1、高二月考物理1试卷考试时间：90分钟；命题人： 审题人： 一、单选题(每题4分，共10题，共计40分)1关于电动势，下列说法正确的是（ ）A电动势与非静电力做的功成正比，与移送的电荷量成反比B电动势单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质上一样C铅蓄电池的电动势为2V，表示蓄电池在1s内将2J的化学能转变为电能D铅蓄电池（电动势为2V）将化学能转化为电能的本领比干电池（电动势为1.5V）大2关于欧姆表及其使用中的问题，下列说法中正确的（ ）A接欧姆表内电源负极的应是黑表笔B换挡后，都要重新调节调零电阻，使指针指向右边电阻“0”刻度处C表盘刻度最左边所表示的电阻阻值的零D表盘上所标明的电阻阻
2、值刻度是均匀的3某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( )A 加5V电压时，导体的电阻约是10 B加12V电压时，导体的电阻约是8C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小 D由图可知，该元件可能是定值电阻4有一只风扇，标有“U、P”，电动机线圈电阻为R，把它接入电压为U的电路中，以下几种计算电风扇发热量的方法，正确的是（ ）ABQ=PtCD5某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2两端的电压与电流的关系如图所示。用此电源和电阻R1、R2组成电路，R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路。下列说法正确的是（ ）A.将R1、R2串联后接到电源两端时，电源
3、的效率为80B.将R1、R2并联后接到电源两端时，电源的效率为80C.为使电源输出功率最大，可将R1单独接到电源两端D.为使电源输出功率最大，可将R2单独接到电源两端6如图所示电路中，电源的内阻为r，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面的判断不正确的是（ ）A变亮B. 变亮C. 变亮D. 路端电压变小7在如图所示的电路中，电源内阻不能忽略，当移动滑动变阻器滑片时，电流表示数变大，则A 滑片一定向左移动 B 电源的输出功率一定增大C 电源内部消耗的功率一定减小D 电源的效率一定减小8以下是欧姆表原理的电路示意图，正确的是()AB.CD9如图所示的电路中变阻器的最大阻值
4、大于电源的内阻。调节变阻器的阻值使其由大到小，发现理想电流表A的示数为1.5A时，电源的输出功率达到最大值9W。由此可知( )A.电源的内阻为4 B.电源的电动势为6VC.电源输出功率最大时，闭合电路的总电阻为4 D.该电路中，电源效率的最大值为50%10如图所示电路中的电源为恒流源或恒压源（不管外电路的电阻如何变化，它都能够提供持续的定值电流或定值电压）当滑动变阻器的滑动触头向上滑动时，电压表的读数变读数变化量的绝对值为U，电流表的读数变化量的绝对值为I，则下列说法正确的是( )A若电源为恒压源时，V示数增大，A示数减小B若电源为恒压源时，V示数不变，A示数增大C若电源为恒流源时，V示数增大
5、，A示数减小，.D若电源为恒流源时，V示数增大，A示数增大，二、多选题（每题4分，漏选的2分，错选得0分，共4个小题，共计16分）11下列说法正确的是( )A一个电阻和一根电阻为零的理想导线并联,总电阻为零B并联电路的总电阻一定小于并联各支路的电阻C在并联电路中,任意支路电阻增大或减小时,总电阻将随之增大或减小D电阻和阻值无穷大的电阻并联,总电阻为无穷大12某一热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，在一次实验中，将该热敏电阻与一小灯泡串联，通电后各自的电流I随所加电压U变化的图线如图所示，M为两元件的伏安特性曲线的交点则关于热敏电阻和小灯泡的下列说法正确的是()A图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线
6、a是热敏电阻的伏安特性曲线B图线a是小灯泡的伏安特性曲线，图线b是热敏电阻的伏安特性曲线C图线中的M点表示该状态小灯泡的电阻大于热敏电阻的电阻D图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等13用伏安法测电阻的实验，可以采用图示a、b两种方法把伏特表和安培表连入电路，这样测量出来的电阻值与被测电阻的真实阻值比较，下列正确的是（ ）A两种接法的测量值都小于真实值B采用a图接法，测量值小于真实值C采用b图接法，测量值大于真实值D两种接法的测量值都大于真实值14如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作，过了一会儿，电流表A的示数变为零若电路中故障发生在灯L、电阻R上 (L
