1、双基限时练(十六)闭合电路的欧姆定律1图中电阻R1、R2、R3的阻值相等，电池的内阻不计开关S接通后流过R2的电流是S接通前的()A. B.C. D.解析此题考查欧姆定律及电阻的串、并联设电源电动势为E，R1R2R3R，则S接通时，I2，S断开时，I2，所以，故B选项正确答案B2将电阻R1和R2分别单独与同一电源相连，在相同的时间内，两电阻发出的热量相同，则电源内阻应为()A. B.C. D.解析由题意知2R12R2，整理得r.答案C3.如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，则()A电灯L更亮，电流表的示数减小B电灯L更亮，电流表的
2、示数增大C电灯L更暗，电流表的示数减小D电灯L更暗，电流表的示数增大解析当变阻器的滑片向b端滑动时，R1增大，总电流I减小，故电流表示数减小，U外EIr增大，灯泡消耗的功率P增大，灯L变亮，所以A选项正确答案A4在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器当R2的滑动触点在a端时合上开关，此时三个电表A1、A2和V的示数为I1、I2和U，现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是()AI1增大，I2不变，U增大BI1减小，I2增大，U减小CI1增大，I2减小，U增大DI1减小，I2不变，U减小解析本题考查电路结构、闭合电路欧姆定律及电
3、阻对电路的影响、电路的动态分析，R1、R2并联后再与R3串联，滑动变阻器R2触点由a向b滑动过程中，R2接入电路的电阻减小，电路的总电阻减小，则总电流I增大，路端电压U减小，R3两端电压增大，R1两端电压减小，故I1减小，I2II1，所以I2增大，故选项B正确答案B5如图所示电路，电源内阻不可忽略开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中()A电压表与电流表的示数都减小B电压表与电流表的示数都增大C电压表的示数增大，电流表的示数减小D电压表的示数减小，电流表的示数增大解析本题考查恒定电路的动态分析，考查学生对恒定电路规律的应用及分析问题的能力滑动变阻器R0的滑片向下滑动，R0接入电路的
4、电阻变小，电路的总电阻变小，总电流变大，电源的内电压变大，外电压变小，电压表的示数变小，R1两端的电压变大，R2两端的电压变小，电流表的示数变小，A选项正确答案A6如图所示，当R1触头向右移动时，电压表V1和V2的示数的变化分别为U1和U2(均取绝对值)，则U1和U2的大小关系为()A. U1U2B. U1U2C. U1P2 BP12 D12，选项C正确答案C9如图所示的电路中，闭合开关，灯L1、L2正常发光由于电路出现故障，突然发现灯L1变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小，根据分析，发生的故障可能是()AR1断路 BR2断路CR3短路 DR4短路解析把原电路改画为如图所示的电路，由于电流表示
5、数减小、灯L2变暗，可推知电路中的总电流减小，路端电压增大，表明外电阻增大，可排除R3、R4短路的可能又灯L1变亮、灯L2变暗，表明灯L1两端电压增大、灯L2两端电压减小，由欧姆定律可判断只能是R1发生断路答案A10如图所示的电路中E3 V，r0.5 ，R01.5 ，变阻器的最大阻值Rm10 .(1)当变阻器的阻值R_时，变阻器消耗的功率最大，为_W.(2)当变阻器的阻值R_时，电阻R0消耗的功率最大，为_W.解析(1)将R0归入内电阻，则当变阻器RR0r2 时，变阻器消耗的功率最大，此时I A变阻器消耗的功率PI2R2 W W1.125 W(2)电阻R0为定值电阻，当通过的电流最大时，它消耗
6、的功率最大，此时变阻器R0，I A1.5 AR0消耗的功率PI2R01.521.5 W3.375 W答案(1)21.125(2)03.37511在如图所示的电路中，电源的电动势E3.0 V，内阻r1.0 ；电阻R110 ，R210 ，R330 ，R435 ；电容器的电容C100 F.电容器原来不带电，求接通开关S后流过R4的总电量解析由电阻的并联公式，得闭合电路的总电阻为Rr，由欧姆定律得，通过电源的电流I电源的路端电压UEIr电阻R3两端的电压UU通过R4的总电量就是电容器的电量QCU 由以上各式并代入数据，解得Q2.0104 C答案2.0104 C12如图为电子秤的原理图，托盘和弹簧的电阻
7、与质量均不计滑动变阻器的滑动端与弹簧的上端连接，当托盘中没有放物体时，电压表示数为零设变阻器的总电阻为R，总长度为l，电源电动势为E，内阻为r，限流电阻阻值R0，弹簧劲度系数为k，不计一切摩擦和其他阻力，电压表为理想表当托盘上放上某物体时，电压表的示数为U，求此时称量物体的质量解析设物体质量为m，弹簧压缩量为x则kxmg当滑动变阻器的触头下移x时，电压表的示数UIx由闭合电路欧姆定律知，I由，得m答案13.如图所示，电路中电源电动势为E，内阻不计，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，板长为L.在A板的左端且非常靠近极板A的位置，有一质量为m、电荷量为q的小液滴以初速度v0水平向右射入两极板(重力加速度用g表示)，求：(1)若使液滴恰能沿v0方向射出电场，电动势E1应为多大？(2)若使液滴恰能从B板右端边缘射出电场，电动势E2应为多大？解析(1)若使液滴沿v0方向射出电场，则液滴在电场中做匀速直线运动，处于平衡状态，即mg由闭合电路欧姆定律，得E1I(RR)，UABIR解得E1(2)由于液滴能从B板右端边缘飞出，液滴在电场中做类平抛运动，有Lv0t，dat2，由牛顿第二定律，有mgma由欧姆定律，得UAB联立以上各式，解得E2答案(1)(2)