1、高考资源网（） 您身边的高考专家山东省东营市2015届高考物理三模试卷一、选择题（本题共7小题，每小题6分，共42分在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思维法、类比法和科学假说法、建立理想模型法、微元法等等，以下叙述正确的是( )A在定义加速度，电场强度，电容器的电容等物理量时采用了类比法B在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法C在用实验探究加速度、力和质量三者之间关系时，应用了控制变量法D在推
2、导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2质量为2kg的物体在xy平面做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示下列说法正确的是( )A质点所受的合外力为6NB质点的初速度为5m/sC2s末速度大小为6m/sD质点初速度的方向与合外力方向垂直3小明在研究点电荷周围的电场的实验时，在x轴上放一个点电荷Q（图中未画出），O、A、B为轴上三点，如图（甲）所示测得放在A、B两点的检验电荷受到的电场力跟检验电荷所带电荷量的关系如图（乙）所示以x轴的正方向为电场力的正方向，则正确的是( )A点电荷Q一定为正电
3、荷B点电荷Q在AB之间CA点的电势比B点的电势高DA点的电场强度大小为2103N/C4如图所示，位于同一水平面内的，两根平行的光滑金属导轨，处在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨所在平面，导轨的一端与一电阻相连，具有一定质量的金属杆ab放在导轨上并与导轨垂直，当磁场的磁感应强度B随时间t如图变化时（规定垂直纸面向里的磁场方向为正），用一平行于导轨的力F向左或向右拉杆ab，使它保持静止若规定由ab方向通过杆的感应电流为正，向右的拉力为正，则能反映通过杆的感应电流I和拉力F随时间t变化的图线是( )ABCD5如图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1：n2=5：1，电阻R=20，L1、L2为规格相同的
4、两只小灯泡，S1为单刀双掷开关原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光下列说法正确的是( )A输入电压u的表达式u=20sin50tVB只断开S2后，L1、L2均无法正常发光C只断开S2后，原线圈的输入功率增大D若S1换接到2后，R消耗的电功率为0.8W63月30日21时52分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功将首颗新一代北斗导航卫星发射升空进入预定轨道发射北斗卫星导航系统中的同步卫星，一般都要采用变轨道发射的方法：卫星首先进入停泊轨道（圆形轨道），当卫星穿过赤道平面A时点火，卫星进入转移轨道（椭圆轨道），当卫星达到远
5、地点B时再次点火，进入静止轨道（同步轨道）则下列说法正确的是( )A同步卫星的角速度与静止在赤道上物体的角速度大小相同B卫星在同步轨道运行的周期比地球的自转周期小C卫星在同步轨道运行的速度比在停泊轨道（圆形轨道）时大D变轨前后卫星的机械能相等7如图所示，在绝缘的斜面上方存在着沿水平向右的匀强电场，斜面上的带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是( )A金属块带正电荷B金属块克服电场力做功8JC金属块的机械能减少12JD金属块的电势能减少4J二、非选择题（必做+选做）【必做部分】8如图所示，质量不同的两个物体A和
6、B，用跨过定滑轮的细绳相连开始时B放在水平桌面上，A离地面有一定的高度，从静止开始释放让它们运动，在运动过程中B始终碰不到滑轮，A着地后不反弹滑轮与轴处摩擦不计，绳子和滑轮质量不计用此装置可测出B物体与水平桌面间的动摩擦因数（1）在本实验中需要用到的测量工具是_；需要测量的物理量是_（详细写出物理量名称及符号）（2）动摩擦因数的表达式为=_9甲同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2阻值实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V（量程为1.5V，内阻很大），电阻箱R（099.99），单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干先测电阻R1的阻值请将甲
