1、山东德州市2018届高三第一次模拟考试理科综合试题二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1. 在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步。对以下几位物理学家所作科学贡献的表述中，与事实相符的是A. 波尔根据粒子散射实验提出了原子的核式结构模型B. 密立根最早通过实验，比较准确的测定了电子的电量C. 法拉第发现了磁场产生电流的条件和规律，总结出电磁感应定律D. 爱因斯坦认为发生光电效应时，若入射光频率一定，则光的强度越大，逸出光电子的最
2、大初动能越大【答案】B【解析】卢瑟福根据粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，选项A错误；密立根最早通过实验，比较准确的测定了电子的电量，选项B正确；英国物理学家法拉第发现了由磁场产生电流的条件，但是纽曼和韦伯先后总结电磁感应定律，故C错误爱因斯坦认为发生光电效应时，入射光频率越大，逸出光电子的最大初动能越大，选项D错误；故选B.2. 如图所示在足够长的光滑水平面上有一静止的质量为M=2的斜面，斜面表面光滑、高度为h、倾角为。一质量为m的小物块以一定的初速度沿水平面向右运动，不计冲上斜面过程中机械能损失。如果斜面固定，则小物块恰能冲到斜面顶端。如果斜面不固定，则小物块冲上斜面后能到达的最大高度
3、为A. h/3 B. h/2 C. 2h/3 D. h【答案】C【解析】斜面固定时，由动能定理得：-mgh=0-mv02，所以v0 ；斜面不固定时，由水平方向动量守恒得：mv0=（M+m）v，由机械能守恒得：mv02= (M+m)v2+mgh；解得：故选C.3. 如图所示，一质量为M=2kg、倾角为=45的斜面体放在光滑水平地面上，斜面上叠放一质量为m=1kg的光滑楔形物块，物块在水平恒力F作用下与斜面体一起恰好保持相对静止地向右运动。重力加速度为g=10m/s2。下列判断正确的是A. 物块对斜面的压力大小FN=5NB. 斜面体的加速度大小为a=5m/s2C. 水平恒力大小F=10ND. 若水
4、平作用力F作用到M上系统仍保持相对静止，则F将变小【答案】B【解析】对M、m整体分析，受重力、支持力和推力，根据牛顿第二定律，有：水平方向：F=（M+m）a竖直方向：N=（M+m）g再对M分析，受重力、压力N1、支持力，根据牛顿第二定律，有：水平方向：N1sin=Ma竖直方向：N1cos+Mg=N联立解得： N1= 则选项B正确，AC错误；若水平作用力F作用到M上系统仍保持相对静止，则对整体：F=（M+m）a；对m：mgtan450=ma，解得F=（M+m）g=30N，即F变大，选项D错误；故选B.点睛：本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件并结合正交分解法列式后
5、联立求解4. 中国计划2020年发射火星探测器，科学家近日透露采取“硬着陆”，在火星探测器着陆的最后阶段，着陆器降落到火星表面上，再经过多次弹跳才停下来。假设着陆器第一次落到火星表面弹起后，到达最高点时高度为h，速度方向是水平的，速度大小为v0，然后第二次下落。已知火星某卫星的圆形轨道半径为r，周期为T，火星可视为半径为r0的均匀球体，不计火星大气阻力。则A. 火星的第一宇宙速度为B. 火星的密度为C. 着陆器第二次下落的时间为D. 着陆器第二次下落的着地速度为【答案】D【解析】火星的第一宇宙速度是指围绕火星表面做圆周运动的速度，轨道半径为r0，则火星的第一宇宙速度不等于，选项A错误；火星的一
6、个卫星根据万有引力提供向心力，有：，解得：；火星的密度：，选项B错误；因v0是在最高点的水平速度，则第二次着地时竖直方向的平均速度不一定为，则落地时间不一定是，选项C错误；火星表面的物体重力等于万有引力，有：，解得：,第二次落到火星表面时速度的大小为： ，选项D正确；故选D.点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及最小的发射速度等于贴近星球表面做匀速圆周运动的速度5. 如图装置可粗略测定磁感应强度。原理如图所示，有一水平的圆柱状金属导体，它的横截面半径为r，放在垂直水平面向里的匀强磁场中，现导体中通有沿如图方向、大小为的电流。已知金属导体单位体积中的自由电子数为n
