1、专题13 有机化合物1（2022浙江卷）下列说法不正确的是A油脂属于高分子化合物，可用于制造肥皂和油漆B福尔马林能使蛋白质变性，可用于浸制动物标本C天然气的主要成分是甲烷，是常用的燃料D中国科学家在世界上首次人工合成具有生物活性的蛋白质结晶牛胰岛素【答案】A【解析】A油脂的相对分子质量虽然较大，但比高分子化合物的相对分子质量小的多，油脂不是高分子化合物，A错误；B福尔马林是甲醛的水溶液，能使蛋白质发生变性，可用于浸制动物标本，B正确；C天然气是三大化石燃料之一，其主要成分是甲烷，是生产生活中常用的一种清洁燃料，C正确；D我国科学家合成的结晶牛胰岛素，是世界上首次人工合成的具有活性的蛋白质，蛋白
2、质的基本组成单位是氨基酸，D正确；答案选A。2（2022浙江卷）下列说法不正确的是A乙醇和丙三醇互为同系物B和互为同位素C和互为同素异形体D丙酮()和环氧丙烷()互为同分异构体【答案】A【解析】A结构相似，组成上相差若干个CH2原子团的有机化合物为同系物，乙醇(CH3CH2OH)是饱和一元醇，丙三醇是饱和三元醇，两者所含官能团数目不同，不互为同系物，A错误；B质子数相同、中子数不同的同种元素互为同位素，35Cl的质子数为17，中子数为18，37Cl的质子数为17，中子数为20，两者质子数相同、中子数不同，互为同位素，B正确；C由同种元素组成的不同的单质互为同素异形体，O2和O3是由氧元素组成的
3、不同的单质，两者互为同素异形体，C正确；D分子式相同、结构不同的化合物互为同分异构体，丙酮和环氧丙烷的分子式相同、结构不同，两者互为同分异构体，D正确；答案选A。3（2022浙江卷）下列说法不正确的是A植物油含有不饱和高级脂肪酸甘油酯，能使溴的四氯化碳溶液褪色B向某溶液中加入茚三酮溶液，加热煮沸出现蓝紫色，可判断该溶液含有蛋白质C麦芽糖、葡萄糖都能发生银镜反应D将天然的甘氨酸、丙氨酸、苯丙氨酸混合，在一定条件下生成的链状二肽有9种【答案】B【解析】A植物油中含有不饱和高级脂肪酸甘油酯，能与溴发生加成反应，因此能使溴的四氯化碳溶液褪色，A正确；B某溶液中加入茚三酮试剂，加热煮沸后溶液出现蓝紫色，
4、氨基酸也会发生类似颜色反应，则不可判断该溶液含有蛋白质，B错误；C麦芽糖、葡萄糖均含有醛基，所以都能发生银镜反应，C正确；D羧基脱羟基，氨基脱氢原子形成链状二肽，形成1个肽键；甘氨酸、丙氨酸、苯丙氨酸相同物质间共形成3种二肽，甘氨酸、丙氨酸、苯丙氨酸不同物质间形成6种二肽，所以生成的链状二肽共有9种，D正确；答案选B。4（2022广东卷）我国科学家进行了如图所示的碳循环研究。下列说法正确的是A淀粉是多糖，在一定条件下能水解成葡萄糖B葡萄糖与果糖互为同分异构体，都属于烃类C中含有个电子D被还原生成【答案】A【解析】A淀粉是由葡萄糖分子聚合而成的多糖，在一定条件下水解可得到葡萄糖，故A正确；B葡萄
5、糖与果糖的分子式均为C6H12O6，结构不同，二者互为同分异构体，但含有O元素，不是烃类，属于烃的衍生物，故B错误；C一个CO分子含有14个电子，则1molCO中含有146.021023=8.4281024个电子，故C错误；D未指明气体处于标况下，不能用标况下的气体摩尔体积计算其物质的量，故D错误；答案选A。5（2022浙江卷）染料木黄酮的结构如图，下列说法正确的是A分子中存在3种官能团B可与反应C该物质与足量溴水反应，最多可消耗D该物质与足量溶液反应，最多可消耗【答案】B【解析】A根据结构简式可知分子中含有酚羟基、羰基、醚键和碳碳双键，共四种官能团，A错误；B含有碳碳双键，能与HBr发生加成
