1、1在做“探究单摆的运动、用单摆测定重力加速度”的实验中，有人提出以下几点建议，其中对提高测量结果精确度有利的是()A适当加长摆线B质量相同、体积不同的摆球，应选用体积较大的C单摆偏离平衡位置的角度不能太大D当单摆经过平衡位置时开始计时，经过一次全振动后停止计时，用此时间间隔作为单摆振动的周期解析：选AC.在用单摆测重力加速度的实验中，摆线应适当长一些，以增大周期，便于测量；对质量相同的摆球，应选体积小的，以减小阻力的影响；单摆的摆角不可太大，以保证小球做简谐运动；应测量多次全振动的时间去求周期，以减小测量误差综上所述，对提高测量结果精确度有利的是A、C.2探究单摆的运动、用单摆测定重力加速度的
2、实验中，下列说法正确的是()A用单摆能够比较准确地测出当地的重力加速度，公式为gB公式是在小偏角下对单摆模型总结出来的，实验中要注意这些条件C设测量摆长时的绝对误差是l，相对误差，由此可知应该选择摆长很长的单摆进行实验，越长越好D设测n次全振动时间的绝对误差为t，周期的绝对误差T，由此可知应增大单摆的摆动次数，越多越好答案：AB3在“探究单摆的运动、用单摆测定重力加速度”的实验中：(1)用主尺最小分度为1 mm，游标上有20个分度的卡尺测量金属球的直径，结果如图1136甲所示，可以读出此金属球的直径为_ mm.图1136(2)某同学在利用单摆测重力加速度的实验中，测出多组摆长L与周期T的数据，
3、根据实验数据，作出了T2L的关系图象如图乙所示，根据图中数据，可算出重力加速度值为_ m/s2(29.86，结果保留三位有效数字)解析：(2)由T2所以g m/s29.86 m/s2.答案：(1)19.40(2)9.864石岩同学利用单摆测重力加速度，他用分度值为毫米的直尺测得摆线长为89.40 cm，用游标卡尺测得摆球直径如图1137所示，读数为_则该单摆的摆长为_cm.如果测得的g值偏大，可能的原因是_(填序号)图1137A计算摆长时用的是摆球的直径B开始计时时，停表晚按下C摆线上端末牢固系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加D实验中误将30次全振动记为31次解析：由图可知游标尺的读数为
4、100.05 mm0.5 mm0.05 cm，所以实际读数为D20.052.05 (cm)；摆长为Ll(89.401.025) cm90.425 cm；因g，如果测得的g值偏大，可能是因为摆长偏长、T偏小，A、B、D正确答案：2.05 cm90.425ABD5.图1138(2012高考天津卷)某同学用实验的方法探究影响单摆周期的因素(1)他组装单摆时，在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如图1138所示这样做的目的是_(填字母代号)A保证摆动过程中摆长不变B可使周期测量得更加准确C需要改变摆长时便于调节D保证摆球在同一竖直平面内摆动(2)他组装好单摆后
5、在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺从悬点量到摆球的最低端的长度L0.9990 m，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图1139所示，则该摆球的直径为_mm，单摆摆长为_m.图1139(3)下列振动图象真实地描述了对摆长约为1 m的单摆进行周期测量的四种操作过程，图中横坐标原点表示计时开始，A、B、C均为30次全振动的图象，已知sin50.087，sin150.26，这四种操作过程合乎实验要求且误差最小的是_(填字母代号)图11310解析：(1)用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线的目的是保证摆动过程中摆长不变，需要改变摆长时便于调节，A、C正确(2)根据游标卡尺读数规则，摆球直径为12.0 mm，单摆摆长为Ld/20.9990 m0.0060 m0.9930 m.(3)单摆测量周期，必须从平衡位置开始计时，且摆角小于10，所以合乎实验要求且误差最小的是A.答案：(1)AC(2)12.00.9930(3)A