7、同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数Ul，保持电阻箱示数不变，_，读出电压表的示数U2则电阻R1的表达式为R1=_甲同学已经测得电阻Rl=4.8，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的图线，则电源电动势E=_V，电阻R2=_利用甲同学设计的电路和测得的电阻Rl，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出于相应的图线
8、，根据图线得到电源电动势E和电阻R2这种做法与甲同学的做法比较，由于电压表测得的数据范围_（选填“较大”、“较小”或“相同”），所以_同学的做法更恰当些10（18分）冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图所示比赛时，运动员在投掷线AB处让冰壶以一定的初速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近距离投掷线30m远的O点为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小设冰壶与冰面间的动摩擦因数为1=0.008，用毛刷擦冰面后摩擦因数减少至2=0.004在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以v0=2m/s的速度沿虚线滑出（g取10m/s2）（1）
9、若不用毛刷擦冰面，则冰壶停止的位置距离O点多远？（2）为使冰壶C能够沿虚线恰好到达O点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为多少？11如图所示，相距为R的两块平行金属板M、N正对着放置，s1、s2分别为M、N板上的小孔，s1、s2、O三点共线，它们的连线垂直M、N，且s2O=R以O为圆心、R为半径的圆形区域内存在磁感应强度为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场D为收集板，板上各点到O点的距离以及板两端点的距离都为2R，板两端点的连线垂直M、N板质量为m、带电量为+q的粒子，经s1进入M、N间的电场后，通过s2进入磁场粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计（1）当M、N间的电压为U时，求粒子进入磁场时速度的
10、大小；（2）若粒子恰好打在收集板D的中点上，求M、N间的电压值U0；（3）当M、N间的电压不同时，粒子从s1到打在D上经历的时间t会不同，求t的最小值【选做部分】选做其中1模块【物理3-3】12如图所示，纵坐标表示两个分子间引力、斥力的大小，横坐标表示两个分子之间的距离，图中两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离的变化关系，e为两曲线的交点，则下列说法正确的是( )Aab为引力曲线，cd为斥力曲线，e点横坐标的数量级为1010mBab为斥力曲线，cd为引力曲线，e点横坐标的数量级为1010mC若两个分子间距离大于e点的横坐标，则分子间作用力表现为斥力D若两个分子间距离越大，则分子
11、势能亦越大13如图，粗细均匀的弯曲玻璃管A、B两端开口，管内有一段水银柱，右管内气体柱长为39cm，中管内水银面与管口A之间气体柱长为40cm先将口B封闭，再将左管竖直插入水银槽中，设整个过程温度不变，稳定后右管内水银面比中管内水银面高2cm，求：（1）稳定后右管内的气体压强p；（2）左管A端插入水银槽的深度h（大气压强p0=76cmHg）【物理3-4】14关于在竖直放置的肥皂膜上产生的干涉现象，下列说法正确的是( )A干涉条纹的产生是由于光线在膜前后表面反射形成的两列光波的叠加B用绿光照射产生的干涉条纹比黄光照射时产生的条纹窄C干涉条纹间的暗线是由于两反射光波波谷与波谷的叠加D干涉条纹间的暗
12、线是由于两反射光波波峰与波谷的叠加15一根张紧的水平弹性长绳上的a、b两点，相距14m，b点在a点的右方，如图所示当一列简谐横波沿此长绳向右传播时，若a点的位移达到正极大时，b点的位移恰为零，且向下运动，14m经过1.00s后，a点的位移为零，且向下运动，求这列波的波速【物理3-5】162006年美国和俄罗斯的科学家利用回旋加速器，通过（钙48）轰击（锎249）发生核反应，成功合成了第118号元素，这是迄今为止门捷列夫元素周期表中原子序数最大的元素，实验表明，该元素的原子核先放出3个相同的粒子x，再连续经过3次衰变后，变成质量为282的第112号元素的原子核，则上述过程中的粒子x是( )A中子
13、B质子C电子D粒子17如图所示，质量为6kg的小球A与质量为3kg的小球B，用轻弹簧相连后在光滑的水平面上以速度v0向左匀速运动，在A球与左侧墙壁碰，撞后两球继续运动的过程中，弹簧的最大弹性势能为4J，若A球与左墙壁碰撞前后无机械能损失，试求v0的大小山东省东营市2015届高考物理三模试卷一、选择题（本题共7小题，每小题6分，共42分在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思维法、类比法和科学假说法、建立理想模型法、微元法等等