7、，电子电荷量为e，金属导电过程中，自由电子所做的定向移动可视为匀速运动。两电极a、b均与导体上、下两侧接触良好，用电压表测出两电极间的电势差为U。则磁感应强度的大小和电极a、b的正负为A. ，下正、上负B. ，下正、上负C. ，上正、下负D. ，上正、下负【答案】A【解析】根据左手定则可知，电子受洛伦兹力向上，则a为负，b为正；根据I=neSv，S=r2，平衡时：，解得：，故选A.点睛：解决本题的关键会利用左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道稳定时电荷所受的洛伦兹力和电场力平衡6. 如图所示，半径为r且水平放置的光滑绝缘的环形细管道内有一带电粒子。此装置放在匀强磁场中，其磁感应强度随时间变化的
8、关系式为B=B0+kt(k0)。根据麦克斯韦电磁场理论，均匀变化的磁场将产生稳定的电场，该感应电场对带电粒子将有沿圆环切线方向的作用力。粒子转动一周后的磁感应强度为B1，则A. 此装置产生的感生电动势为(B1B0)r2B. 此装置产生的感生电动势为kr2C. 感应电场的方向沿逆时针D. 粒子转动过程中一定是洛伦兹力提供向心力【答案】BC【解析】根据法拉第电磁感应定律得：感生电动势大小为 E电=r2=kr2，选项A错误，B正确；根据楞次定律可知，电场方向逆时针，选项C正确；感应电场对带电粒子将有沿圆环切线方向的作用力，使得粒子的速度逐渐变大，则圆形管道将对粒子产生压力，故管道的压力和洛伦兹力的合
9、力提供向心力，选项D错误；故选BC。7. 为检测某新能源动力车的刹车性能，如图所示是一次在平直公路上实验时，动力车整个刹车过程中位移与速度平方之间的关系图象，下列说法正确的是A. 动力车的初速度为20m/sB. 刹车过程动力车的加速度大小为5m/s2C. 刹车过程持续的时间为10sD. 刹车过程经过6s时动力车的位移为30m【答案】AB【解析】根据0-v2=2ax得，可知，解得刹车过程中加速度大小a=5m/s2，由图线可知，汽车的初速度为v02=400，则v0=20m/s，选项AB正确；则刹车过程持续的时间，故C错误刹车过程中6s内的位移等于4s内的位移，则，故D错误故选AB点睛：本题考查了运
10、动学公式和图象的综合，关键理清图象斜率表示的物理意义，注意汽车速度减为零后不再运动8. 如图所示，光滑绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与x轴平行，现有一个质量为0.1kg，电荷量为2.0108C的滑块P(可看做质点)，仅在电场力作用下由静止沿x轴向左运动。电场力做的功W与物块坐标x的关系用图中曲线表示，图中斜线为该曲线过点(0.3，3)的切线。则下列说法正确的是A. 此电场一定是匀强电场B. 电场方向沿x轴的正方向C. 点x=0.3m处的场强大小为1.0105N/CD. x=0.3m与x=0.7m间的电势差是100V【答案】BD【解析】根据W=Eqx可知，滑块B
11、向左运动的过程中，随x的增加图线的斜率逐渐减小，则场强逐渐减小，此电场一不是匀强电场，选项A错误；滑块B向左运动的过程中，电场力对带负电的电荷做正功，则电场方向沿x轴的正方向，选项B正确；点x=0.3m处的场强大小为，则 ，选项C错误；x=0.3m与x=0.7m间，电场力做功为W=210-6J，可知电势差是，选项D正确；故选BD.9. 图为测量物块与斜面之间动摩擦因数的实验装置示意图。实验步骤如下用游标卡尺测出遮光片的宽度dl；用刻度尺测出两光电门之间的距离s；让物块从光电门A的上方某位置由静止释放，测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间tA和tB；根据上述实验数据求出动摩擦因数。回答下列
