浙江省精诚联盟2022-2023学年高二上学期返校联考物理试题.pdf

1、高二年级物理学科 答案 第1页 共 2 页2022 学年第一学期浙江省精诚联盟返校联考 高二年级物理学科 答案 一、单项选择题（本大题共 13 小题，每小题只有一个选项是正确的，每小题 3 分，共 39 分）1.B 2.C 3.A 4.D 5.B 6.D 7.C 8.D 9.B 解析 根据22MmvGmrr=可得GMvr=，可知圆轨道距地面高度越高，环绕速度越小；而只要环绕速度相同，返回舱和天和核心舱可以在同一轨道运行，与返回舱和天和核心舱的质量无关，故选项A、C 均错误；返回舱穿越大气层返回地面过程中，有阻力做功产生热量，机械能减小，故选项 B正确；返回舱中的宇航员处于失重状态，仍然受到地球

2、引力作用，地球的引力提供宇航员绕地球运动的向心力，故选项 D 错误。10.D 解析 负电荷从 A 运动到 B，由速度时间图像得到负电荷做加速运动，故静电力方向向右，因负电荷受到的静电力方向与场强方向相反，故场强方向向左，沿场强方向电势降低，AB，故选项 A、C 均错误；因为图线的斜率减小，故加速度减小，因此由 A 到 B 静电力减小，所以电场强度减小，即 EBEA，所以选项 B 错误;因负电荷做加速运动，静电力做正功，负电荷的电势能减小，所以选项 D 正确。11.C 解析 根据题意可知，火星车先做匀加速直线运动，当功率达到额定功率后做加速度减小的加速运动，最终做匀速直线运动能达到的最大速度为

3、vmaxP/f，功率先变大,达到额定功率后保持不变，所以选项 A、B、D 均错误；根据动能定理 Wfx12mv20，所以 W=12mv2+fx，故选项 C 正确。12.D解析 铁球从接触弹簧下降过程中，开始重力大于弹力，合力向下，小球做加速运动，当重力和弹力相等时，速度最大，接着重力小于弹力，合力向上，小球做减速运动，所以选项 A 错误；由机械能守恒定律可知，铁球下落过程中小球和弹簧组成的系统机械能守恒，但小球的机械能不守恒，故选项 B 错误；由于 mg=kx，速度最大时的压缩量 x 末知，所以弹簧的劲度系数无法求解，用最低点的压缩量求出来的劲度系数才是 k=20N/m，故选项 C 错误；从

4、A 运动到 D 时，小球重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量，所以 Ep=mg(h+x)=0.6J，故选项 D 正确。高二年级物理学科 答案 第2页 共 2 页13.C 解析 对带电粒子受力分析如图所示，F 合0，因粒子带负电，所以电容器的上板带正电，故选项A 错误；由图可知静电力与重力的合力方向与 v0 方向相反，F 合对粒子做负功，其中重力 mg 不做功，静电力 Eq 做负功，粒子机械能减少，电势能增加，故选项 B 错误，选项 C 正确；因电容器的电荷量 Q 不变，由于 UQC4kdQrS drS，EUd4kQrS 1rS.所以电场强度不变，粒子受到的电场力不变，合外力不变，所以粒子仍

5、向右做直线运动，故选项 D 错误。二、多项选择题：（共 3 小题，每题 4 分，共计 12 分。每小题至少有一个选项是正确的，全部选对得 4 分，未选全得 2 分，选错或不选的得 0 分）14.BD 15.AD 解析 这个过程中物体下滑的高度为 h，则重力势能减少了 mgh，故选项 A 正确；加速度 a14g，由牛顿第二定律得 mgsin-Ff=ma，则摩擦力 Ff14mg，物体在斜面上下降的高度为 h，发生的位移为2h，则克服摩擦力做功 WfFf2h14mg2hmgh2，故选项 B 错误；由动能定理可知，动能增加量 EkF 合2hm14g2h12mgh，故选项 C 错误；因为机械能的变化等于

6、摩擦力做的功，即 E-Ffx-14mg2h-12mgh，所以机械能的损失量为12mgh，故选项 D 正确。16.BC 解析 由于正、负电荷的电场叠加，等量异种点电荷连线的中垂线从 A 点移动到 B 点，电场强度不断增大，并且方向垂直 AB 向下，负电荷受力垂直 AB 向上，根据电场线的分布情况可知从 B 点移动到 C 点，电场强度也不断增大，其方向沿 BC 连线方向指向负电荷-Q，负电荷受力沿 BC 连线方向指向正电荷 Q，试探电荷所受的静电力一直在变大，故选项 A 错误，B 正确；根据对称性和正、负电荷的电场叠加，从 A 到 B 各点电势相等，电势能不变，根据顺电场线电势不断减小，所以从 B

7、点到 C 点电势不断增大，带负电的试探电荷电势能不断减小，故选项 C 正确，D 错误。高二年级物理学科 答案 第3页 共 2 页三、实验题（共 2 小题，共 14 分）17.（1）ABC（2）2.0 2 2 18.（1）B（2）0.348 0.308（3）存在空气阻力和摩擦阻力 四、计算题（本题共 35 分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位。）19.(1)设物块向右水平运动，在 A 点第一次速度为零时，距 O 点距离为 x1 由题中数据得：F 电=Eq=0.4N；Ff=mg=0.2N；（1 分）由动能定理：2

8、121)(mvxFFf=+电，得 x1=1.5m （2 分）（2）这一过程电场力做功 W=qEX1=0.6J （2 分）所以电势能增加了 0.6J （1 分）（3）在 A 点，由于 Eq 大于mg，物块会反向运动，最终在 O 点左侧无电场区域静止，设该点为 B点，与 O 点距离为 x2 由动能定理：0)(211=+xxFxFf电 （2 分）得 x2=1.5m （1 分）故最终停在 O 点左侧 1.5m 处。20.解析：该电荷是负电荷 （1 分）由平衡条件得小球所受静电力大小 FqEmgtan （2 分）所以小球所在处的电场强度的大小：EFqmgtan q2.5104 N/C.（1 分）(2)撤

9、去电场后小球由初位置来到最低点过程，由动能定理得 mgL(1cos)12mv20 （2 分）Fmgmv02R (其中 R=L)（2 分）F=0.14N （1 分）(3)由于重力的瞬时功率为 PGmgVy （2 分）而 Vy 0 所以 PG0 （1 分）21 解析(1)C 到 E 的过程，运动员做平抛运动，设运动员在 C 点的速度为 v0 竖直方向 LCEsin 3012gt2 (2 分)水平方向 v0tLCEcos 30 (2 分)解得 v030m/s(1 分)(1 分)(2)在 C 点，由牛顿第二定律有 FNmgmv02R (2 分)高二年级物理学科 答案 第4页 共 2 页解得 FN2400N (1 分)根据牛顿第三定律得 FNFN2400N，方向竖直向下 (2 分)(3)小明由 A 到 C 的过程，根据动能定理有 mgLABsin 37R(1cos 37)Wf12mv02 (2 分)解得 Wf9000J (2 分)