14、，以下叙述正确的是( )A在定义加速度，电场强度，电容器的电容等物理量时采用了类比法B在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法C在用实验探究加速度、力和质量三者之间关系时，应用了控制变量法D在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法考点：物理学史 专题：常规题型分析：在定义加速度，电场强度，电容器的电容等物理量时采用了比值定义法；质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；在研究曲线运动或
15、者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度解答：解：A、在定义加速度，电场强度，电容器的电容等物理量时采用了比值定义法，故A错误；B、质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法，故B错误；C、在用实验探究加速度、力和质量三者之间关系时，应用了控制变量法，故C正确；D、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确；故选：CD点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律
16、的基础上，更要注意科学方法的积累与学习2质量为2kg的物体在xy平面做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示下列说法正确的是( )A质点所受的合外力为6NB质点的初速度为5m/sC2s末速度大小为6m/sD质点初速度的方向与合外力方向垂直考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像 专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据速度图象判断物体在x轴方向做匀加速直线运动，y轴做匀速直线运动根据位移图象的斜率求出y轴方向的速度，再将两个方向的合成，求出初速度质点的合力一定，做匀变速运动y轴的合力为零根据斜率求出x轴方向的合力，即为质点的合力合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x轴，也不在y轴方向
17、，质点初速度的方向与合外力方向不垂直解答：解：A、x轴方向的加速度a=1.5m/s2，质点的合力F合=ma=3N，故A错误；B、x轴方向初速度为vx=3m/s，y轴方向初速度vy=4m/s，质点的初速度v0=5m/s故B正确C、2s末质点速度大小为v=6m/s，故C错误；D、合力沿x轴方向，初速度方向在x轴与y轴负半轴夹角之间，故合力与初速度方向不垂直，D错误；故选：B点评：本题考查运用运动合成与分解的方法处理实际问题的能力，类似平抛运动中等难度3小明在研究点电荷周围的电场的实验时，在x轴上放一个点电荷Q（图中未画出），O、A、B为轴上三点，如图（甲）所示测得放在A、B两点的检验电荷受到的电场
18、力跟检验电荷所带电荷量的关系如图（乙）所示以x轴的正方向为电场力的正方向，则正确的是( )A点电荷Q一定为正电荷B点电荷Q在AB之间CA点的电势比B点的电势高DA点的电场强度大小为2103N/C考点：电势差与电场强度的关系；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：由图读出两个检验电荷所受的电场力方向，分析Q的位置根据电场强度的定义式E=可知，Fq图线的斜率等于场强的大小，分析场强的大小根据A、B与Q的距离关系，判断电势高低解答：解：A、B由图（乙），正检验电荷放在A点和负检验电荷放在B点所受电场力方向均沿x轴正方向，说明点电荷Q为负电荷且放在AB之间故A错误，B正确CD、由图线斜率表示场强，可
19、知A点场强大小为2103N/C同理，B点场强大小为5102N/C，说明A点距离Q较近，故A点的电势低于B点的电势故C错误，D正确故选：BD点评：本题要掌握电场力与场强方向、大小的关系，从数学的角度理解图线Fq斜率的物理意义，是常用的思路4如图所示，位于同一水平面内的，两根平行的光滑金属导轨，处在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨所在平面，导轨的一端与一电阻相连，具有一定质量的金属杆ab放在导轨上并与导轨垂直，当磁场的磁感应强度B随时间t如图变化时（规定垂直纸面向里的磁场方向为正），用一平行于导轨的力F向左或向右拉杆ab，使它保持静止若规定由ab方向通过杆的感应电流为正，向右的拉力为正，则能反映通过
