1、 高 三 物 理 考 试 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选图其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题纸上。写在试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并收回第卷 （选择题 共48分）选择题：本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1-7小题只有一项符合题目要求；第8-12小题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1如图所示，在长载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直
2、导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两根可自由滑动的导体棒ab和cd.当载流直导线中的电流逐渐减弱时，导体棒ab和cd的运动情况是()A一起向左运动 B一起向右运动C相向运动，相互靠近 D相背运动，相互远离2.如图所示，将某均匀长方体锯成A、B两块后，在水平桌面上对齐放在一起，现用水平力F推B，使A、B整体保持长方体并沿F方向匀速运动，则()AA在水平方向受到三个力的作用，且合力为零BA在水平方向受到五个力的作用，且合力为零CA对B的作用力方向与A、B接触面垂直DB对A的弹力大于桌面对A的摩擦力3课堂上，老师准备了“”型光滑木板和三个完全相同、外表面光滑的匀质圆柱形积木，要将三个积木按图3所示
3、(截面图)方式堆放在木板上，则木板与水平面夹角的最大值为 ()A30 B45 C60 D904一个质量为1 kg的遥控小车正以18 m/s的速度，沿水平直线轨道做匀速直线运动，在t0时刻开始制动做匀减速直线运动，在3 s内前进了36 m(此时小车未静止)在这3 s内()A小车运动的平均速度大小为9 m/sB小车受到的制动力大小为6 NC制动力对小车做负功，大小等于162 JD制动力对小车做功的平均功率为48 W5.如图所示，一内壁光滑、质量为m、半径为r的环形细圆管(管的内径相对于环半径可忽略不计)用硬杆竖直固定在地面上有一质量为m的小球可在圆管中运动(球直径略小于圆管直径，可看做质点)，小球
4、以速率v0经过圆管最高点时，恰好对管壁无压力，当球运动到最低点时，求硬杆对圆管的作用力大小为()Am B2mgmC6mg D7mg6如图所示，边长为l的单匝正方形线圈放在光滑水平面上，其有一半处于磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中第一次保持磁场不变，使线圈在水平向右的拉力作用下，以恒定速度v向右运动；第二次保持线圈不动，使磁感应强度大小发生变化若线圈的总电阻为R，则有()A若要使两次产生的感应电流方向相同，则第二次时磁感应强度大小必须逐渐增大B若要使两次产生的感应电流大小相同，则第二次时磁感应强度大小随时间必须均匀变化，且变化率C第一次时，在线圈离开磁场的过程中，水平拉力做的功为D第
5、一次时，在线圈离开磁场的过程中，通过线圈某一横截面的电荷量为7如图所示，OM的左侧存在范围足够大、磁感应强度大小为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，OM左侧到OM距离为L的P处有一个粒子源，可沿纸面内各个方向射出质量为m、电荷量为q的带正电粒子(重力不计)，速率均为，则粒子在磁场中运动的最短时间为()A. B.C. D.8超导体具有电阻为零的特点，图7为超导磁悬浮原理图，a是一个超导闭合环，置于一个电磁铁线圈b正上方，当闭合开关S后，超导环能悬浮在电磁铁上方平衡下列说法正确的有()A闭合开关S瞬间，a环中感应电流受到的安培力向上B闭合开关S，稳定后通过a环的磁通量不变，a环中不再有电流C闭合
6、开关S，稳定后通过a环的电流是恒定电流DR取不同的电阻，稳定后a环所受安培力都相等 9真空中，在x轴上的原点处和x6a处分别固定一个点电荷M、N，在x2a处由静止释放一个正点电荷P，假设电荷P只受电场力作用沿x轴方向运动，得到电荷P的速度与其在x轴上的位置关系如图7所示，则下列说法正确的是()A点电荷M、N一定都是正电荷B电荷P的电势能一定是先减小后增大C点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为41Dx4a处的电势一定为零10两轮平衡车(如3所示)广受年轻人的喜爱，它的动力系统由电池驱动，能够输出的最大功率为P0，小明驾驶平衡车在水平路面上沿直线运动，受到的阻力恒为Ff.已知小明和平衡车的总质量为
7、m，从启动到达到最大速度的整个过程中，小明和平衡车可视为质点，不计小明对平衡车做的功设平衡车启动后的一段时间内是由静止开始做加速度为a的匀加速直线运动，则()A平衡车做匀加速直线运动过程中能达到的最大速度为vB平衡车运动过程中所需的最小牵引力为FFfC平衡车达到最大速度所用的时间tD平衡车能达到的最大行驶速度v011某段滑雪道倾角为30，滑雪运动员(包括雪具在内)总质量为m，从距底端高为h处由静止开始匀加速下滑，下滑加速度为(重力加速度为g)在运动员下滑的整个过程中()A运动员减少的重力势能全部转化为动能B运动员克服摩擦力做功为C运动员最后获得的动能为D系统减少的机械能为12如图甲所示，假设某
8、星球表面上有一倾角为30的固定斜面，一质量为m的小物块从斜面底端沿斜面向上运动，其速度时间图象如图乙所示已知小物块和斜面间的动摩擦因数为，该星球半径为R6104 km，引力常量为G6.671011 Nm2/kg2，下列说法正确的是()A该星球的第一宇宙速度v13.0104 m/sB该星球的质量M8.11026 kgC该星球的自转周期T1.3104 sD该星球的密度895 kg/m3第卷 （非选择题 共62分）13(2018山东省泰安市高三第二次模拟考试)在验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m200 g的重物拖着纸带自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点选取一条符合实验要求的纸带如图1所示