7、.R可能同时发生故障)，用一根导线来判断电路故障，则下列判断正确的是()A将导线并联在R两端，电流表无示数，一定是L断路B将导线并联在L两端，电流表无示数，一定是R断路C将导线并联在R两端，电流表有示数，一定是R断路D将导线并联在L两端，电流表有示数，一定是L断路三、实验题15（9分）为了测定阻值约为 ，额定电流为0.5A的电阻器的电阻，现准备有下列器材：A电源E ：电动势E=6V、内阻不计；B电流表A1：量程为03A、内阻约为0.06；C电流表A2：量程为00.6A、内阻约为0.3；D电压表V1：量程为015V、内阻约为E电压表V2：量程05V、内阻约为；F、滑动变阻器R1 ：量程为020，
8、额定电流为3A的滑动变阻器；G、滑动变阻器R2 ：量程为0800，额定电流为0.5A的滑动变阻器；H、电键S和导线若干。(1)实验中要求通过待测电阻的电流能从0起逐渐增大，为尽可能较精确地测出该电阻的阻值，并且实验中，电表示数调节方便，电流表应选择_（填写器材前面的代码），电压表应选择_（填写器材前面的代码），滑动变阻器应选择_（填写器材前面的代码）。(2)在方框中画出符合要求的实验电路图_。16（6分）某同学欲测定一节干电池的电动势和内阻，已知选用的实验仪器如下：电压表 V (03V, Rv10k)电流表A （00.6A）滑动变阻器R（050, 2A）开关S、导线若干（1）为了测量干电池的电
9、动势和内阻，实验电路图应选择_（填序号）。（2）闭合开关，改变滑动变阻器滑片，进行测量，读出电压表和电流表的读数，画出对应的U-I图线如图所示，由图线可得该电池的电动势E=_V,内阻r=_ 。（结果保留两位小数） 四、解答题17（9分）如图所示的电路中，电源电动势为E=6V，内电阻为r=2，外电路电阻为R=10，闭合电键S后，求：(1)通过电阻R的电流强度I；(2)电阻R两端的电压U；(3)电阻R上所消耗的电功率P18（10分）如图所示，电阻R13，R26，电容器的电容C30F，电源电动势E10V内阻r1闭合开关S，电路中电流稳定后。（1）求R1两端的电压；（2）断开开关S后，直到电路中电流再
10、次稳定，求通过R1的总电荷量。19（10分）如图所示，电源电动势E=8V，内阻为r=0.5，“3V，3W”的灯泡L与电动机M串联接在电源上，灯泡刚好正常发光，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻R=1.5求：（1）通过电动机的电流；（2）电源的输出功率；（3）电动机的输出功率。高二物理1参考答案1D【解析】【详解】A电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，与非静电力做功W的大小以及移送电荷量q的大小无关.故A错误B电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电势差、电势是描述电场能的性质的物理量，三者的本质不同.故B错误；C铅蓄电池的电动势为2V，表
11、示非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功为2J，即电能增加2J，与时间无关，故C错误D电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大本领越大.所以D正确.2B【解析】【分析】欧姆表内部有电源，刻度盘不均匀，每次换挡都要短接调零，欧姆表的零刻度在最右边；【详解】A、欧姆表内部有电源，与被测电阻组成了闭合回路，为使指针从左向右移动，则电源负极的应是红表笔相连，故A错误；B、每次换挡后都必须重新进行短接调零，故B正确；C、表盘刻度最左边表示电流为零，而电阻阻值则为无穷大，故C错误；D、根据闭合电路欧姆定律可知电路中的电流为：，电流与电阻不成反比，所以
12、刻度盘上的刻度是不均匀的，左边密右边疏，故D错误。【点睛】本题考查了欧姆表的构造和使用方法，是实验的基本考查仪器，要重点掌握。3B【解析】【详解】A. 当U=5V时，由图知电流为I=1.0A，则导体的电阻故A项与题意不相符；B. 当U=12V时，由图知电流为I=1.5A，则导体的电阻故B项与题意相符；CD. 由图知，随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率减小，此斜率等于电阻的倒数，则知导体的电阻不断增大，所以随着电压的增大导体的电阻不断增大，故CD项与题意不相符。4C【解析】【详解】AD.电风扇正常工作时产生的热量是由于内阻发热产生的，所以每分钟产生的热量为，由于是非纯电阻电路，故，故，故
13、AD错误；B.电风扇的功率为P，求解的是消耗的电能，不是发热量，故B错误；C.由于故故C正确，D错误。5C【解析】【详解】A.根据题图可知，电源的电动势为E=3V，内阻 ，根据知，两定值电阻的阻值分别为 R1=0.5，R2=1将R1、R2串联后接到电源两端时，电源的效率为，故A错误；B.外电阻越大，电源的效率越高，因为R1、R2并联后的电阻小于将它们串联后的电阻，可知，将R1、R2并联后接到电源两端时，电源的效率小于75%，故B错误；CD当外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，据此可知将R1单独接到电源两端时，电源输出功率最大，故C正确，D错误。6B【解析】【详解】A当滑片左移时，滑动变
