1、物理试卷一、选择题：（本题共12 小题，每小题4分，选全得4分，选对但不全得2分，共48分）1. 关于分子动理论下列说法不正确的是（）A. 物体是由大量分子组成的B. 组成物体分子在永不停息的做无规则运动C. 组成物质的分子之间同时存在着相互作用的引力和斥力D. 布朗运动指的是液体分子的运动【答案】D【解析】【详解】ABC由分子动理论可知，物体是由大量分子组成的，组成物体分子在永不停息的做无规则运动，且分子之间同时存在着相互作用的引力和斥力，故ABC正确；D布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒的无规则的运动，不是分子的运动，故D错误。本题选不正确的，故选D。2. 关于理想气体下列说法正确的是（）A
2、. 压强不太大，温度不太低的气体具体均可视为理想气体B. 理想气体分子之间除相互碰撞外无其他相互作用C. 温度升高理想气体内能可能不变D. 做功和热传递是改变理想气体内能的两种方式【答案】ABD【解析】【详解】A压强不太大，温度不太低的气体具体均可视为理想气体，选项A正确；B理想气体分子之间除相互碰撞外无其他相互作用，选项B正确；C温度升高理想气体内能一定增大，选项C错误；D做功和热传递是改变理想气体内能的两种方式，选项D正确。故选ABD。3. 单摆是实际摆的理想化模型，关于单摆的周期下列说法正确的是（）A. 摆球的质量越大，周期就越大B. 摆长越长，周期越大C. 将单摆由上海运到北京周期会发
3、生变化D. 周期为2秒的摆叫做秒摆【答案】BCD【解析】【详解】AB根据单摆的周期可知，单摆的周期与摆球质量无关，摆长越长，周期越大，故A错误，B正确；C由于上海与北京的重力加速度不同，根据单摆的周期可知，将单摆由上海运到北京周期会发生变化，故C正确；D周期为2s的单摆叫做秒摆，故D正确。故选BCD。4. 关于机械波的说法正确的是（）A. 机械波是机械振动在介质中的传播过程B. 机械波是传递能量的一种方式C. 机械波的传播过程中波长一定不变D. 机械波分为横波和纵波【答案】ABD【解析】【详解】A机械波是介质中的质点将振动形式由近向远传递，即是机械振动在介质中的传播过程， A正确；B机械波在传
4、播振动形式的过程中，也传递了能量，B正确；C波从一种介质进入另一种介质中传播时，频率一定不变，波速由介质决定，波长与波速成正比，故波长可能发生变化，C错误；D机械波有两种，一种为横波，一种为纵波，D正确。故选ABD5. 关于光的说法正确的是（）A. 光的折射现象中光路也是可逆的B. 光的干涉和衍射现象也是波所特有的属性C. 光纤通信利用了光的干涉原理D. 光的偏振现象说明光是纵波【答案】AB【解析】【详解】A在光的反射现象和折射现象中光路都是可逆的，故A正确；B波的干涉和衍射是波所特有的现象，故B正确；C“光纤通信”是利用了光的全反射的原理，故C错误；D光的偏振现象说明光是横波，故D错误。故选
5、AB6. 光从介质a射向介质b，如果要在a、b介质的分界面上发生全反射，那么必须满足的条件是（ ）A. a是光密介质，b是光疏介质B. 光在介质a中的速度必须大于在介质b中的速度C. 光的入射角必须大于或等于临界角D. 必须是单色光【答案】AC【解析】【详解】光从介质a射向介质b，要在a、b介质的分界面上发生全反射，则a是光密介质，b是光疏介质故A正确由上分析得知，a的折射率大于b的折射率，由v=c/n得知，光在介质a中的速度小于在介质b中的速度故B错误要发生全反射，则光的入射角必须大于或等于临界角故C正确此光可以是单色光，也可以是复色光故D错误故选AC【点睛】本题关键要掌握全反射的条件，对于
6、全反射的条件可以根据折射定律理解记住，两个条件缺一不可7. 关于光的粒子性下列说法正确的是（）A. 光电效应现象说明光具有粒子性B. 光电效应现象中入射光频率越大，单位时间内发射的光电子数越多C. 光电子的能量只与入射光的频率有光D. 入射光的频率低于截止频率时不发生光电效应【答案】ACD【解析】【详解】A光电效应现象中，光子能够激发出电子，说明光具有粒子性，A正确；B入射光强度越大，单位时间内发射的光电子数越多，B错误；C根据公式可知，h为常量，所以光子能量只与入射光的频率有光，C正确；D发生光电效应发生条件为入射光的频率大于或等于截止频率，所以入射光的频率低于截止频率时不发生光电效应，D正