6、反应，B正确；C酚羟基含有四种邻位或对位H，另外碳碳双键能和单质溴发生加成反应，所以最多消耗单质溴5mol，C错误；D分子中含有3个酚羟基，所以最多消耗3molNaOH，D错误；答案选B。6（2022湖南卷）聚乳酸是一种新型的生物可降解高分子材料，其合成路线如下：下列说法错误的是AB聚乳酸分子中含有两种官能团C乳酸与足量的反应生成D两分子乳酸反应能够生成含六元环的分子【答案】B【解析】A根据氧原子数目守恒可得：3n=2n+1+m，则m=n-1，A正确；B聚乳酸分子中含有三种官能团，分别是羟基、羧基、酯基，B错误；C1个乳酸分子中含有1个羟基和1个羧基，则1mol乳酸和足量的Na反应生成1mol
7、 H2，C正确；D1个乳酸分子中含有1个羟基和1个羧基，则两分子乳酸可以缩合产生含六元环的分子（），D正确；故选B。1（2021浙江）制备苯甲酸甲酯的一种反应机理如图(其中Ph-代表苯基)。下列说法不正确的是A可以用苯甲醛和甲醇为原料制备苯甲酸甲酯B反应过程涉及氧化反应C化合物3和4互为同分异构体D化合物1直接催化反应的进行【答案】D【详解】A由图中信息可知，苯甲醛和甲醇分子在化合物2的催化作用下，参与催化循环，最后得到产物苯甲酸甲酯，发生的是酯化反应，故A项正确；B由图中信息可知，化合物4在H2O2的作用下转化为化合物5，即醇转化为酮，该过程是失氢的氧化反应，故B项正确；C化合物3和化合物4
8、所含原子种类及数目均相同，结构不同，两者互为同分异构体，故C项正确；D由图中信息可知，化合物1在NaH的作用下形成化合物2，化合物2再参与催化循环，所以直接催化反应进行的是化合物2，化合物1间接催化反应的进行，故D项错误；综上所述，说法不正确的是D项，故答案为D。2（2021湖南）己二酸是一种重要的化工原料，科学家在现有工业路线基础上，提出了一条“绿色”合成路线：下列说法正确的是A苯与溴水混合，充分振荡后静置，下层溶液呈橙红色B环己醇与乙醇互为同系物C己二酸与溶液反应有生成D环己烷分子中所有碳原子共平面【答案】C【详解】A.苯的密度比水小，苯与溴水混合，充分振荡后静置，有机层在上层，应是上层溶
9、液呈橙红色，故A错误；B环己醇含有六元碳环，和乙醇结构不相似，分子组成也不相差若干CH2原子团，不互为同系物，故B错误；C己二酸分子中含有羧基，能与NaHCO3溶液反应生成CO2，故C正确；D环己烷分子中的碳原子均为饱和碳原子，与每个碳原子直接相连的4个原子形成四面体结构，因此所有碳原子不可能共平面，故D错误；答案选C。3（2021浙江）关于油脂，下列说法不正确的是A硬脂酸甘油酯可表示为B花生油能使酸性高锰酸钾溶液褪色C植物油通过催化加氢可转变为氢化油D油脂是一种重要的工业原料，可用于制造肥皂、油漆等【答案】A【详解】A硬脂酸为饱和高级脂肪酸，其结构可以表示为：，硬脂酸甘油酯可表示为：，A错误
10、；B花生油是含有较多的不饱和高级脂肪酸甘油酯，含有碳碳双键可以使酸性高锰酸钾褪色，B正确；C花生油是含有较多的不饱和高级脂肪酸甘油酯，可以和氢气发生加成反生成氢化植物油，C正确；D油脂是一种重要的工业原料，在碱性条件下水解发生皂化反应制造肥皂，D正确；答案为：A。4（2021浙江）关于有机反应类型，下列判断不正确的是A(加成反应)B(消去反应)C(还原反应)D(取代反应)【答案】C【详解】A在催化剂作用下，乙炔与氯化氢在共热发生加成反应生成氯乙烯，故A正确；B2溴乙烷在氢氧化钾醇溶液中共热发生消去反应生成丙烯、溴化钾和水，故B正确；C在催化剂作用下，乙醇与氧气共热发生催化氧化反应生成乙醛和水，
