲植株进行自花受粉4090实验二将乙植株进行自花受粉0405实验三将甲植株和乙植株杂交3960实验四将丙植株进行自花受粉300101分析回答：(1)在该植物花的紫色和白色这一对相对性状中，显性性状是_。如果用A代表显性基因，a代表隐性基因，则甲植株的基因型为_，丙植株的基因型为_。(2)实验四所开的300朵紫花中杂合子的理论值为_朵。(3)若将丙植株和乙植株杂交，则预期的实验结果为紫花白花_。(4)请写出与实验三相关的完整遗传图解。答案：
16、(1)紫花AAAa(2)200(3)11(4)16“母性效应”是指子代某一性状的表现型由母本的基因型决定，而不受本身基因型的支配。椎实螺是一种雌雄同体的软体动物，一般通过异体受精繁殖，但若单独饲 养，也可以进行自体受精，其螺壳的旋转方向有左旋和右旋的区分，旋转方向符合“母性效应”，遗传过程如右图所示。现有右旋和左旋椎实螺若干，回答下列问题：(1)“母性效应”现象是否符合孟德尔遗传定律？_。(2)螺壳表现为左旋的个体其基因型可能为_；螺壳表现为右旋的个体其基因型可能为_。(3)F2出现三种基因型的根本原因是_。F2自交产生子代的表现型及比例为_。(4)欲判断某左旋椎实螺的基因型，可用任意的右旋椎
17、实螺作父本进行交配，统计杂交后代F1的性状。若子代表现情况是_，则该左旋椎实螺是纯合子；若子代的表现情况是_，则该左旋椎实螺是杂合子。解析：(1)根据图示可知，F1自交后代有三种基因型，比例为121，说明符合基因分离定律。(2)据图可知，基因型为dd或Dd的个体都可能表现为左螺旋；若基因型为Dd的个体做母本，则后代都是右螺旋个体，其基因型可能是DD或Dd或dd。(3)由于F1能产生两种配子，比例为11，因此F1自交后代中，F2有三种基因型，比例为121；根据题中信息可知，DD和Dd自交后代都是右螺旋，dd个体自交后代都是左螺旋，因此F2个体自交，子代左螺旋右螺旋13。(4)左螺旋个体的基因型可能是dd或Dd，选用任意右旋椎实螺作为父本与其交配，若基因型是dd，则后代都是左螺旋；若基因型是Dd，则后代都是右螺旋。答案：(1)符合(2)dd或DdDD或Dd或dd(3)F1产生配子时等位基因分离右螺旋左螺旋31(4)左螺旋右螺旋