20、杆的感应电流I和拉力F随时间t变化的图线是( )ABCD考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；法拉第电磁感应定律 专题：电磁感应与图像结合分析：由题意，ab棒保持静止，根据法拉第电磁感应定律分析回路中产生的感应电动势，由闭合电路欧姆定律分析感应电流拉力与ab所受的安培力始终平衡，由F=BIL分析安培力，即可知道拉力的变化解答：解：在00.5s内，B均匀增大，根据法拉第电磁感应定律可知，回路中产生恒定的感应电动势，E1=S=S=2B0S，根据楞次定律判断得知，ab中产生的感应电流方向沿ba，为负方向感应电流的大小为I1=；ab棒所受的安培力大小为FA1=BI1L=（B0+2B0
21、t），方向向左，则拉力大小为F1=FA1=（B0+2B0t），方向向右，为正方向；在0.51s内，B不变，穿过回路的磁通量不变，没有感应电流产生，安培力和拉力均为零；在12s内，B均匀减小，根据法拉第电磁感应定律可知，回路中产生恒定的感应电动势，E2=S=S=4B0S，根据楞次定律判断得知，ab中产生的感应电流方向沿ab，为正方向感应电流的大小为I2=；ab棒所受的安培力大小为FA2=BI2L=2B04B0（t1）=（6B04B0t），方向向右，则拉力大小为F2=FA2=（6B04B0t），方向向左，为负方向；故知AC正确故选AC点评：本题要分三个时间段，根据法拉第电磁感应定律、楞次定律、欧姆
22、定律和安培力公式进行研究5如图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1：n2=5：1，电阻R=20，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀双掷开关原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光下列说法正确的是( )A输入电压u的表达式u=20sin50tVB只断开S2后，L1、L2均无法正常发光C只断开S2后，原线圈的输入功率增大D若S1换接到2后，R消耗的电功率为0.8W考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论解答：解：A、周期是0.0
23、2s，=100，所以输入电压u的表达式应为u=20sin（100t）V，A错误；B、只断开S2后，负载电阻变大为原来的4倍，电压不变，副线圈电流变小为原来的四分之一，无法正常发光，B正确；C、只断开S2后，原线圈的输入功率等于副线圈的功率都减小，C错误；D、若S1换接到2后，电阻R电压有效值为4V，R消耗的电功率为 =0.8W，D正确故选：BD点评：掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法63月30日21时52分，我国在西昌卫星发射中心用长征三
24、号丙运载火箭，成功将首颗新一代北斗导航卫星发射升空进入预定轨道发射北斗卫星导航系统中的同步卫星，一般都要采用变轨道发射的方法：卫星首先进入停泊轨道（圆形轨道），当卫星穿过赤道平面A时点火，卫星进入转移轨道（椭圆轨道），当卫星达到远地点B时再次点火，进入静止轨道（同步轨道）则下列说法正确的是( )A同步卫星的角速度与静止在赤道上物体的角速度大小相同B卫星在同步轨道运行的周期比地球的自转周期小C卫星在同步轨道运行的速度比在停泊轨道（圆形轨道）时大D变轨前后卫星的机械能相等考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：人造卫星问题分析：同步卫星的角速度与静止在赤道上物体的角速度大小相等，都等于地球
25、自转的角速度根据离心运动知识分析变轨时速度的变化解答：解：A、同步卫星的角速度等于地球自转的角速度则同步卫星的角速度与静止在赤道上物体的角速度大小相等，故A正确B、卫星在同步轨道运行的周期比地球的自转周期相同，故B错误C、根据v=，知轨道半径越大，卫星圆周运动的速度越小，则卫星在同步轨道运行的速度比在停泊轨道（圆形轨道）时小，故C错误D、变轨前后卫星要加速或减速，其机械能将发生变化，故D错误故选：A点评：解决本题的关键要掌握同步卫星的条件，知道同步卫星的角速度等于地球自转的角速度掌握卫星圆周运动线速度公式v=7如图所示，在绝缘的斜面上方存在着沿水平向右的匀强电场，斜面上的带电金属块沿斜面滑下，
26、已知在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是( )A金属块带正电荷B金属块克服电场力做功8JC金属块的机械能减少12JD金属块的电势能减少4J考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；功能关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根据动能定理求出电场力做功知道电场力做功量度电势能的改变知道重力做功量度重力势能的改变解答：解：在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=EK解得：W电=