11、故C错误；D在浓硫酸作用下，乙酸和乙醇共热发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，酯化反应属于取代反应，故D正确；故选C。5（2021浙江）下列表示不正确的是A乙炔的实验式B乙醛的结构简式C2，3-二甲基丁烷的键线式D乙烷的球棍模型【答案】A【详解】A乙炔的分子式为C2H2，实验式为CH，故A错误；B乙醛的分子式为C2H4O，结构简式为CH3CHO，故B正确；C2，3二甲基丁烷的结构简式为(CH3)2CHCH(CH3)2，键线式为，故C正确；D乙烷的结构简式为CH3 CH3，球棍模型为，故D正确；故选A。6（2021浙江）下列说法不正确的是A联苯()属于芳香烃，其一溴代物有2种B甲烷与氯气在光照下发生自
12、由基型链反应C沥青来自于石油经减压分馏后的剩余物质D煤的气化产物中含有CO、H2和CH4等【答案】A【解析】A由联苯()的分子结构可知，其分子由2个苯基直接相连，故其属于芳香烃；根据对称分析法可知，其一溴代物共有3种，A说法不正确；B甲烷与氯气在光照下发生反应，氯气分子先吸收光能转化为自由基氯原子，然后由氯原子引发自由基型链反应，B说法正确；C石油经常压分馏后可以得到的未被蒸发的剩余物叫重油，重油经经减压分馏可以得到重柴油、石蜡、燃料油等，最后未被气化的剩余物叫沥青，C说法正确；D煤的气化是指煤与水蒸气在高温下所发生的反应，其产物中含有CO、H2和CH4等，D说法正确。综上所述，本题选A。7（
13、2021浙江）有关 的说法不正确的是A分子中至少有12个原子共平面B完全水解后所得有机物分子中手性碳原子数目为1个C与FeCl3溶液作用显紫色D与足量NaOH溶液完全反应后生成的钠盐只有1种【答案】C【解析】A与苯环碳原子直接相连的6个原子和苯环上的6个碳原子一定共平面，故该分子中至少12个原子共平面，A正确；B该物质完全水解后所得有机物为，其中只有与NH2直接相连的碳原子为手性碳原子，即手性碳原子数目为1个，B正确；C该物质含有醇羟基，不含酚羟基，与FeCl3溶液作用不会显紫色，C错误；D与足量NaOH溶液完全反应生成和Na2CO3，生成的钠盐只有1种，D正确；答案选C。8（2021广东）昆
14、虫信息素是昆虫之间传递信号的化学物质。人工合成信息素可用于诱捕害虫、测报虫情等。一种信息素的分子结构简式如图所示，关于该化合物说法不正确的是A属于烷烃B可发生水解反应C可发生加聚反应D具有一定的挥发性【答案】A【详解】A根据结构简式可知，分子中含C、H、O，含碳碳双键和酯基，不属于烷烃，A错误；B分子中含酯基，在酸性条件或碱性条件下可发生水解反应，B正确；C分子中含碳碳双键，可发生加聚反应，C正确；D该信息素“可用于诱捕害虫、测报虫情”，可推测该有机物具有一定的挥发性，D正确；故选A。9（2021河北）苯并降冰片烯是一种重要的药物合成中间体，结构简式如图。关于该化合物，下列说法正确的是A是苯的
15、同系物B分子中最多8个碳原子共平面C一氯代物有6种(不考虑立体异构)D分子中含有4个碳碳双键【答案】B【详解】A苯的同系物必须是只含有1个苯环，侧链为烷烃基的同类芳香烃，由结构简式可知，苯并降冰片烯的侧链不是烷烃基，不属于苯的同系物，故A错误；B由结构简式可知，苯并降冰片烯分子中苯环上的6个碳原子和连在苯环上的2个碳原子共平面，共有8个碳原子，故B正确；C由结构简式可知，苯并降冰片烯分子的结构上下对称，分子中含有5类氢原子，则一氯代物有5种，故C错误；D苯环不是单双键交替的结构，由结构简式可知，苯并降冰片烯分子中只含有1个碳碳双键，故D错误；故选B。10（2021山东）立体异构包括顺反异构、对