12、问题：(1)测量d时，某次游标卡尺(主尺的最小分度为1mm)的示数如图所示，其读数为_cm。 (2)已知重力加速度大小为g，为求出动摩擦因数，还必须测量的物理量是_(填正确答案标号)A.物块的质量m B.斜面的高度h C.斜面的倾角(3)摩擦因数可用上述已知量、测量量和重力加速度g表示为=_。(均用字母表示)【答案】 (1). 0.960 (2). C (3). 【解析】（1）游标卡尺读数为：0.9cm+0.05mm12=0.960cm.（2）滑块经过两个光电门的速度分别为， 根据以及可得 可知还必须测量的物理量是斜面的倾角，故选C.（3）由（2）可知：点睛：本题考查了游标卡尺读数、求加速度、
13、求动摩擦因数等问题；主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数，游标卡尺不需要估读应用速度公式、匀变速运动的速度位移公式即可正确解题10. 某多用电表欧姆挡的内部电路如图虚线框内所示，小明同学将电阻箱和电压表并联后接在两表笔a、b上，欲用图示的电路测量欧姆档“1”时多用电表内部的电阻r(远小于电压表的内阻)和电池的电动势E。实验的主要步骤为： (1)表笔b为_(填“红表笔”或“黑表笔”)。将选择开关转至欧姆挡“1”，将红黑表笔短接，调节_，使指针指在_(填“左”或“右”)侧零刻度处。(2)改变电阻箱R的阻值，分别读出6组电压表和电阻箱的示数U、R，将、的值算出并记录在表格中，作出-图线如图所示。 (
14、3)根据图线得到电动势E=_V，内电阻r=_。(结果保留三位有效数字)(4)由于电压表的分流作用，多用电表内部电池的电动势的测量值比真实值_(填“大”或“小”)。【答案】 (1). 黑表笔 (2). 调零旋钮 (3). 右 (4). 1.46 (5). 15.4 (6). 小【解析】（1）表笔b内部接电源的正极，则为黑表笔。将选择开关转至欧姆挡“1”，将红黑表笔短接，调节调零旋钮，使指针指在右侧零刻度处。（2）由闭合电路欧姆定律可知：E=U+r；变形得： ；可知，图象与纵坐标的交点为，则电源的电动势故E=1.47V；图象的斜率表示r/E，则，则r=101.47=14.7（3）当R为无穷大即为不
15、接电阻箱时电压表的示数为多用电表内部电池的电动势的测量值，而电压表两端的电压等于电动势的真实值减去多用电表的内电压，所以多用电表内部电池的电动势的测量值比真实值小11. 如图所示，在粗糙水平轨道OO1上的O点静止放置一质量m=0.25kg的小物块，它与水平轨道间的动摩擦因数=0.4，O O1的距离s=4m。在O1右侧固定了一半径R=0.32m的光滑的竖直半圆弧，现用F=2N的水平恒力拉动小物块，一段时间后撤去拉力。g=10m/s2)求：(1)为使小物块到达O1，求拉力F作用的最短时间；(2)若将拉力变为F1，使小物块由O点静止运动至OO1的中点位置撤去拉力，恰能使小物块经过半圆弧的最高点，求F
16、的大小。【答案】（1）1s（2）3N解得x=2m由牛顿第二定律：F-mg=ma解得a=4m/s2由运动公式：x=at2解得t=1s（2）设小物块到达O1点的速度为v2刚好到达最高点时的速度为v,由牛顿第二定律：mg=m由机械能守恒定律： 在水平轨道上运动，应用动能定理： 解得F1=3N12. 如图所示，在水平面内，OC与OD间的夹角=30，OC与OD间有垂直纸面向外的匀强磁场I，磁感应强度大小为B1=B0，OA与OC间的夹角=45，OA与OC间有垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为m带负电荷的粒子q(不计重力)从M点沿与OD方向成60角的方向射入磁场I，并刚好垂直于OC离开磁场进入磁场，且粒子刚好
17、能从OA边飞出。求：(1)粒子经过匀强磁场所用的时间；(2)匀强磁场的磁感应强度B2大小；(3)在OD边下方一圆形区域内(未画出)存在竖直方向的匀强电场，电场强度大小为E，粒子以初速度v0垂直60于电场线方向射入电场，飞经电场后再从M点沿与OD方向成60角进入磁场，则圆形电场区域的最小面积S。【答案】（1）(2) （3）【解析】（1）带电粒子在磁场中偏转如图，由几何关系可知，粒子在区运动的圆心角为600，由： 解得： （2）由题意知，粒子的运动轨迹如图，设粒子在磁场内运动的轨道半径为R1，在磁场内的轨道半径为R2，由几何关系可知： 解得： 又由 解得：解得（3）由题意可知，带电粒子在圆形电场中