27、4JA、由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷故A正确；B、金属块克服电场力做功4J，B错误；C、在金属块滑下的过程中重力做功24J，重力势能减小24J，动能增加了12J，所以金属块的机械能减少12J，故C正确D、金属块克服电场力做功4J，金属块的电势能增加4J故D错误；故选：AC点评：解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系二、非选择题（必做+选做）【必做部分】8如图所示，质量不同的两个物体A和B，用跨过定滑轮的细绳相连开始时B放在水平桌面上，A离地面有一定的高度，从静止开始释放让它们运动，在运动过程中B始终碰不到滑
28、轮，A着地后不反弹滑轮与轴处摩擦不计，绳子和滑轮质量不计用此装置可测出B物体与水平桌面间的动摩擦因数（1）在本实验中需要用到的测量工具是天平，刻度尺；需要测量的物理量是A距地面的高度h，B在桌面上滑行的总距离s，A、B的质量mA、mB（详细写出物理量名称及符号）（2）动摩擦因数的表达式为=考点：探究影响摩擦力的大小的因素；牛顿第二定律 专题：实验题分析：分析A、B的运动过程A向下加速运动，B先加速后减速根据系统运动过程中的能量转化和守恒列出等式根据等式表示出B物体与水平桌面间的动摩擦因数解答：解：设A距地面的高度h，B在桌面上滑行的总距离s，A、B的质量mA、mB从开始释放让它们运动，到A着地
29、，根据系统能量守恒得：mAgh=mBgh+（mA+mB）v2 从A着地到B停在桌面上，根据能量守恒得：mBv2=mBg（sh） 由解得：=故答案为：（1）天平，刻度尺，A距地面的高度h，B在桌面上滑行的总距离s，A、B的质量mA、mB（2）点评：能够从物理情境中运用物理规律找出所要求解的物理量间的关系表示出需要测量的物理量，运用仪器进行测量9甲同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2阻值实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V（量程为1.5V，内阻很大），电阻箱R（099.99），单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干先测电阻R1的阻值请将甲
30、同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数Ul，保持电阻箱示数不变，将S2切换到b，读出电压表的示数U2则电阻R1的表达式为R1=甲同学已经测得电阻Rl=4.8，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的图线，则电源电动势E=1.43V，电阻R2=1.2利用甲同学设计的电路和测得的电阻Rl，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数
31、据，绘出于相应的图线，根据图线得到电源电动势E和电阻R2这种做法与甲同学的做法比较，由于电压表测得的数据范围较小（选填“较大”、“较小”或“相同”），所以甲同学的做法更恰当些考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）要求R1的电阻应知道R1两端的电压及流过的电流；由题意应通过串联电路的规律及欧姆定律求解；（2）将R2等效为内电阻； 由闭合电路欧姆定律可得出相应的表达式，由题意将表达式变形为有关纵横坐标之间的关系的式子，则结合数学知识可得出电源的电动势及内电阻；（3）乙同学中电压表测量的是R与R1两端的电压，由于R1为定值电阻，滑动变阻器调节时，电压表的示数范围将变小，
32、故误差将变大；解答：解：要测得R1的阻值，应知道R1两端的电压及流过R1的电流；故可以将S2切换到b，测出串联电路的两端的电压；由串联电路可知U=U2U1；电流I=；由欧姆定律可知：R1=电压表测量电阻箱两端的电压；由闭合电路欧姆定律可知：U=变形得：=由图象可知，图象与纵坐标的交点等于=0.7；解得：E=1.43（或）； 图象的斜率：=解得：R2=64.8=1.2；若开关接b，则电压表测量R及R1两端的电压，因R2的阻值较小，故电压表的示数接近电源的电动势，故电压表测量的范围较小；导致误差较大；故甲同学的做法更好一些；故答案为：（1）将S2切换到b； ；（2）1.43；1.2；（3）较小；