7、确。故选ACD。8. 关于原子核的叙述正确的是（）A. 原子核的裂变和聚变均释放能量B. 原子核衰变过程中释放的粒子带正电C. 原子核衰变半衰期与原子所处化学状态有关D. 核反应过程中遵循质量数守恒和电荷数守恒【答案】ABD【解析】【详解】A原子核的裂变和聚变，核子的平均质量均减小，均释放能量，故A项正确；B原子核衰变过程中释放的粒子是氦核，带正电，故B项正确；C原子核衰变的半衰期与原子所处化学状态无关，故C项错误；D核反应过程中遵循质量数守恒和电荷数守恒，故D项正确。故选ABD。9. 图1所示为一列简谐横波在t=0时的波动图象，图2所示为该波中x=4m处质点P的振动图象，下列说法正确的是（）
8、A. 此波的波速为0.25m/sB. 此波沿x轴正方向传播C. t=0.5s时质点P移动到x=2m处D. t=0.5s时质点P偏离平衡位置的位移为0【答案】D【解析】【详解】A由图可知，周期T=1.0s，波长=4m，则波速选项A错误；Bx=4m处的质点在t=0时刻向下振动，根据上下坡法知，波沿x轴负方向传播，选项B错误；C机械波传播过程中，质点只能在自己平衡位置附近上下振动，而不随波迁移，选项C错误；Dt=0.5s时，质点P运动到平衡位置向上振动，偏离平衡位置的位移为零，选项D正确；故选D。10. 如图所示，在光滑水平桌面上有一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，在导线框右侧有一边长为
9、2L、磁感应强度为B、方向竖直向下的正方形匀强磁场区域。磁场的左边界与导线框的ab边平行。在导线框以速度v匀速向右穿过磁场区域的全过程中（）A. 感应电动势的大小始终为B. 感应电流的方向始终沿abcda方向C. 导线框受到的安培力先向左后向右D. 导线框克服安培力做功【答案】D【解析】【详解】A在线框进入磁场和离开磁场过程中，有一个边切割磁感线，感应电动势大小为E=BLv在线框完全在磁场中的过程中，两个边同时切割磁感线，感应电动势大小相同，方向相反，感应电动势大小为零，故A错误；B根据右手定则，线框进入磁场时的感应电流方向为abcd方向，离开磁场的方向为dcba方向，故B错误；C根据楞次定律
10、，从阻碍相对运动的角度看，在线框进入和离开磁场的过程，导线框受到的安培力均是向左，故C错误；D在线框进入和离开磁场的过程中,感应电流大小为安培力大小为故导线框克服安培力做功为故D正确。故选D。11. 已知质子、中子、氘核质量分别是m1、m2、m3，光速为c则质子和中子结合成氘核的过程中（ ）A. 吸收的能量为（m1+m2+m3）c2B. 吸收的能量为（m1+m2-m3）c2C. 释放的能量为（m1+m2+m3）c2D. 释放的能量为（m1+m2-m3）c2【答案】D【解析】【详解】在质子和中子结合成氘核的过程中存在质量亏损，释放能量，根据爱因斯坦质能方程可知，释放的能量为：，故D正确12. 移
11、动电源（俗称充电宝）解决了众多移动设备的“缺电之苦”，受到越来越多人的青睐 目前市场上大多数充电宝的核心部件是锂离子电池（电动势3.7 V）及其充放电保护电路、充放电管理电路、升压电路等其中的升压电路可以将锂离子电池的输出电压提升到手机、平板电脑等移动设备所要求的输入电压(5 V)由于锂离子电池的材料特性，在电池短路、过高或过低温度、过度充电或放电等情况下都有可能引起电池漏液、起火或爆炸为安全起见，中国民航总局做出了相关规定，如图1所示为了给智能手机充电，小明购买了一款移动电源，其铭牌如图2所示给手机充电时该移动电源的效率按80%计算根据以上材料，请你判断( )A. 这款移动电源能为手机提供的
12、最大充电量为8000 mAhB. 这款移动电源充满电后所储存的总化学能为37 WhC. 乘飞机出行时，这款移动电源可以托运D. Wh与mAh均为能量单位【答案】B【解析】【详解】A由图2可知，这款移动电源能为手机提供的最大充电量为10000mAh；故A错误B这款移动电源充满电后所储存的总化学能等于可以对外做的功，即E=W=UIt=qU=1000010-3Ah3.7V=37Wh故B正确C由图1可知，37Wh的这款移动电源不可以托运，可以随身携带；故C错误DWh是能量的单位，但mAh是电量的单位；故D错误【点睛】该题结合电源的铭牌考查对电源的电动势、电源的容量的理解，会根据W=UIt=qU求电源储
13、存的电能的解答的关键.二、填空题13. 如图所示为电容式位移传感器示意图，物体沿左右方向运动时，电容将发生变化如果实验测量出电容器的电容变大，那么被测物体向_运动（填写“左”或“右”）;如果把图中的电介质板换成介电常数更大的材料，当物体沿左右方向运动时，传感器的灵敏度_（填写“变大” “不变”或“变小”,灵敏度定义为电容器电容变化量的大小与物体位置坐标化量大小之比）【答案】 (1). 左 (2). 变大【解析】【详解】12根据电容的决定式，若电容器的电容变大，一定是插入的电介质多了，所以被测物体向左移动如果把图中的电介质板换成介电常数更大的材料，当物体沿左右方向运动时，移动相同距离时，电容器的
