1、河北省遵化市高级中学2019-2020学年下学期高一期末考试物理试卷试题卷一、单选题 （共16题，总分值48分 ）1. 关于功的概念，下列说法中正确的是（）A. 力对物体做功多，说明物体的位移一定大B. 力对物体做功小，说明物体的受力一定小C. 力对物体不做功，说明物体一定没有移动D. 物体发生了位移，不一定有力对它做功【答案】D【解析】力对物体做功W多，根据W=FScos，可能是力大，也可能是力的方向的位移大，也有可能两者都大，故A错误；力对物体做功W少，根据W=FScos，可能是力小，也可能是力的方向的位移小，也有可能两者都小，故B错误；力对物体不做功，即W=0，可能是F=0，也可能是S=
2、0，也可能是cos=0，故说明物体可以有位移，故C错误；根据恒力做功的表达式W=FScos判断，功的大小取决与力的大小、力的方向的位移大小，因此物体发生了位移，不一定有力对它做功，故D正确所以D正确，ABC错误2. 做曲线运动的物体在运动过程中，下列说法正确的是（ ）A. 速度大小一定改变B. 加速度大小一定改变C. 速度方向一定改变D. 加速度方向一定改变【答案】C【解析】试题分析：物体做的是曲线运动，物体运动的速度方向是沿着轨迹的切线的方向，所以物体的速度的方向一定是在不断的改变的，所以A错误，C正确；物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向可以变化也可以不变，所
3、以加速度的大小和方向可以变化也可以不变，所以BD错误考点：曲线运动【名师点睛】本题主要是考查学生对曲线运动的理解，物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，对于合力的大小是否变化没有要求3. 下列人或物在运动过程中，机械能守恒的是A. 风中飘落的羽毛B. 竖直放置的真空牛顿管中下落的羽毛C. 乘电梯匀速上升的人D. 弹性蹦床上跳跃的运动员（不计空气阻力）【答案】B【解析】风中飘落的羽毛受到空气阻力，而空气阻力做负功，机械能减少，故A错误；竖直放置的真空牛顿管中下落的羽毛，只受重力，所以机械能守恒，故B正确；乘电梯匀速上升的人，动能不变，势能增加，所以机械能增大，故C错误；弹性蹦床上跳跃
4、的运动员，弹力要做功，所以机械能不守恒，故D错误所以B正确，ACD错误4. 如图所示，一只老鹰在水平面内盘旋做匀速圆周运动，则关于老鹰受力的说法正确的是（）A. 老鹰受重力、空气对它的作用力和向心力的作用B. 老鹰受重力和空气对它的作用力C. 老鹰受重力和向心力的作用D. 老鹰受空气对它的作用力和向心力的作用【答案】B【解析】【详解】老鹰在水平面内盘旋做匀速圆周运动，合力指向圆心，提供向心力，则老鹰受到的重力和空气对它的作用力的合力提供向心力，向心力是效果力，不是老鹰受到的，故B正确，ACD错误。故选B。【点睛】注意向心力是效果力，在匀速圆周运动中由合外力提供注意向心力不是物体所受到的力，这是
5、易错点。5. 如图所示，将一单摆拉到摆线呈水平位置后静止释放，在P点有钉子阻止OP部分的细线移动，当单摆运动到此位置受阻时，下列说法不正确的是（）A. 摆球的线速度突然增大B. 摆球的角速度突然增大C. 摆球的向心加速度突然增大D. 摆线的张力突然增大【答案】A【解析】【详解】A. 单摆运动到最低点时，线速度不变，A错误；B单摆运动到最低点时，线速度不变，半径减小，由可得：角速度突然增大，B正确；C单摆运动到最低点时，线速度不变，半径减小，由向心加速度公式可得摆球的向心加速度突然增大，C正确；D单摆运动到最低点时，拉力和重力提供向心力，由牛顿第二定律可得增大，摆线的张力突然增大，D正确；故选A
