1、河北定州中学2016-2017学年第一学期高二承智班物理周练试题（一）第I卷（选择题44分）一 选择题（共44分，本大题共11小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1至7题只有一项符合题目要求，第8至11题有多项符合题目要求. 全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1一节干电池的电动势为1.5V，表示该电池（ ）A.一定有1.5J的化学能转变成电能B.在工作状态下两极间的电压恒定为1.5VC.比电动势为1.2V的电池存储的电能多D.将1C电量由负极输送到正极过程中，非静电力做了1.5J的功2如图所示为伏打电池示意图，下列说法中正确的是（ ）A.沿电流方向绕电路一周，非静
2、电力做功的区域只有一处B.电源的电动势高，表明该电源把其它形式的能转化为电能的本领强C.在静电力作用下，原来静止的正电荷从低电势运动到高电势D.在溶液中铜板和锌板之间的电压就是内电压3描述电源能量转化本领大小的物理量是（ ）A.电动势 B.电源的总功率 C.端压 D.电源的输出功率4对普通干电池上标有“1.5V”这一数据的正确理解是（ ）A.接入电路后，电池正负两极之间电压1.5VB.每经过1C的电量，有1.5J的电能转为其他能量C.若电池与理想电压表直接相连，电压表的示数为1.5VD.若电池对1的外电阻供电，流过电池的电流强度是1.5A5下列说法正确的是（ ）A.从牛顿第一定律可演绎出“质量
3、是物体惯性大小的量度”的结论B.电源是通过非静电力做功把电能转化为其他形式的能的装置C.由于静电力和万有引力的公式在形式上很相似，所以目前科学界公认：静电力和万有引力都是电磁相互作用D.Tm2与Vs能表示同一个物理量的单位6安培提出来著名的分子电流假说根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流设电量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，关于该环形电流的说法，正确的是（ ）A.电流强度为，电流方向为顺时针B.电流强度为，电流方向为顺时针C.电流强度为，电流方向为逆时针D.电流强度为，电流方向为逆时针7下列说法中正确的是（ ）A.电流的方向就是电荷移动的方向B.在直流电
4、源的外电路上，电流的方向是从电源正极流向负极C.电流都是由电子的移动形成的D.电流是有方向的量，所以是矢量8如图所示，电路中电源的电动势为E，内阻为r，A为非理想电压表，B为静电计；两个平行板电容器的电容分别为C1和C2，将电键S闭合较长时间后，下列说法中正确的是（ ）A.电压表的示数为零B.电压表的示数等于电源电动势EC.若将变阻器滑动触头P向右滑动，则电容器C2上带电量增大D.若断开电键S，再增大电容器C2两极板间距离，则静电计指针张角也增大9某同学从电子市场购买一款手机电池板如图所示，他根据电池板上的标识，所做判断正确的是（ ）A.该电池的电动势为4.2VB.该电池的电动势为3.7VC.
5、该电池一次可以提供的最大电能为8.4103JD.该电池一次可以提供的最大电能为2.664104J10如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U以下说法正确的是（ ）A.若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大B.若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少C.若仅用更强的光照射，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D.若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变11如图所示，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于
6、静止状态，现将滑动变阻器滑片P向左移动，则（ ）A.电容器中的电场强度将增大 B.电容器所带的电荷量将减少C.电容器的电容将减小 D.液滴将向下运动第卷（非选择题，共66分）二、计算题（6小题，共66分）12太阳正处于主序星演化阶段，为了研究太阳演化进程，需知道目前太阳的质量M已知地球半径R=6.4106m，地球质量m=6.01024kg，日地中心的距离r=1.51011m，地球表面处的重力加速度g=10m/s2，1年约为3.2107s，试估算目前太阳的质量M13如图所示，左侧为一个半径为R的半球形的碗固定在水平桌面上，碗口水平，O点为球心，碗的内表面及碗口光滑右侧是一个固定光滑斜面，斜面足够
7、长，倾角=30一根不可伸长的不计质量的细绳跨在碗口及光滑斜面顶端的光滑定滑轮两端上，线的两端分别系有可视为质点的小球m1和m2，且m1m2开始时m1恰在右端碗口水平直径A处，m2在斜面上且距离斜面顶端足够远，此时连接两球的细绳与斜面平行且恰好伸直当m1由静止释放运动到圆心O的正下方B点时细绳突然断开，不计细绳断开瞬间的能量损失（1）求小球m2沿斜面上升的最大距离s；（2）若已知细绳断开后小球m1沿碗的内侧上升的最大高度为，求= 14如图所示，ABDO是处于竖直平面内的固定光滑轨道，AB是半径为R=15m的圆周轨道，半径OA处于水平位置，BDO是半径为 r=7.5m的半圆轨道，D为BDO轨道的中
