1、广州市育才中学2020至2021学年高二第一学期期中考试物理（选考）试卷 本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题），总分100分，考试时间75分钟。第卷（选择题，共48分）一、 单项选择题：（每小题4分，共24分，每题中只有一个正确选项）1运输家用电器、易碎器件等物品时，经常用泡沫塑料作填充物，这是为了在运输过程中（）A减小物品受到的冲量B使物体的动量减小C使物体的动量变化率减小D使物体的动量变化量减小2如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，一个光滑弧形槽静止放在足够长的光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切，让一个物块从槽上高h处由静止开始下滑。下列说法正确的是（）A物块沿槽下滑的过程中，物块
2、的机械能守恒B物块沿槽下滑的过程中，物块与槽组成的系统水平方向动量守恒C从物块压缩弹簧到被弹开的过程中，弹簧对物块的冲量等于零D物块第一次被反弹后一定再次回到槽上高h处3如图所示，在光滑的水平绝缘桌面上有两个带有同种电荷的小物块P和Q，已知电荷量。将它们由静止释放，则在物块运动过程中（）AP受到的库仑力大于Q受到的库仑力BP受到的库仑力小于Q受到的库仑力CP受到的库仑力在增大DQ受到的库仑力在减小4某电场的电场线分布如图所示，则（）A电荷P带负电B电荷P的电性无法判断Ca点的电场强度小于b点的电场强度Dc、d两点的电场强度大小不同，方向相同5某电场的电场线如图所示，一带正电的点电荷仅在电场力的
3、作用下从M点运动到N点。若其在电场中M、N两点运动的加速度大小分别为aM和aN，所具有的动能分别为EkM和EkN，则下列说法中正确的是（ ）AaM aN，EkM aN，EkM EkNCaM EkN DaM aN，EkM EkN6如图所示，在水平向右的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳一端固定在O点，另一端拴一个质量为m、带电荷量为q的小球。把细绳拉到竖直状态，小球从最低点A由静止释放后沿圆弧运动，当细绳刚好水平时，小球到达位置B且速度恰好为零。已知重力加速度为g，不计空气阻力，则（）A小球最终将静止在B点 B小球运动到B点时，细绳的拉力为0C匀强电场的电场强度大小为 D在此过程中，小球的电势能
4、一直增加二、 多项选择题：（每小题4分，共24分，每题中有两个或两个以上正确选项）7如图，两个物体1和2在光滑水平面上以相同动能相向运动，它们的质量分别为m1和m2，且m1m2.经一段时间两物体相碰撞并粘在一起碰撞后()A两物体将向右运动B两物体将向左运动C两物体组成系统损失能量最大D两物体组成系统损失能量最小8如图所示，小物体a沿高为h、倾角为30的固定在水平地面上的光滑斜面以初速度v0从顶端滑到底端，与a完全相同的物体b以同样大小的初速度v0从同样的高度水平抛出，落至同一水平地面。不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A两物体落地时，重力的瞬时功率一定相同B从开始运动至落地过程中，合外力的
5、冲量相同C两物体落地时动量大小相同D两物体落地时动能相同9如图所示，一质量为M=3.0kg的长方形木块B放在光滑水平地面上，在其右端放一质量m=1.0kg的小木块A现以地面为参考系，给A和B一大小均为4.0m/s、方向相反的初速度，使A开始向左运动、B开始向右运动，但最后A并没有滑离B板，站在地面上的观察者看到在一段时间内物块A做加速运动.则在这段时间内的某时刻，木块B相对地面的速度大小可能是（ ）A2.6m/s B2.5m/s C2.2m/s D1.9m/s10如图所示，平行板电容器的A板带正电，与静电计上的金属球相连；平行板电容器的B板和静电计的外壳均接地此时静电计指针张开某一角度，则以下
6、说法中正确的是（ ）AB板向左平移，静电计指针张角变大BB板向上平移，静电计指针张角变大C在两板间插入介质板，静电计指针张角变大D在两板间插入金属板，（金属板与A、B板不接触）静电计指针张角变大11如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M、N两点，在MN的连线上有对称点a、c，MN连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是（ ）AO点场强一定大于与b点场强Ba点电势一定低于c点电势C负电荷在b点电势能一定等于在d点电势能D正电荷从d点移到a点电场力可能做负功12真空中的某装置如图所示，其中平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏今有质子()、氘核()和粒子()均由A
7、板从静止开始被加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后打在荧光屏上已知质子、氘核和粒子的质量之比为124，电荷量之比为112，则下列判断中正确的是（ ）A三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同B三种粒子打到荧光屏上的位置相同C偏转电场的静电力对三种粒子做功之比为112D偏转电场的静电力对三种粒子做功之比为124第卷（非选择题，共52分）三、 实验题（共15分）13（6分）如图，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过仅测量_（填选项前的符号），间接地解决这个问题。A小球开始释