33、甲点评：本题为伏阻法测电动势和内电阻，但由于过程较为复杂，故应认真审题，明确题中的实验原理；同时要注意电源内电阻忽略不计，R2可等效为内电阻处理10（18分）冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图所示比赛时，运动员在投掷线AB处让冰壶以一定的初速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近距离投掷线30m远的O点为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小设冰壶与冰面间的动摩擦因数为1=0.008，用毛刷擦冰面后摩擦因数减少至2=0.004在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以v0=2m/s的速度沿虚线滑出（g取10m/s2）（1）若不用毛
34、刷擦冰面，则冰壶停止的位置距离O点多远？（2）为使冰壶C能够沿虚线恰好到达O点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为多少？考点：动能定理的应用；滑动摩擦力；功能关系 分析：对冰壶受力分析，运用动能定理研究滑动的过程求出位移，也可以运用牛顿第二定律求出冰壶的加速度，在运用运动学公式求出位移为使冰壶C能够沿虚线恰好到达O点，也就是说到达O点的速度为0我们可以设冰壶在未被毛刷擦过的冰面上滑行的距离，再运用动能定理研究整个过程，解出未知量解答：解（1）运用动能定理研究冰壶滑出到停止这个过程：1mgs=0mv02s=25m30m25m=5m所以冰壶停止的位置距离O点5m（2）设冰壶在未被毛刷擦过的冰面上滑行的距
35、离是s1，所受摩擦力的大小f1，在被毛刷擦过的冰面上滑行的距离s2，所受摩擦力的大小f2则有 s1+s2=L （L为投掷线到圆心的距离）f1=1mg f2=2mg 由功能关系，得f1s1+（f2s2）=0mv02联立以上各式，解得 s2=代入数据得 s2=10m答：（1）冰壶停止的位置距离O点5m；（2）运动员用毛刷擦冰面的长度应为10m点评：该题可以运用牛顿第二定律结合运动学公式求解，也可以运用动能定理求解，我们可以去比较哪个更简便运用动能定理时要注意过程中各力做功的求解11如图所示，相距为R的两块平行金属板M、N正对着放置，s1、s2分别为M、N板上的小孔，s1、s2、O三点共线，它们的连
36、线垂直M、N，且s2O=R以O为圆心、R为半径的圆形区域内存在磁感应强度为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场D为收集板，板上各点到O点的距离以及板两端点的距离都为2R，板两端点的连线垂直M、N板质量为m、带电量为+q的粒子，经s1进入M、N间的电场后，通过s2进入磁场粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计（1）当M、N间的电压为U时，求粒子进入磁场时速度的大小；（2）若粒子恰好打在收集板D的中点上，求M、N间的电压值U0；（3）当M、N间的电压不同时，粒子从s1到打在D上经历的时间t会不同，求t的最小值考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；动能定理；带电粒子在匀强电场中的运动
37、专题：压轴题分析：（1）粒子从s1到达s2的过程中，电场力做功W=qU，根据动能定理求出粒子进入磁场时速度的大小（2）粒子进入磁场后在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，粒子恰好打在收集板D的中点上时，在磁场中运动圆弧，轨迹半径等于R，根据牛顿第二定律和动能定理求解M、N间的电压（3）粒子从s1到打在D上经历的时间t等于在电场中运动时间、磁场中运动时间和穿出磁场后匀速直线运动的时间之和M、N间的电压越大，粒子进入磁场时的速度越大，在极板间经历的时间越短，同时在磁场中运动轨迹的半径越大，在磁场中粒子磁场偏转角度越小，运动的时间也会越短，出磁场后匀速运动的时间也越短，故当粒子打在收集板D的右端时，对应时
38、间t最短根据几何知识求出打在D的右端时轨迹半径，根据前面的结果求出粒子进入磁场时的速度大小，运用运动学公式求出三段时间解答：解：（1）粒子从s1到达s2的过程中，根据动能定理得 解得 （2）粒子进入磁场后在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，有由得加速电压U与轨迹半径r的关系为 当粒子打在收集板D的中点时，粒子在磁场中运动的半径r0=R对应电压 （3）M、N间的电压越大，粒子进入磁场时的速度越大，粒子在极板间经历的时间越短，同时在磁场中运动轨迹的半径越大，在磁场中运动的时间也会越短，出磁场后匀速运动的时间也越短，所以当粒子打在收集板D的右端时，对应时间t最短 根据几何关系可以求得粒子在磁场中运动的半