9、，O为纸带下落的起始点，A、B、C为纸带上选取的三个连续点已知打点计时器每隔T0.02 s打一个点，当地的重力加速度为g9.80 m/s2，那么：(1)计算B点瞬时速度时，甲同学用vB，乙同学用vBg(nT)，丙同学用vB.其中所选择方法正确的是 (填“甲”“乙”或“丙”)同学(sOB与sAC分别表示纸带上O、B和A、C之间的距离，n为从O到B之间的间隔数)(2)纸带下落的加速度为 m/s2(保留三位有效数字)，下落过程中受到的阻力Ff N.14(2018江苏押题卷) 在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，现除了有一个标有“5 V,2.5 W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A直流电源(电动势
10、约为5 V，内阻可不计)B直流电流表(量程03 A，内阻约为0.1 )C直流电压表(量程03 V，内阻约为15 k)D直流电压表(量程06 V，内阻约为30 k)E滑动变阻器(最大阻值10 ，允许通过的最大电流为2 A)F滑动变阻器(最大阻值1 k，允许通过的最大电流为0.5 A)G定值电阻R08 实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据(1)实验中应选用的器材有_(均用序号字母表示)(2)在虚线框中画出实验原理电路图；(3)某次实验测得两表的读数如图所示，则此时小灯泡的电阻是_.(结果保留两位有效数字)(4)另一实验小组选用另外的器材，通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图5甲
11、所示现把实验中使用的小灯泡接到如图乙所示的电路中，其中电源电动势E4 V，内阻r1 ，定值电阻R9 的电路中，此时小灯泡的实际功率为_W(结果保留两位有效数字)15如图所示，竖直半圆形光滑轨道BC与水平面AB相切，AB间距离x1 m，质量m0.1 kg的小滑块1放在半圆形轨道底端的B点，另一质量也为m0.1 kg的小滑块2，从A点以v02 m/s的初速度在水平面上滑行，两滑块相碰，碰撞时间极短，碰后两滑块粘在一起滑上半圆形轨道，恰好能通过半圆形轨道最高点C.已知滑块2与水平面之间的动摩擦因数0.2.取重力加速度g10 m/s2.两滑块均可视为质点求：(1)碰后瞬间两滑块共同的速度大小v；(2)
12、两滑块在碰撞过程中损失的机械能E；(3)半圆形轨道的半径R.16 (2018南通等六市一调)如图所示，金属平板MN垂直于纸面放置，MN板中央有小孔O，以O为原点在纸面内建立xOy坐标系，x轴与MN板重合O点下方的热阴极K通电后能持续放出初速度近似为零的电子，经K与MN板间电场加速后，从O点射出，速度大小均为v0，速度方向在纸面内，发散角为2弧度且关于y轴对称已知电子电荷量为e，质量为m，不计电子间相互作用及重力的影响 (1)求K与MN板间的电压U0；(2)若x轴上方存在范围足够大、垂直纸面向里的匀强磁场，电子打到x轴上落点范围长度为x，求该磁场的磁感应强度B1和电子从O点到达x轴的最短时间t.
13、(3)若x轴上方存在一个垂直纸面向里的圆形匀强磁场区，电子从O点进入磁场，偏转后成为一宽度为y、平行于x轴的电子束，求该圆形区域的半径R及磁场的磁感应强度B2. 17(2018江苏省高考压轴卷)如图6甲所示，光滑斜面OA与倾斜传送带AB在A点相接，且OAB在一条直线上，与水平面夹角37，轻质弹簧下端固定在O点，上端可自由伸长到A点在A点放一个物体，在力F的作用下向下缓慢压缩弹簧到C点，该过程中力F随压缩距离x的变化如图乙所示已知物体与传送带间的动摩擦因数0.5，传送带顺时针转动，AB部分长为5 m，速度v4 m/s，重力加速度g取10 m/s2.(sin 370.6，cos 370.8)求：(
14、1)物体的质量m；(2)弹簧从A点被压缩到C点过程中力F所做的功W；(3)若在C点撤去力F，物体被弹回并滑上传送带，则物体在传送带上最远能到达什么位置高 三 物 理 考 试1-7DAADD BB 8 ACD 9 ABC 10 AB 11 CD 12 ABD 13(1)丙(2)9.500.0614(1)ACDEG (2)见解析图(3)6.3(4)0.3415(1)3 m/s (2)0.9 J(3)0.18 m16【解析】(1)由动能定理有：eU0mv020解得：U0(2)电子运动轨迹如图所示：从O点射出的电子落在x轴PQ间，设电子做圆周运动的半径为r，由几何关系有x2r2rcos 由向心力公式有
15、：ev0B1m解得：B1最短路程为：smin2()r则有：t.(3)电子运动轨迹如图所示：由几何关系可知rR且有y(rrsin ) (rrsin )2rsin 解得：R由向心力公式有：ev0B2m解得：B2. 17【解析】(1)由题图乙可知：mgsin 3730 N解得m5 kg(2)题图乙中图线与横轴所围成的面积表示力F所做的功：W J J90 J(3)撤去力F，设物体返回至A点时速度大小为v0，从A出发两次返回A处的过程应用动能定理：Wmv02解得：v06 m/s由于v0v，物体所受摩擦力沿传送带向下，物体刚滑上传送带的加速度大小为a1，由牛顿第二定律：mgsin 37mgcos 37ma1解得：a110 m/s2速度减为v时，设物体沿传送带向上发生的位移大小为x1，由运动学规律：x1解得：x11 m此后摩擦力改变方向，由于mgsin 37mgcos 37，所以物体所受合外力仍沿传送带向下，设此后过程加速度大小为a2，由牛顿第二定律得：mgsin 37mgcos 37ma2 设之后沿传送带向上发生的最大位移大小为x2，由运动学规律：x2解得：x24 m所以物体能够在传送带上发生的最大位移：xmx1x25 m即恰好到达传送带顶端B点