8、放高度hB小球抛出点距地面的高度HC小球做平抛运动的射程(2)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先将入射球m1多次从斜轨上S位置由静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP。然后，把被碰小球m2静止于轨道的水平部分，再将入射小球m1从斜轨上S位置由静止释放，与小球m2相撞，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是_。（填选项前的符号）A用天平测量两个小球的质量m1、m2B测量小球m1开始释放高度hC测量抛出点距地面的高度HD分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE测量平抛射程OM、ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为_用(2)中测量的量表示。14（9
9、分）在“测定金属丝的电阻率”的实验中，待测电阻丝阻值约为。(1)用螺旋测微器测量电阻丝的直径d其中一次测量结果如图所示，图中读数为_mm(2)用毫米刻度尺测量金属丝接入电路的长度L(3)为了测量电阻丝的电阻，除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A电源E电动势为，内阻不计B电压表V量程为，内阻约为C电流表A量程为，内阻约为D滑动变阻器R最大阻值，额定电流E.开关S一个，导线若干为了减少实验误差，并达到节能环保的要求，以下四个电路中最合理的是_。(4)在实验中，电压表示数为U，电流表示数为I，则金属丝电阻率的表达式为_；(用直接测量的物理量表示)，从系统误差上看，金属丝电阻率的测量偏比真实
10、值_(填“大”或“小”)四、 计算题（共3小题，共37分）15（10分）如图所示，质量m1=2kg的小球用一条不可伸长的轻绳连接，绳的另一端固定在悬点O上，绳子长度l=1m将小球拉至绳子偏离竖直方向的角度=37处由静止释放，小球运动至最低点时，与一质量m2=1kg的物块发生正碰，碰撞时间很短之后物块在水平面上滑行一段s=0.4m的距离后停下已知物块与水平面间的动摩擦因数=0.5，取重力加速度g = 10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：（1）碰前瞬间小球的速度大小；（2）碰后瞬间小球和物块的速度大小16（12分）有一电子经过电压U0加速后，射入两块间距为d、电压为U的平行金
11、属板间，若电子从两极板正中央射入，且恰能穿出电场电子的质量为m，电量为e。求：（1）电子进入平行金属板间的初速度v0为多少？（2）金属板的长度？17（15分)如图所示，光滑绝缘轨道由水平段AB和圆形轨道BCD组成，B在圆心正下方，轨道上的C、D两点与圆心等高，圆轨道半径为R整个装置处在水平向右的匀强电场中，电场强度大小为E=现将一小球从A点由静止释放已知小球质量为m，电量为q，且带正电，重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）若AB=3R，求小球运动到C点时对轨道的压力大小；（2）若小球能沿圆轨道运动到D点，则AB间的距离至少为多大?广州市育才中学2020至2021学年高二第一学期期中考试高二
12、物理（选考）答案1C【解析】运输家用电器.易碎器件等物品时，经常用泡沫塑料作填充物，这是为了在运输过程中，延长了力的作用时间，减小作用力，即使物体的动量变化率减小，不易损坏故选C。2B【解析】AB物块沿槽下滑过程中，物块与弧形槽组成的系统机械能守恒，水平方向动量守恒，故A错误；B正确C从物块压缩弹簧到被弹开的过程中，物块受到的冲量等于物块动量的变化，物体的动量变化量不为零，故物体受到的冲量不为零，C错误；D物块反弹后追上弧形槽，上升到最高点时，物块和弧形槽具有相同的速度，全过程系统机械能守恒，故物块不能回到槽上高h处，D错误。故选B。3D【解析】AB小物块P和Q受到的库仑力是一对相互作用力，总
13、是大小相等，AB错误；CD小物块P和Q带同种电荷，二者相互排斥，间距增大，根据可知库仑力减小，C错误，D正确。故选D。4C【解析】AB电场线从正电荷出发，由电场线分布可知，电荷P带正电，故AB错误；Ca点的电场线比b点较稀疏，则a点的电场强度小于b点的电场强度，故C正确；D因c点的电场线较d点密集，c、d两点的电场强度大小不同；电场线的切线方向表示电场强度的方向，c、d两点切线方向不同，所以c、d两点的电场强度方向不同，故D错误；故选C。5A【解析】因为N点的电场线较M点密集，则EM EN，则电荷在N点的加速度较大，即aM aN；从M点运动到N点电场力做正功，动能增加，则EkM EkN.；故选
14、A.6C【解析】A小球在B点时，受到竖直向下的重力和水平向右的电场力，水平向左的拉力，合力不为0，故不可能静止在B点，故A错误；B小球作圆周运动，其在B点速度为0，故向心力为0，故；故B错误；C从A到B，由动能定理可得故；故C正确；D小球从A到B的过程中，电场力做正功，电势能减小，故D错误；故选C。7BC【解析】物体的动量，已知两物体动能EK相等，m1m2，则P1P2，两物体组成的系统总动量方向与2的动量方向相同，即向左，两物体碰撞过程中动量守恒，两物体碰撞后动量向左，物体向左运动，故A错误，B正确；两物体碰撞后粘合在一起，物体发生的碰撞是完全非弹性碰撞，系统损失的机械能最大，故C正确，D错误