6、。6. “北斗一号”导航卫星系统中有5颗地球同步轨道卫星，定位在距地面约为36000km的地球同步轨道上。关于同步卫星，下面说法正确的是（）A. 发射速度小于7.9km/sB. 发射速度大于11.2km/sC. 运行速度小于7.9km/sD. 如果需要，该卫星可以定位在江苏上空【答案】C【解析】【详解】A卫星的最小发射速度最小为7.9km/s，故A错误；B若发射速度大于11.2km/s，则要脱离地球，故B错误；C近地卫星的运行速度为7.9km/s，而同步卫星的轨道半径大，运行速度要小于7.9km/s，故C正确；D同步卫星只能在赤道上空，不可能定点在江苏上空，故D错误；故选C。7. 质量为m的汽
7、车在平直路面上启动，启动过程的速度图象如图所示，0t1段为直线，从t1时刻起汽车保持额定功率不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为f，则（）A. 0t1时间内，汽车的牵引力等于mgB. t1t2时间内，汽车做匀加速运动C. t1t2时间内，汽车的功率等于fv1D. t1t2时间内，汽车的功率等于fv2【答案】D【解析】【详解】A. 0t1时间内，由图像可知，汽车做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得解得汽车的牵引力不等于mg，A错误；Bt1t2时间内，由图像可知，斜率逐渐减小，加速度逐渐减小，汽车做加速度逐渐减小的加速运动，B错误；CDt1t2时间内，汽车的功率恒定，当时，汽车的速度达到最大值，汽
8、车的功率等于，C错误，D正确；故选D。8. 如图所示，在水平地面上做匀速直线运动的小车，通过定滑轮用绳子吊起一个物体，若小车和被吊的物体在同一时刻速度分别为和，绳子对物体的拉力为T，物体所受重力为G，则下面说法正确的是（）A. 物体做匀速运动，且B. 物体做加速运动，且C. 物体做匀加速运动，且D. 物体做匀速运动，且【答案】B【解析】【详解】AB. 将小车的速度沿着绳子方向与垂直于绳子的方向分解，设绳子与水平方向的夹角为，则根据运动的合成与分解可得由图可知：，则有当车向左运动时，逐渐减小，不变，增大，因此物体做加速运动，A错误，B正确；CD由上可知，物体做加速运动，由牛顿第二定律 可得：，但
9、速度不随时间均匀变化，C错误，D错误；故选B。9. 一艘小船在静水中的速度为4m/s，渡过一条宽为200m，水流速度为5m/s的河流，则该小船（）A. 可能垂直河岸方向到达对岸B. 渡河的时间可能等于50sC. 以最短位移渡河时，位移大小为200mD. 以最短时间渡河时，沿水流方向位移大小为300m【答案】B【解析】【详解】A. 由于，小船不可能垂直河岸方向到达对岸，A错误；B当船头垂直河岸方向，小船以最短时间过河，则有渡河的时间可能等于50s，B正确；C由于，当合速度与船速垂直时，轮船以最短位移渡河，设此时合速度的方向与河岸的夹角为，则以最短位移渡河时，最小位移为C错误；D以最短时间渡河时，
10、沿水流方向的位移大小为D错误。故选B。10. 如图所示，质量为m的小球固定在长为L的细杆一端，绕细杆的另一端O在竖直面内做圆周运动，球转到最高点A时，线速度大小为，此时（）A. 球受到mg的拉力B. 球受到2mg的支持力C. 球受到2mg的拉力D. 球受到的支持力【答案】A【解析】【详解】ABCD. 球转到最高点，杆对小球恰好无作用力时，重力提供向心力，设此时速度为，则有解得球转到最高点A时， ，此时杆对小球的作用力为竖直向下的拉力，B错误，D错误，由牛顿第二定律解得A正确，C错误；故选A。11. 如图所示，一辆装满货物的汽车在丘陵地区行驶，由于轮胎太旧，途中“放了炮”，你认为在图中A、B、C
11、、D四处中，“放炮”可能性最大的地点是A. A处B. B处C. C处D. D处【答案】D【解析】【详解】放炮可能最大，即车对地面的压力最大，在AC两点为没有在BD两点时的大，排除，半径越大，向心力越小，因为B点的半径大于D的点半径，所以在D点最容易放炮，D正确。故选D。12. 如图所示，某人向对面的山坡上水平抛出两个质量不等的石块，分别落到A、B两处不计空气阻力，则落到B处的石块（）A. 初速度大，运动时间长B. 初速度大，运动时间短C. 初速度小，运动时间短D. 初速度小，运动时间长【答案】B【解析】解：落到B处的石块下落的高度较小，根据 ，知落在B处的石块运动时间较短，根据初速度 知，落在