16、映异构等。有机物M(2甲基2丁醇)存在如图转化关系，下列说法错误的是AN分子可能存在顺反异构BL的任一同分异构体最多有1个手性碳原子CM的同分异构体中，能被氧化为酮的醇有4种DL的同分异构体中，含两种化学环境氢的只有1种【答案】AC【分析】M()在浓硫酸作催化剂并加热条件下发生消去反应生成或，N与HCl发生加成反应生成L，L能发生水解反应生成M，则L的结构简式为。【详解】A顺反异构是指化合物分子中由于具有自由旋转的限制因素，使各个基团在空间的排列方式不同而出现的非对映异构现象，、都不存在顺反异构，故A错误；B手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，L的同分异构体结构及手性碳原子(用
17、*标记)为、，任一同分异构体中最多含有1个手性碳原子，故B正确；C当与羟基相连的碳原子上只有1个氢原子时，醇发生催化氧化反应生成酮，羟基取代戊烷同分异构体中含有2个氢原子的碳原子上1个氢原子即满足条件，满足条件的结构有：、，共3种，故C错误；D连接在同一碳原子上的氢原子等效，连接在同一碳原子上的甲基等效，由B项解析可知，L的同分异构体中，含有2种化学环境的氢原子的结构为，故D正确；综上所述，说法错误的是AC，故答案为：AC。11（2021河北）番木鳖酸具有一定的抗炎、抗菌活性，结构简式如图。下列说法错误的是A1mol该物质与足量饱和NaHCO3溶液反应，可放出22.4L(标准状况)CO2B一定
18、量的该物质分别与足量Na、NaOH反应，消耗二者物质的量之比为5：1C1mol该物质最多可与2molH2发生加成反应D该物质可被酸性KMnO4溶液氧化【答案】BC【详解】A根据分子的结构简式可知，1 mol该分子中含有1mol -COOH，可与溶液反应生成1mol，在标准状况下其体积为，A正确；B1mol分子中含5mol羟基和1mol羧基，其中羟基和羧基均能与Na发生置换反应产生氢气，而只有羧基可与氢氧化钠发生中和反应，所以一定量的该物质分别与足量反应，消耗二者物质的量之比为，B错误；C分子中含1mol碳碳双键，其他官能团不与氢气发生加成反应，所以1mol该物质最多可与发生加成反应，C错误；D
19、分子中含碳碳双键和羟基，均能被酸性溶液氧化，D正确；故选BC。12（2021天津高考真题）最理想的“原子经济性反应”是指反应物的原子全部转化为期望的最终产物的反应。下列属于最理想的“原子经济性反应”的是A用电石与水制备乙炔的反应B用溴乙烷与NaOH的乙醇溶液共热制备乙烯的反应C用苯酚稀溶液与饱和溴水制备2，4，6三溴苯酚的反应D用乙烯与氧气在Ag催化下制备环氧乙烷( )的反应【答案】D【解析】A用电石与水制备乙炔，还生成了氢氧化钙，原子没有全部转化为期望的最终产物，不属于最理想的“原子经济性反应”，故A错误；B用溴乙烷与NaOH的乙醇溶液共热制备乙烯，还生成了水和溴化钠，原子没有全部转化为期望
20、的最终产物，不属于最理想的“原子经济性反应”，故B错误；C用苯酚稀溶液与饱和溴水制备2，4，6三溴苯酚，还生成了溴化氢，原子没有全部转化为期望的最终产物，不属于最理想的“原子经济性反应”，故C错误；D用乙烯与氧气在Ag催化下制备环氧乙烷( )，原子全部转化为期望的最终产物，属于最理想的“原子经济性反应”，故D正确；故选D。13（2021北京高考真题）可生物降解的高分子材料聚苯丙生(L)的结构片段如下图。 已知：R1COOH+R2COOH +H2O下列有关L的说法不正确的是A制备L的单体分子中都有两个羧基B制备L的反应是缩聚反应CL中的官能团是酯基和醚键Dm、n、p和q的大小对L的降解速率有影响
21、【答案】C【解析】A合成聚苯丙生的单体为、，每个单体都含有2个羧基，故A正确；B根据题示信息，合成聚苯丙生的反应过程中发生了羧基间的脱水反应，除了生成聚苯丙生，还生成了水，属于缩聚反应，故B正确；C聚苯丙生中含有的官能团为：、，不含酯基，故C错误；D聚合物的分子结构对聚合物的降解有本质的影响，因此m、n、p、q的值影响聚苯丙生的降解速率，故D正确；故选C。14（2021北京高考真题）我国科研人员发现中药成分黄芩素能明显抑制新冠病毒的活性。下列关于黄芩素的说法不正确的是 A分子中有3种官能团B能与Na2CO3溶液反应C在空气中可发生氧化反应D能和Br2发生取代反应和加成反应【答案】A【解析】A根