15、；8CD【解析】A对a，由牛顿第二定律得到地面时的瞬时速度 重力的瞬时功率 对b，落地的竖直速度重力的瞬时功率 则两物体落地时，重力的瞬时功率不相同，选项A错误；B物体a与物体b的合外力方向不同，故合外力的冲量肯定不同，选项B错误；CD根据机械能守恒定律可知两物体落地时的动能相同，速度大小相同，根据p=mv可知，动量大小相同，选项CD正确。故选CD。9ABC【解析】A先向左做减速运动，后向右做加速运动，B一直向右做减速运动，当A的速度为0时，设B的速度为v1，以向右为正方向，由动量守恒定律得：Mv0-mv0=Mv1，代入数据得：最后两者一起向右做匀速直线运动，设最终的速度为v，以向右为正方向，
16、由动量守恒定律得：Mv0-mv0=（M+m）v，代入数据解得：v=2m/s这段时间内木板B相对地面的速度范围是：2m/sv2.67m/s10AB【解析】A、B板向左平移，板间距离d增大，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U增大，静电计指针张角变大故A正确B、B板向上平移，两极板正对面积减小，由电容的决定式C=得知，电容C减小，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U增大，静电计指针张角变大故B正确C、在两板间插入介质板，由C=得知，电容C增大，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U减小，静电计指针张角变小故C错误D、在两板间插入
17、金属板，板间距离减小，电容C增大，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U减小，静电计指针张角变小故D错误故选AB11ACD【解析】A在等量异种点电荷的电场线分布图中，在两电荷连线的中垂线上，中点O处的电场线最密集，可知O点场强一定大于与b点场强，选项A正确；B沿着电场线的方向电势降低，由于不知道两电荷电性，所以不能判断a、c两点电势高低，选项B错误；C电势能与试探电荷和电势都有关系，由于a、b两点电势的相同，所以电荷在两点的电势能相等，选项C正确；D因a点电势可能高于d点，则正电荷在a点的电势能大于d点的电势能，正电荷从d点移到a点电场力可能做负功，电势能升高，选项D正确。故选ACD
18、。12BC【解析】设AB间的电压为U1，CD间的电压为U2、板长为L、板距为d，CD右边缘离荧光屏的距离为S，从一般情况考虑，在加速电场中有：，进入偏转电场做类平抛运动A项：穿出CD后的时间，由于三种粒子的比荷不同，所以三种粒子穿出CD板的时间不同，所以选项A错误；B项：偏移的距离：，偏转角的正切：，由以上两解得：，由两式可以看出，三种粒子从CD边缘的同一点穿出，且速度方向相同，那么最后打到荧光屏的位置相同，所以选项B正确；C、D项：偏转电场对三种粒子所做功，则做功之比等于电量之比为1：1：2，故C正确，D错误故应选BC13(每空2分，共6分）C ADE 【解析】(1)1小球离开轨道后做平抛运
19、动，由于小球抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间相等，小球的水平位移与小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即测量水平射程;故选C(2)2要验证动量守恒定律定律，即验证小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得得因此实验需要测量：两球的质量、小球的水平位移，为了测量位移，应找出落点,故选ADE(3)3由(2)知，实验需要验证14 （实验电路图3分，其他每空2分，共9分）0.755（0.752-0.757均正确） C 小 【解析】由图示螺旋测微器可知，固定刻度示数为，可动刻度示数为，螺旋测微器示数为滑动变阻器最大阻值大于待测电阻
20、阻值，滑动变阻器可以采用限流接法因为，所以，电流表应采用外接法，实验电路图应选C由欧姆定律得，电阻阻值，由电阻定律得：，联立解得：由于电压的分流，造成电流表的读数比通过R的电流大，所以金属丝电阻率的测量偏比真实值小15（10分）（1）2m/s；（2）碰后小球的速度为1m/s，物块的速度为2m/s【解析】（1）根据动能定理可知，(2分）所以碰前瞬间小球的速度为(2分）（2） 根据动能定理可知，碰后物块的速度满足(2分）又小球和物块组成的系统水平方向动量守恒，以向右为正方向，可得：(2分）解得(2分）16（12分）（1）（2）【解析】（1）电子经过电压U0加速，有(2分）解得(2分）（2）电子在电
21、压为U的平行金属板间作类平抛运动，运动时间(1分）加速度(2分）电子在竖直方向上的位移(2分）电子正好能穿出电场，则(1分）解以上方程，得(2分）17（15分）(1)N=5mg；(2)【解析】(1)小球从A点到C点由动能定理有：(2分）在C点由牛顿第二定律得： (2分）联立解得：NC=7mg(1分）由牛顿第三定律可知，球运动到C点时对轨道的压力大小为7mg；(2分，其中牛三1分，结果1分）(2)电场与重力场的合场强与竖直方向成斜向下，设AB的距离为x，球能沿圆轨道运动到D点，则必须能通过等效最高点G点，则在G点有：(2分）从A到G由动能定理得：(4分）联立解得：(2分）第 9 页 共 9 页 高二物理（选考）试卷