12、B处的石块水平位移大，时间短，则初速度较大故B正确，ACD错误13. 关于功率以下说法中正确的是（）A. 据可知，机器做功越多，其功率就越大B. 据可知，汽车牵引力一定与速度成反比C. 据可知，知道时间t内机器所做的功，就可以求得这段时间内任一时刻机器做功的功率D. 根据可知，发动机功率一定时，交通工具的牵引力与运动速度成反比【答案】D【解析】【详解】A. P=W/t表明，功率不仅与物体做功的多少有关同时还与做功所用的时间有关，选项A不合题意 B. P=Fv在该式中，当功率一定时，在一定阶段汽车牵引力与速度成反比，选项B不合题意；C.据PW/t知，知道时间t内机器所做的功，就可以求得这段时间内
13、做功的平均功率， C选项不合题意；D.据 P=Fv可知，当功率恒定时，牵引力与速度成反比，选项D符合题意14. 一个100g的球从1.8m的高处落到一个水平板上又弹回到1.25m的高度，则整个过程中（g10m/s2）（）A. 重力做功为1.8JB. 重力做了0.55J的负功C. 球的重力势能一定减少0.55JD. 球的重力势能一定增加1.25J【答案】C【解析】【详解】AB. 小球从开始下落至反弹到最高点过程，位移方向竖直向下，因此重力做正功，重力做功为A错误，B错误；CD由功能关系可得球的重力势能一定减少0.55J，因此C正确，D错误；故选C。15. 关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是
14、()A. 开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B. 开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C. 开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D. 开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律【答案】B【解析】试题分析：开普勒在他的导师第谷天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，但并未找出了行星按照这些规律运动的原因；牛顿在开普勒行星运动定律的基础上推导出万有引力定律，故ACD错误，B正确故选B考点：物理学史【名师点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一16. 人造卫星绕地球运动只
15、受地球的引力，做匀速圆周运动，其轨道半径为r，线速度为v，周期为T。为使其周期变为8T，可采用的方法有（）A. 保持轨道半径不变，使线速度减小为一半B. 逐渐减小卫星质量，使轨道半径逐渐增大为4rC. 逐渐增大卫星质量，使轨道半径逐渐增大为8rD. 保持线速度不变，将轨道半径增加到8r【答案】B【解析】【详解】利用万有引力提供卫星的向心力可以得到可得从中可以看出：线速度、周期与半径具有一一对应关系，与卫星的质量无关，使轨道半径逐渐增大为4r，能使其周期变为8T，速率同时减小为。则B正确，ACD错误。故选B。二、多选题（共7题，总分值28分 ）17. 如图所示，一个质量是25 kg的小孩从高为2
16、 m的滑梯顶端由静止滑下,滑到底端时的速度为2 m/s(取g=10 m/s2),关于力对小孩做的功,以下结果正确的是( )A. 重力做的功为500J ；B. 合外力做功为50J ；C. 克服阻力做功为50J ；D. 支持力做功为450J ；【答案】AB【解析】【详解】小孩从静止开始下滑的过程中，重力做功，A正确；支持力不做功为零，D错误；根据动能定理，合外力做的功等于动能的变化量，则，B正确；设下滑过程中，小孩克服阻力做功为，由动能定理得：，则，故C错误故本题选AB18. 一物体从A点沿粗糙面AB与光滑面AC分别滑到同一水平面上的B点与C点，则下列说法中正确的是A. 沿AB面重力做功多B. 沿