22、据物质结构简式可知：该物质分子中含有酚羟基、醚键、羰基、碳碳双键四种官能团，A错误；B黄芩素分子中含有酚羟基，由于酚的酸性比NaHCO3强，所以黄芩素能与Na2CO3溶液反应产生NaHCO3，B正确；C酚羟基不稳定，容易被空气中的氧气氧化，C正确；D该物质分子中含有酚羟基，由于羟基所连的苯环的邻、对位有H原子，因此可以与浓溴水发生苯环上的取代反应；分子中含有不饱和的碳碳双键，可以与Br2等发生加成反应，D正确；故合理选项是A。15（2021辽宁高考真题）我国科技工作者发现某“小分子胶水”(结构如图)能助力自噬细胞“吞没”致病蛋白。下列说法正确的是 A该分子中所有碳原子一定共平面B该分子能与蛋白
23、质分子形成氢键C该物质最多能与反应D该物质能发生取代、加成和消去反应【答案】B【解析】A该分子中存在2个苯环、碳碳双键所在的三个平面，平面间单键连接可以旋转，故所有碳原子可能共平面，A错误； B由题干信息可知，该分子中有羟基，能与蛋白质分子中的氨基之间形成氢键，B正确； C由题干信息可知，该物质含有2mol酚羟基，可以消耗2molNaOH，1mol酚酯基，可以消耗2molNaOH，故最多能与反应，C错误； D该物质中含有酚羟基且邻对位上有H，能发生取代反应，含有苯环和碳碳双键，能发生加成反应，但没有卤素原子和醇羟基，不能发生消去反应，D错误；故答案为：B。16（2021辽宁高考真题）有机物a、
24、b、c的结构如图。下列说法正确的是 Aa的一氯代物有3种Bb是的单体Cc中碳原子的杂化方式均为Da、b、c互为同分异构体【答案】A【解析】A根据等效氢原理可知，a的一氯代物有3种如图所示：，A正确；Bb的加聚产物是：，的单体是苯乙烯不是b，B错误；Cc中碳原子的杂化方式由6个，2个sp3，C错误；Da、b、c的分子式分别为：C8H6，C8H6，C8H8，故c与a、b不互为同分异构体，D错误；故答案为：A。17（2021福建高考真题）豆甾醇是中药半夏中含有的一种天然物质，其分子结构如下图所示。关于豆甾醇，下列说法正确的是 A属于芳香族化合物B含有平面环状结构C可发生取代反应和加成反应D不能使酸性
25、溶液褪色【答案】C【解析】A该结构中不含苯环，不属于芳香族化合物，故A错误；B由结构简式可知，其所含的环状结构中大多数为饱和碳原子，饱和碳原子为四面体构型，因此形成的环状结构不是平面结构，故B错误；C该结构中含有碳碳双键能发生加成反应，含有醇羟基能发生酯化反应，酯化反应属于取代反应，故C正确；D碳碳双键和醇羟基均能被高锰酸钾溶液氧化使其褪色，故D错误；故选：C。18（2021湖北高考真题）氢化可的松乙酸酯是一种糖皮质激素，具有抗炎、抗病毒作用，其结构简式如图所示。有关该化合物叙述正确的是 A分子式为C23H33O6B能使溴水褪色C不能发生水解反应D不能发生消去反应【答案】B【解析】A由图可知该
26、化合物的分子式为，故A错误；B由图可知该化合物含有碳碳双键，能与溴发生加成反应而使溴水褪色，故B项正确；C由图可知该化合物含有酯基，能发生水解反应，故C错误；D由图可知该化合物含有羟基，且与羟基相连碳原子的邻位碳原子上连有氢原子，能发生消去反应，故D错误；故答案：B。19（2021湖北高考真题）聚醚砜是一种性能优异的高分子材料。它由对苯二酚和4，4二氯二苯砜在碱性条件下反应，经酸化处理后得到。下列说法正确的是 A聚醚砜易溶于水B聚醚砜可通过缩聚反应制备C对苯二酚的核磁共振氢谱有3组峰D对苯二酚不能与FeCl3溶液发生显色反应【答案】B【解析】A聚醚砜为缩聚反应得到的高分子化合物、不溶于水，A错