18、做类平抛运动，在水平方向：x=v0t；竖直方向：y=at2vy=at根据牛顿第二定律： 在M点速度的合成与分解有：vy=v0tan2粒子在电场中的位移： 圆的面积： 联立解得： 13. 一定量的理想气体从状态a开始，经历等温或等容过程ab、bc、cd、a回到原状态，其V一T图象如图所示，其中对角线ac的延长线过原点O。下列判断正确的是_。A.气体在a、C两状态的压强相等B.气体在状态b时压强小于状态d时的压强C.气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能D.在过程cd中气体从外界吸收的热量大于气体对外界做的功E.在过程bc中气体向外界放出的热量等于在过程da中气体从外界吸收的热量【答案】ACE
19、【解析】根据，则可知，因对角线ac的延长线过原点O，可知气体在a、c两状态的压强相等，选项A正确；V-T线的斜率的倒数与压强成正比，可知气体在状态b时压强大于状态d时的压强，选项B错误；气体在状态a时的温度大于它在状态c时的温度，则气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能，选项C正确；在过程cd中气体的温度不变，体积变大，则内能不变，则气体从外界吸收的热量等于气体对外界做的功，选项D错误；在过程bc中气体体积不变，温度降低，内能减小，气体向外界放出热量；在过程da中气体体积不变，温度升高，内能增加；过程bc中气体温度降低的值等于过程da中气体温度升高的值，则两过程中内能的变化相同，即在过程b
20、c中气体向外界放出的热量等于在过程da中气体从外界吸收的热量，选项E正确；故选ACE.14. 如图所示为农村家用液化气用完后罐装示意图，两个导热性能良好的完全相同的钢瓶，甲装有36L的液体和4L、6个大气压的高压气体；乙内有一个大气压的40L气体(瓶内液化气用完后仍有少量残液，体积不计)；现将甲瓶倒置按如图所示连接，将甲瓶内液体缓慢压装到乙瓶中。(不计连接管道的长度和体积以及液体产生的压强)试分析在压装过程中随甲瓶内液体减少，甲内部气体内能如何变化?钢瓶甲吸热还是放热?甲瓶最多可向乙瓶内压装多少液体？【答案】（1）不变，吸热（2）12.5L【解析】（1）甲瓶内液体缓慢压装到乙瓶中，甲瓶内气体的
21、温度可认为不变，则内能不变；体积变大，对外做功，则气体吸热.（2）设甲内液体最多有xL进入乙瓶，乙瓶中气体灌装液体前，压强为P乙=1atm，体积为V1=40L；灌装后体积最小为V乙=（40-x）L此时乙瓶中压强与甲瓶中压强相等，均为P，由等温变化可知： 甲瓶中气体气压为P甲=6atm，体积为V甲=4L，结束后压强为P，体积为V甲=（40+x）L；由等温变化可得：联立解得x=12.5L15. 一列简谐横波在弹性介质中沿x轴正方向传播，波源位于坐标原点O，t=0时开始振动，4s时停止振动，5s时的波形如图所示，其中质点a的平衡位置与O的距离为5，0m。以下说法正确的是_。A.波速为2m/sB.波长
22、为6mC.波源起振方向沿y轴正方向D.3.04.0s内质点a沿y轴正方向运动E.04.0s内质点a通过的总路程为0.6m【答案】ADE【解析】由波形图可知，5s时波传到x=10m处，则，选项A正确；波长，选项B错误；由x=10m处的质点的振动可知，波源起振方向沿y轴负方向，选项C错误；因，则3.04.0s内质点a由最低点到最高点，即沿y轴正方向运动，选项D正确；振动传到质点a需时间，则04.0s内质点a振动了1.5s，因1.5s=，则通过的总路程为3A=0.6m，选项E正确；故选ADE.点睛：本题要知道振源停止振动后，机械波仍然向前传播，波传到哪点时起振的方向与振源起振的方向是相同的.16. 如图所示，ABC为折射率n=、顶角6=30的直角三棱镜的截面，P为竖直放置且平行于直线AB的光屏。一束单色平行光束射向AC面，经三棱镜折射后光线垂直照射在屏P上，已知AB=d。求：入射光线与AC面的夹角；入射光带的竖直宽度h。【答案】（1） (2) 几何关系：1=带入数据可得：i=600故由几何关系，入射光线与AC面夹角为=900-i求得=300 （2）光路如图，由几何关系：BC=dtan300C2C1=BCtan300；CC1=C2C-C2C1联立解得入射光带竖直宽度h=d点睛：本题的解题关键能正确作出光路图，根据几何知识求解入射角，再运用几何知识求解光屏P上形成的光带的宽度