17、两个面重力做的功相同C. 沿AB面重力势能减少多D. 沿两个面减少的重力势能相同【答案】BD【解析】【详解】AB、根据重力做功公式 ,知沿AB面和AC面h相同,m也相同,则沿两个面重力的功相同,故A错误,B正确.CD、根据重力做功多少物体的重力势能就减少多少,可得物体沿两个面减少的重力势能相同,故C错误,D正确.故选BD【点睛】重力做功只与初、末位置的高度差有关,与路径无关.重力做功多少物体的重力势能就减少多少.19. 下列几组数据中能算出地球质量的是（万有引力常量G是已知的）（ ）A. 地球绕太阳运行的周期T和地球中心离太阳中心的距离rB. 月球绕地球运行的周期T和地球的半径RC. 月球绕地
18、球运动的角速度和月球中心离地球中心的距离rD. 月球绕地球运动的周期T和轨道半径r【答案】CD【解析】【详解】A根据万有引力提供向心力，则有解得，若已知地球绕太阳运行的周期T和地球中心离太阳中心的距离r，只能求出太阳的质量，故A错误；B根据，若已知月球绕地球运行的周期T和地球的半径R，则无法求出地球的质量，因为不知道月球的绕地球运行的轨道半径r，故B错误；C根据万有引力提供向心力，则有解得，若已知月球绕地球运动的角速度和月球中心离地球中心的距离r，则可求出地球的质量，故C正确；D根据万有引力提供向心力，则有解得，若已知月球绕地球运动的周期T和轨道半径r，则可以求出地球的质量，故D正确。故选CD
19、。20. 如图所示，P、Q是高度不同的两点，P点比Q点高，从P、Q两点同时相向水平抛出两个小球，其运动轨迹相交于A点，则以下说法正确的是（）A. P、Q两球在A点相遇B. Q小球先落地C. 要让两球能在A点相遇，应先抛出P小球D. 要让两球能在A点相遇，应先抛出Q小球【答案】BC【解析】【详解】ACD在A点P球下降的高度大于Q球下降的高度，则根据h=gt2知，P球下降的时间大于Q下降的时间，即P、Q两球不可能在A点相遇，要让两球能在A点相遇，应先抛出P小球，故AD错误，C正确；B由于Q球的高度小，则下降的运动时间短，Q球先落地，故B正确；故选BC。21. 如图所示，飞船在地面指挥控制中心的控制
20、下，由近地点圆形轨道A，经椭圆轨道B转变到远地点的圆轨道C.轨道A与轨道B相切于P点，轨道B与轨道C相切于Q点，以下说法正确的是（）A. 卫星在轨道B上由P向Q运动的过程中速率越来越小B. 卫星在轨道C上经过Q点的速率大于在轨道A上经过P点的速率C. 卫星在轨道B上经过P点的加速度与在轨道A上经过P点的加速度是相等的D. 卫星在轨道B上经过Q点时受到地球的引力小于经过P点时受到地球的引力【答案】ACD【解析】【详解】A卫星在轨道B上由P向Q运动时，离地球越来越远，万有引力做负功，卫星的动能越来越小，即速度越来越小，故A正确；B卫星在轨道A和C上分别做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力解得，轨
21、道C离地球距离远，故卫星在轨道C上经过Q点的速率小于在轨道A上经过P点的速率，故B错误；C万有引力产生加速度，在同一点，万有引力是相同的，产生的加速度相同，即卫星在轨道B上经过P点的加速度与在轨道A上经过P点的加速度是相等的，故C正确；D根据万有引力公式，可知卫星在Q点时的引力小于经过P点时受到的地球引力，故D正确。故选ACD。22. 由于阻力，人造卫星绕地球做匀速圆周运动的半径逐渐减小，则下列说法正确的是()A. 运动速度变大B. 运动周期减小C. 需要的向心力变大D. 向心加速度减小【答案】ABC【解析】设地球质量为M，卫星质量为m，轨道半径为r，运行周期、线速度、角速度、向心加速度和向心