8、点一个小球P从A点的正上方距水平半径OA高H处自由下落，沿竖直平面内的轨道通过D点时对轨道的压力等于重力的倍g取10m/s2求：（1）H的大小；（2）试讨论此球能否达到BDO轨道的O点，并说明理由；（3）小球沿轨道运动后再次落到轨道上的速度大小是多少（提示：圆的方程x2+y2=R2）15经过近7年时间，2亿千米在太空中穿行后，美航天局和欧航天局合作研究出“卡西尼”号土星探测器于美国东部时间6月30日抵达预定轨道，开始“拜访”土星及其卫星家族这是人类首次针对土星及其31颗已知卫星最详尽的探测若“卡西尼”号土星探测器进入环绕土星上空的圆轨道飞行，已知土星半径为R，探测器离土星表面高度为h，环绕n周
9、飞行时间为t，求：（1）土星的质量M；（2）若在土星上发射一颗卫星，至少需要多大的速度？16碰撞过程中的能量传递规律在物理学中有着广泛的应用为了探究这一规律，我们采用多球依次碰撞、碰撞前后速度在同一直线上、且无机械能损失的简化力学模型如图2所示，在固定光滑水平轨道上，质量分别为m1、m2、m3mn1、mn的若干个球沿直线静止相间排列，给第1个球初能Ek1，从而引起各球的依次碰撞定义其中第n个球经过依次碰撞后获得的动能Ekn，Ekn与Ek1之比为第1个球对第n个球的动能传递系数k1na、求k1nb、若m1=4m0，m3=m0，m0为确定的已知量求m2为何值时，k13值最大17如图所示，质量M=4
10、kg的木滑板B静止在光滑水平面上，滑板右端固定一根轻质弹簧，弹簧的自由端C到滑板左端的距离L=0.5m，这段滑板与A之间的动摩擦因数为0.2，而弹簧自由端C到弹簧固定端D所对应的滑板上表面光滑可视为质点的小木块A质量为m=1kg，原来静止在滑板的左端当滑板B受到水平向左恒力F=14N，作用时间t后撤去F，这时木块A恰好到达弹簧自由端C处假设A、B间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等，g取10m/s2求（1）水平恒力F作用的时间t；（2）木块A压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能参考答案1D2B3A4C5D6C7B8AD9BD10BD11BD121.91030kg解：地球绕太阳运动的过程，由太阳的万有引
11、力提供向心力，则得：G=mr根据地球表面的万有引力等于重力得：对地球表面物体m有：mg=两式联立得：M=1.91030kg13（1）求小球m2沿斜面上升的最大距离为；（2）1.9解：（1）设重力加速度为g，小球m1到达最低点B时m1、m2速度大小分别为v1、v2，由运动合成与分解得对m1、m2系统由功能关系得设细绳断后m2沿斜面上升的距离为s，对m2由机械能守恒定律得小球m2沿斜面上升的最大距离联立得（2）对 m1由机械能守恒定律得：联立得14（1）H的大小为10m（2）由于HH0，所以小球可以通过最高点O点（3）小球从H高处自由落下沿轨道运动后再次落到轨道上的速度大小是17.3m/s解：（1
12、）小球从H高处自由落下，进入轨道做圆周运动，小球受重力和轨道的支持力作用，设小球通过B点时的速度为vB，通过AB轨道末端B点时轨道对小球的支持力为FB，根据牛顿第二定律和向心力公式得：FBmg=m，则：FB=mg，小球从P点落下沿光滑轨道运动的过程中，机械能守恒，有：mg（H+R）=mvB2，解得：H=R=10m（2）设小球沿竖直轨道运动能够到达最高点O的最小速度为vmin，由牛顿第二定律得：mg=m，小球至少应从H0高处落下，下落过程，由机械能守恒定律得：mgH0=mvmin2，解得：H0=R，由于HH0，所以小球可以通过最高点O点（3）小球从H高处自由落下沿轨道运动，通过O点时的速度为v0
13、，由机械能守恒定律得：mgH=mv02，解得：v0=10m/s，小球通过O点后做平抛运动，设小球经过时间t落到AB圆弧轨道上，速度大小为v，根据平抛运动规律可知：水平方向上有：x=v0t，竖直方向上：y=gt2，且x2+y2=R2，v=，联立解得t=1s，（负解舍去）v=10m/s=17.3m/s；15（1）土星的质量为（2）若在土星上发射一颗卫星，至少需要的速度为解：（1）根据万有引力提供向心力为：G=m（R+h）解得：M土=；（2）“卡西尼”绕土星表面匀速圆周运动：G=m，所以最小速度：v=；16a、k1n是b、当m2=2m0 时，k13值最大解：a、设碰撞前m1的速度为v10，根据机械能
14、守恒定律有：m1gh=m1 设碰撞后m1与m2的速度分别为v1和v2，取向右为正方向，根据动量守恒定律有：m1v10=m1v1+m2v2由于碰撞过程中无机械能损失，有：m1v102=m1v12+m2v22 、式联立解得：v2=将式代入式得：v2=（2）：由式，考虑到EK1=m1和EK2=得：Ek2=根据动能传递系数的定义，对于1、2两球有：k12=同理可得，球m2和球m3碰撞后，动能传递系数k13应为：k13=依此类推，动能传递系数k1n应为：k1n=解得 k1n=b、将m1=4m0，m3=m0代入式可得为使k13最大，只需使最大，即取最小值，由可知当，即m2=2m0时，k13最大17（1）水平恒力F作用的时间t为1s（2）木块A压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能为0.4J解：（1）木块A和滑板B均向左左匀加速直线运动maA=mgMaB=Fmg根据题意有SBSA=L即代入数据解得t=1s（2）1s末木块A和滑板B的速度分别为vA=aAt=2m/s vB=aBt=3m/s撤去F后，当木块A和滑板B的速度相同时，弹簧压缩量最大，此时具有最大弹性势能根据动量守恒定律mvA+MvB=（M+m）v代入数据求得v=2.8m/s由机械能守恒定律得代入数据可求得弹簧弹性势能E=0.4J版权所有：高考资源网()