14、阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大，即通过的电流变大，故L1变亮，A正确，不符合题意；B电路中总电流增大，故内电压及两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故变暗，B错误，符合题意；C因中电流减小，干路电流增大，故流过的电流增大，故变亮，C正确，不符合题意；D因总电流变大，则由可知，路端电压变小，D正确，不符合题意。7D【解析】假设滑动变阻器的滑片向左移动，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分电阻增大，外电路总电阻R增大，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流I减小，内电压减小，路端电压增大。电路中并联部分的电压U并=EI(r+R1)增大，电阻R2
15、的电流增大，电流表的示数IA=II2变小。由题意电流表示数变大，所以可知，滑动变阻器的滑片向右移动，干路电流I增大，电源的总功率P总=EI可知，P总增大。由于电源的内阻与外电阻的关系未知，不能判断电源的输出功率如何变化。I增大，由P内=I2r得知电源内部消耗功率一定增大。电源的效率=UI/EI=U/E，根据分析可知，路端电压U减小，电动势E不变，所以电源的效率一定减小。故D正确，ABC错误。故选：D。8C【解析】欧姆表的内部结构，要注意黑表笔与电源正极相连，电流从表头正接线柱流入。红表笔应接电源的负极，黑表笔应接电源的正极，故A错；选项B的欧姆表中没有可调电阻，故B错；选项D电流表的负极接到了
16、电源的正极，故D错；综上分析， C对9A【解析】【详解】A.电源的输出功率达到最大时，设滑动变阻器的电阻值为R，则：P=I2R可得：，根据电源的输出功率最大的条件：外电阻与电源的内电阻相等可知，电源的内电阻也是4故A正确；B.电源的电动势：E=I（R+r）=1.5（4+4）=12V故B错误；C.电源输出功率最大时，闭合电路的总电阻为：R总=R+r=4+4=8故C错误；D.电源的效率=100%，随外电阻的变化而变化，外电阻越大，则效率越大，可以大于50%故D错误.10C【解析】【详解】滑动变阻器的滑动触头向上滑动时，变阻器接入电路的阻值增大。若电源为恒压源时，电压表示数不变，电阻增大，电流变小，
17、电阻R2两端的电压减小，并联部分的电压增大，流过电阻R1的电流增大，因总电流减小，电流表示数减小，故AB错误；电源为恒流源时，电路中总电流不变，变阻器向上滑动，总电阻增大，电压表示数增大，因电流不变，电阻R2两端的电压不变，并联部分的电压增大，电阻R1中的电流增大，总电流不变，所以电流表示数减小，电阻R2两端电压不变，电阻R1两端电压的变化量等于电压表的变化量U，因总电流不变，所以电流表示数的变化量等于电阻R1的电流的变化量，所以有，故C正确，D错误。11ABC【解析】【分析】并联电路总电阻的倒数等各支路电阻倒数之和，根据并联电路的规律列式分析【详解】一个电阻和一根无电阻的理想导线并联时，该电
18、阻被短路，则总电阻为零。故A正确。根据并联电路的规律有：则知，得R并Rn，即并联电路的总电阻都小于任一支路的电阻。故B正确。若Rn增大，增大，则并联总电阻R并增大，故C正确；电阻R和阻值无穷大的电阻并联，总电阻为R，故D错误。故选ABC。【点睛】解决本题的关键掌握电阻总电阻与支路电阻的关系，根据数学知识进行分析，其结论要理解记住：总电阻与支路的关系是同增同减12AD【解析】由于小灯泡的电阻随温度的升高而增大，热敏电阻的电阻随温度的升高而减小，所以图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线a是热敏电阻的伏安特性曲线，选项A正确，B错误图线中的M点表示该状态小灯泡的电阻等于热敏电阻的电阻，选项C错误图线中
19、M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等，选项D正确；故选AD13BC【解析】【分析】两种接法都有误差：a图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过R的电流，还包括了电压表的电流；b图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是电阻R 的电压，还包括了电流表的分压，要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小【详解】a图接法：电流表的示数为通过电阻的电流和电压表的电流之和，即 I=IR+IV 电压表的示数U是R两端电压的真实值，则，故B正确；b图接法：电压表的示数为R两端的电压和安培表两端的电压之和，即U=UR+UA 电流表的示数I是通过R的真实值，则，故C正确，AD错误，故选BC.