22、力分别为T、v、a、FA：据，解得：；轨道半径r逐渐减小，运动速度增大故A项正确B：据，解得：；轨道半径r逐渐减小，运动周期减小故B项正确C：据万有引力提供向心力可得：；轨道半径r逐渐减小，需要的向心力变大故C项正确D：据万有引力提供向心力可得：，解得：；轨道半径r逐渐减小，向心加速度增大故D项错误点睛：卫星轨道半径变化，会引起卫星的周期、线速度、角速度、向心加速度的变化，这时应借助万有引力充当向心力列式，求出对应量后分析变化情况23. 三颗人造地球卫星A、B、C绕地球作匀速圆周运动，如图所示，已知，则对于三个卫星，正确是（）A. 运行线速度关系为B. 运行周期关系为C. 向心力大小关系为 D
23、. 半径与周期关系为【答案】BD【解析】【详解】A卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律可得由图可知： ，因此，A错误；B卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律可得由图可知： ，因此，B正确；C卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律由题可知：，因此，C错误；D由开普勒第三定律可得D正确；故选BD。三、实验题 （共2题，总分值12分 ）24. 在“验证机械能守恒定律”的实验中：(1)实验室提供了铁架台、夹子、重物、导线、纸带等器材。为完成此实验，除了所给的器材，从下列还必须选取的实验器材是_和_。（填字母代号）A、电火花打点计时器；B、秒表；
24、C、天平；D、刻度尺；E、弹簧秤；F、学生电源(2)完成实验后，小明用刻度尺测量纸带距离时如图所示，已知打点计时器每0.02 s打一个点，则B点对应的速度vB_m/s。（保留三位有效数字） 若H点对应速度为，重物下落的高度为h，重物质量为m，当地重力加速度为g，为得出实验结论完成实验，需要比较与mgh的大小关系。由于存在阻力，实验中重力势能的减少量应_动能的增加量（填大于、小于或等于）。【答案】 (1). A (2). D (3). 1.35 (4). 大于【解析】【详解】(1)1本实验需要打点计时器，若选择学生电源，则需要电磁打点计时器，因此只选择电火花打点计时器即可；2需要利用刻度尺测量各
25、计数点之间的距离，方便求解对应点的瞬时速度；(2)3由匀变速直线运动规律的推论可得4由于存在阻力做负功，下降过程中重力势能一部分转化为内能，一部分转化为动能，因此实验中重力势能的减少量应大于动能的增加量。25. 图甲是“研究平抛物体运动”的实验装置图。 (1)实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线_。(2)图乙是正确实验取得的数据，其中O为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为_m/s（g9.8 m/s2）。（保留三位有效数字）【答案】 (1). 水平 (2). 1.60【解析】【详解】(1)1 实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线水平，以保证小球做平抛运动；(2)2由图可知，当水平位移时，竖直位移，由平抛运动规律可得 联立可得四、计算题。（共1题，总分值12分（写出必要的解题过程和文字说明）26. 一质量为m2 kg的小球从光滑的斜面上高h3.5 m处由静止滑下，斜面底端紧接着一个半径R1 m的光滑圆环，如图所示，求：(1)小球滑到圆环顶点时对圆环的压力；(2)小球至少应从多高处由静止滑下才能越过圆环最高点？(g取10 m/s2)【答案】（1）（2）【解析】（10分）（每问5分）（1）由动能定理，列方程当小球到达在圆环最高点时，有解得（2）由动能定理，列方程当小球到达在圆环最高点时，有解得