14、变化量变大，即传感器的灵敏度变大14. 某容器中的空气被光滑活塞封住，容器和活塞绝热性能良好，空气可视为理想气体初始时容器中空气的温度与外界相同，压强大于外界现使活塞缓慢移动，直至容器中的空气压强与外界相同此时，容器中空气的温度_（填“高于”“低于”或“等于”）外界温度，容器中空气的密度_（填“大于”“小于”或“等于”）外界空气的密度【答案】 (1). 低于 (2). 大于【解析】【详解】由题意可知，容器与活塞绝热性能良好，容器内气体与外界不发生热交换，故，但活塞移动的过程中，容器内气体压强减小，则容器内气体正在膨胀，体积增大，气体对外界做功，即，根据热力学第一定律可知：，故容器内气体内能减小
15、，温度降低，低于外界温度最终容器内气体压强和外界气体压强相同，根据理想气体状态方程：又，m为容器内气体质量联立得：取容器外界质量也为m的一部分气体，由于容器内温度T低于外界温度，故容器内气体密度大于外界故本题答案为：低于；大于15. 一定质量的某种理想气体由状态A变为状态D，其有关数据如图所示若状态D的压强为104Pa，状态A的压强是多少？【答案】【解析】【详解】由图示图象可知，VA=1m3，TA=200K，VD=3m3，TD=400K，由题意可知：pD=104Pa，由理想气体状态方程可得代入数据解得：三、计算题：共32分（本题要求有必要的解题步骤或文字说明）16. 如图所示，一个储油桶的底面
16、直径与高均为d，当桶内没有油时，从某点A恰能看到桶底边缘的某点B，当桶内油的深度等于桶高的一半时，仍能沿AB方向看去，恰好看到桶底上的C点，C、B两点相距0.25d，求油的折射率和光在油中的传播速度。【答案】1.58，【解析】【详解】光路图如图所示因为底面直径与桶高相等，所以由可知因此，油的折射率光在油中的传播速度是17. 如图，在直角三角形OPN区域内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向外一带正电的粒子从静止开始经电压U加速后，沿平行于x轴的方向射入磁场；一段时间后，该粒子在OP边上某点以垂直于x轴的方向射出已知O点为坐标原点，N点在y轴上，OP与x轴的夹角为30，粒子进入磁场
17、的入射点与离开磁场的出射点之间的距离为d，不计重力求（1）带电粒子的比荷；（2）带电粒子从射入磁场到运动至x轴的时间【答案】（1） （2）或【解析】【详解】（1）粒子从静止被加速的过程，根据动能定理得：，解得：根据题意，下图为粒子运动轨迹，由几何关系可知，该粒子在磁场中运动的轨迹半径为：粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即：联立方程得：（2）根据题意，粒子在磁场中运动的轨迹为四分之一圆周，长度粒子射出磁场后到运动至轴，运动的轨迹长度粒子从射入磁场到运动至轴过程中，一直匀速率运动，则解得：或18. 如图，一粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内有一段高度为2.0cm的水银柱，水银柱下
18、密封了一定量的理想气体，水银柱上表面到管口的距离为2.0cm若将细管倒置，水银柱下表面恰好位于管口处，且无水银滴落，管内气体温度与环境温度相同已知大气压强为76cmHg，环境温度为296K（1）求细管的长度；（2）若在倒置前，缓慢加热管内被密封的气体，直到水银柱的上表面恰好与管口平齐为止，求此时密封气体的温度【答案】（1）41cm；（2）312K【解析】【分析】以“液柱”为模型，通过对气体压强分析，利用玻意耳定律和盖-吕萨克定律求得细管长度和温度，找准初末状态、分析封闭气体经历的变化时关键易错点：误把气体长度当成细管长度【详解】（1）设细管的长度为l，横截面的面积为S，水银柱高度为h；初始时，设水银柱上表面到管口的距离为h，被密封气体的体积为V，压强为p；细管倒置时，气体体积为V1，压强为p1由玻意耳定律有pV=p1V1由力的平衡条件有p=p0gh式中，p、g分别为水银的密度和重力加速度的大小，p0为大气压强由题意有V=S（Lh1h）V1=S（Lh）由式和题给条件得L=41cm（2）设气体被加热前后的温度分别为T0和T，由盖吕萨克定律有由式和题给数据得T=312K