27、误；B聚醚砜是由单体对苯二酚和单体4，4二氯二苯砜通过缩聚反应制得，B项正确；C为对称结构，含有2种环境氢原子，苯环上4个H原子相同， 2个羟基上的H原子相同，所以对苯二酚在核磁共振氢谱中能出核磁共振谱有2组峰，C错误；D对苯二酚含有酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，D错误； 故选B。20（2021江苏高考真题）化合物Z是合成抗多发性骨髓瘤药物帕比司他的重要中间体，可由下列反应制得。 下列有关X、Y、Z的说法正确的是A1molX中含有2mol碳氧键BY与足量HBr反应生成的有机化合物中不含手性碳原子CZ在水中的溶解度比Y在水中的溶解度大DX、Y、Z分别与足量酸性KMnO4溶液反应所得芳香族化合物
28、相同【答案】D【解析】A1molX中含有1mol碳氧键，醛基中含有1个碳氧键，羟基中不含有碳氧键，A错误；BY与足量HBr反应生成的有机化合物中含手性碳原子， ，B错误；CZ中含有酯基不易溶于水，Y含有羧基合羟基易溶于水，Z在水中的溶解度比Y在水中的溶解小，C错误；DX、Y、Z分别与足量酸性KMnO4溶液反应所得芳香族化合物相同均为：，D正确；答案选D。21（2021海南高考真题）我国化工专家吴蕴初自主破解了“味精”的蛋白质水解工业生产方式。味精的主要成分为谷氨酸单钠盐。是谷氨酸(结构简式如下)的同分异构体，与谷氨酸具有相同的官能团种类与数目。下列有关说法正确的是 A谷氨酸分子式为B谷氨酸分子
29、中有2个手性碳原子C谷氨酸单钠能溶于水D的数目(不含立体异构)有8种【答案】CD【解析】A根据谷氨酸的结构简式，可知分子式为，故A错误；B谷氨酸分子( )中有1个手性碳原子(用*标出)，故B错误；C谷氨酸单钠属于钠盐，能溶于水，故C正确；D有(不含立体异构) 、 、 、 、 、 、 、 ，共8种，故D正确；选CD。 12020天津卷下列说法错误的是A淀粉和纤维素均可水解产生葡萄糖B油脂的水解反应可用于生产甘油C氨基酸是组成蛋白质的基本结构单元D淀粉、纤维素和油脂均是天然高分子【答案】D【解析】A.淀粉和纤维素都属于多糖，两者水解的最终产物都为葡萄糖，A正确；B.油脂在酸性条件下水解成高级脂肪酸
30、和甘油，在碱性条件下水解成高级脂肪酸盐和甘油，则油脂的水解反应可用于生产甘油，B正确；C.氨基酸中含有氨基和羧基，氨基酸可以通过缩聚反应形成蛋白质，蛋白质水解最终生成氨基酸，故氨基酸是组成蛋白质的基本结构单元，C正确；D.天然高分子的相对分子质量是上万，淀粉和纤维素都是天然高分子，而油脂的相对分子质量还不到1000，故油脂不属于高分子，D错误；答案选D。22020天津卷关于的说法正确的是A分子中有3种杂化轨道类型的碳原子B分子中共平面的原子数目最多为14C分子中的苯环由单双键交替组成D与Cl2发生取代反应生成两种产物【答案】A【解析】ACH3的碳原子有4个键，无孤对电子，是sp3杂化，苯环上的
31、碳原子有3个键，无孤对电子，是sp2杂化，CCH的碳原子有2个键，无孤对电子，是sp杂化，因此分子中有3种杂化轨道类型的碳原子，故A正确；B根据苯中12个原子共平面，乙炔中四个原子共直线，甲烷中三个原子共平面，因此分子中共平面的原子数目最多为15个(甲基中碳原子和其中一个氢原子与其他原子共面)，故B错误；C分子中的苯环中碳碳键是介于碳碳单键和双键之间独特的键，故C错误；D与Cl2发生取代反应，取代甲基上的氢有一种产物，取代苯环上的氢有四种产物，因此取代反应生成五种产物，故D错误。综上所述，答案为A。32020浙江7月选考下列说法不正确的是( )A相同条件下等质量的甲烷、汽油、氢气完全燃烧，放出