20、【点睛】待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法测量值偏大待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小14CD【解析】【详解】A.电流表A的示数变为零，说明电路故障为断路。将导线与用电器并联进行检测时，若电流表有示数，说明与导线并联的用电器断路；若电流表无示数，说明另一个用电器断路或两个用电器都断路。若将导线并联在R两端，电流表无示数，则可能是L断路，也可能是R、L都断路，故选项A错误；B.若将导线并联在L两端，电流表无示数，则可能是R断路，也可能是R、L都断路，故选项B错误；C.若将导线并联在R两端，电流表有示数，则一定是R
21、断路，选项C正确；D.若将导线并联在L两端，电流表有示数，则一定是L断路，选项D正确.15C E F 【解析】【详解】(1)123电源电动势为6V，电压表需要选择E，待测电阻的额定电流为0.5A，电流表应选择C；待测阻值约为，为方便实验操作，滑动变阻器应选择F；(2)4由题意可知，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示：【点睛】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图，要掌握实验器材的选择原则：安全性原则、精确性原则、方便实验操作原则；根据题意确定滑动变阻器与电流表接法是设计实验电路的关键。16（1）B （2）1.50（
22、1.491.51） 0.83（0.810.85） 【解析】【详解】电路图选B。根据图象可知，r=0.8317（1）0.5A（2）5V（3）2.5W【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律得通过电阻R的电流强度为：（2）电阻R两端的电压为：U=IR=0.510V=5V（3）电阻R上所消耗的电功率为：P=I2R=0.5210W=2.5W18（1）闭合开关S，R1两端的电压是3V；（2）将开关S断开流过R1的总电荷量是1.2104C。【解析】【分析】(1)闭合开关S，稳定后电容器相当于开关断开，两个电阻串联，根据全电路欧姆定律求解即可流过电源的电流，然后由欧姆定律求出电压；(2)闭合开关S，电容器的电压等
23、于R2两端电压，由欧姆定律求出电容器的电压。开关S断开时，电容器的电压等于电源的电动势。由Q=CU求解电容器电量的增加量，即为将开关S断开，流过R1的总电荷量。【详解】(1) 闭合开关S，据全电路欧姆定律得： R1两端的电压为：U1=IR1=13V=3V；(2) 闭合开关S，电容器的电压等于R2两端电压，为：U2=IR2=16V=6V电容器两端的电压变化量为：U=E-U1=4V过R1的总电荷量为：Q=CU=3010-64C=1.210-4C。【点睛】本题是含容电路，关键确定电容器的电压。知道电路稳定时电容器的电压等于与之并联的电路两端的电压。19（1）1A；（2）75W；（3）3W【解析】试题分析：（1）灯泡L正常发光，通过灯泡的电流，电动机与灯泡串联，通过电动机的电流IM=IL=1（A）；（2）路端电压：U=E-Ir=75（V），电源的输出功率：P=UI=75（W）；（3）电动机两端的电压UM=U-UL=45（V）；电动机的输出功率P输出=UMIM-IM2R=3W考点：电功率；闭合电路欧姆定律【名师点睛】此题考查了电功率及闭合电路欧姆定律的应用；注意电动机是非纯电阻电路，输出功率等于输入功率与热功率之差；要注意功率公式的适用条件。