32、的热量依次增加B油脂在碱性条件下水解生成的高级脂肪酸盐是肥皂的主要成分C根据纤维在火焰上燃烧产生的气味，可以鉴别蚕丝与棉花D淀粉、纤维素、蛋白质都属于高分子化合物【答案】A【解析】A由于等质量的物质燃烧放出的热量主要取决于其含氢量的大小，而甲烷、汽油、氢气中H的百分含量大小顺序为：汽油甲烷氢气，故等质量的它们放出热量的多少顺序为：汽油甲烷氢气，故A错误；B油脂在碱性条件下发生水解反应生成甘油和高级脂肪酸盐，高级脂肪酸盐是肥皂的主要成分，故B正确；C蚕丝主要成分是蛋白质，灼烧时有烧焦羽毛的气味，而棉花则属于纤维素，灼烧时则基本没有气味，故C正确；D高分子通常是指相对分子质量在几千甚至上万的分子，
33、淀粉、纤维素和蛋白质均属于天然高分子化合物，故D正确。故答案为：D。42020浙江7月选考 有关的说法正确的是（ ）A可以与氢气发生加成反应B不会使溴水褪色C只含二种官能团 D该物质与足量溶液反应，最多可消耗【答案】A【解析】中含有羟基、酯基和碳碳双键三种官能团，根据官能团的性质进行解答。A分子中含有苯环和碳碳双键，都能与H2发生加成反应， A正确；B分子中含有碳碳双键，能与溴水发生加成反应导致溴水褪色， B错误；C分子中含有羟基、酯基和碳碳双键三种官能团， C错误；D1mol该物质酯基水解后生成的酚羟基和羧基均能和NaOH反应，1mol该物质与足量的NaOH溶液反应时最多可消耗2molNaO
34、H，D错误；故答案为：A。52020年山东新高考-氰基丙烯酸异丁酯可用作医用胶，其结构简式如下。下列关于-氰基丙烯酸异丁酯的说法错误的是A其分子式为 C8H11NO2B分子中的碳原子有3种杂化方式C分子中可能共平面的碳原子最多为6个D其任一含苯环的同分异构体中至少有4种不同化学环境的氢原子【答案】C【解析】A. 结合该分子的结构简式可以看出，其分子式为C8H11NO2，故A正确；B. 该分子中含（氰基）、（碳碳双键）以及碳碳单键，它们采用的杂化类型分别是sp杂化、sp2杂化和sp3杂化共3种杂化方式，故B正确；C. 碳碳双键、碳氧双键中碳原子共平面、（氰基）共直线，O原子采用sp3杂化，为V型
35、结构，链状的碳碳单键中最多有两个C原子共平面，则该分子中可能共平面的C原子可表示为：，故C错误；D. 该分子中的不饱和度为4，含苯环的同分异构体中，等效氢原子种类最少的应具有对称结构，其同分异构体之一的结构简式如，该分子的等效氢为4种，故D正确；故选C。62020江苏卷双选化合物Z是合成某种抗结核候选药物的重要中间体，可由下列反应制得。下列有关化合物X、Y和Z的说法正确的是AX分子中不含手性碳原子BY分子中的碳原子一定处于同一平面CZ在浓硫酸催化下加热可发生消去反应DX、Z分别在过量NaOH溶液中加热，均能生成丙三醇【答案】CD【解析】A .X中红色碳原子为手性碳原子，故A说法错误；B.中与氧
36、原子相连接的碳原子之间化学键为单键，可以旋转，因此左侧甲基上碳原子不一定与苯环以及右侧碳原子共平面，故B说法错误；C.中与羟基相连接的碳原子邻位碳原子上有氢原子，在浓硫酸作催化并加热条件下，能够发生消去反应，故C说法正确；D.中含有卤素原子，在过量氢氧化钠溶液并加热条件下能够发生取代反应生成丙三醇，在氢氧化钠溶液作用下先发生水解反应生成，然后在氢氧化钠溶液并加热条件下能够发生取代反应生成丙三醇，故D说法正确；综上所述，说法正确的是：CD。【点睛】醇类和卤代烃若发生消去反应，则醇分子中羟基(-OH)或卤代烃中卤原子相连的碳原子必须有相邻的碳原子，且此相邻的碳原子上还必须连有氢原子时，才可发生消去反应。