39、径r=R 由 得粒子进入磁场时速度的大小： 粒子在电场中经历的时间： 粒子在磁场中经历的时间： 粒子出磁场后做匀速直线运动经历的时间： 粒子从s1到打在收集板D上经历的最短时间为：t=t1+t2+t3=答：（1）当M、N间的电压为U时，粒子进入磁场时速度的大小； （2）若粒子恰好打在收集板D的中点上，求M、N间的电压值； （3）粒子从s1到打在D上经历的时间t的最小值为点评：本题考查分析和处理粒子在磁场中运动的轨迹问题，难点在于分析时间的最小值，也可以运用极限分析法分析【选做部分】选做其中1模块【物理3-3】12如图所示，纵坐标表示两个分子间引力、斥力的大小，横坐标表示两个分子之间的距离，图中
40、两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离的变化关系，e为两曲线的交点，则下列说法正确的是( )Aab为引力曲线，cd为斥力曲线，e点横坐标的数量级为1010mBab为斥力曲线，cd为引力曲线，e点横坐标的数量级为1010mC若两个分子间距离大于e点的横坐标，则分子间作用力表现为斥力D若两个分子间距离越大，则分子势能亦越大考点：分子间的相互作用力 分析：在fr图象中，随着距离的增大斥力比引力变化的快，当分子间的距离等于分子直径数量级时，引力等于斥力解答：解：A、B、在fr图象中，随着距离的增大斥力比引力变化的快，所以ab为引力曲线，cd为斥力曲线，当分子间的距离等于分子直径数量级时，
41、引力等于斥力所以e点的横坐标可能为1010m故A正确，B错误；C、因为e点不一定是平衡位置，故分子间距大于e的横坐标，则分子间作用力表现为什么力不明确，故C错误；D、另一分子从A向C运动过程中，它先受到引力的作用，做加速运动；后受到斥力的作用，斥力做负功，故分子势能先减小后增大故D错误故选：A点评：本题主要考查分子间的作用力，要明确fr图象的含义，知道斥力变化的快另一分子从无穷远向O运动过程中，分子势能先减小后增大13如图，粗细均匀的弯曲玻璃管A、B两端开口，管内有一段水银柱，右管内气体柱长为39cm，中管内水银面与管口A之间气体柱长为40cm先将口B封闭，再将左管竖直插入水银槽中，设整个过程
42、温度不变，稳定后右管内水银面比中管内水银面高2cm，求：（1）稳定后右管内的气体压强p；（2）左管A端插入水银槽的深度h（大气压强p0=76cmHg）考点：气体的等温变化 专题：理想气体状态方程专题分析：（1）右管被封闭气体做等温变化，注意右管被封闭气体体积和右管内水银面与中管内水银面高度差之间关系（2）同理左管被封闭气体做等温变化，正确分析插入水银槽深度与中左管内气体长度变化以及液面差之间关系即可求解解答：解：（1）插入水银槽后右管内气体等温变化，左管竖直插入水银槽中后，右管体积为：由玻意耳定律得：带入数据解得：p=78cmHg故稳定后右管内的气体压强：p=78cmHg（2）插入水银槽后左管
43、压强：p1=p+h=80cmHg 左管竖直插入水银槽中时，槽内水银表面的压强为大气压强，设左管内外水银面高度差为h1，此时左管内压强还可以表示为：p1=p0+h1 ，联立式解得h1=4cm中、左管内气体等温变化此时有：p0lS=p1l1S解得：l1=38cm左管插入水银槽深度故左管A端插入水银槽的深度h=7cm点评：本题考查了等温变化气态方程的应用，难点在于根据数学关系确定气体长度的变化以及插入液面内玻璃管的长度【物理3-4】14关于在竖直放置的肥皂膜上产生的干涉现象，下列说法正确的是( )A干涉条纹的产生是由于光线在膜前后表面反射形成的两列光波的叠加B用绿光照射产生的干涉条纹比黄光照射时产生
44、的条纹窄C干涉条纹间的暗线是由于两反射光波波谷与波谷的叠加D干涉条纹间的暗线是由于两反射光波波峰与波谷的叠加考点：光的干涉 专题：光的干涉专题分析：薄膜干涉分为两种一种叫等倾干涉，另一种称做等厚干涉等厚干涉是由平行光入射到厚度变化均匀、折射率均匀的薄膜前、后表面而形成的干涉条纹干涉条纹间的暗线是由于两反射光波波峰与波谷的叠加形成的解答：解：A、由于重力的作用，肥皂膜形成了上薄下厚的薄膜，光线通过薄膜时频率不变，干涉条纹的产生是由于光线在薄膜前后两表面反射形成的两列光波的叠加，故A正确；B、干涉条纹间距与光的波长成正比，由于绿光波长比黄光的短，故绿光干涉条纹间距小，故B正确；C、D、干涉条纹间的
45、暗线是由于两反射光波波峰与波谷的叠加形成的，两反射光波波谷与波谷的叠加形成亮纹，故C错误，D正确；故选：ABD点评：解答本题应掌握薄膜干涉的原理，知道两反射光波波谷与波谷的叠加形成亮纹15一根张紧的水平弹性长绳上的a、b两点，相距14m，b点在a点的右方，如图所示当一列简谐横波沿此长绳向右传播时，若a点的位移达到正极大时，b点的位移恰为零，且向下运动，14m经过1.00s后，a点的位移为零，且向下运动，求这列波的波速考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系 专题：振动图像与波动图像专题分析：根据题意，当简谐横波沿长绳向右传播时，若a点的位移达到正最大时，b点的位移恰为零且向下运动，结合波形，得
46、到a，b两点与波长关系的通项式又据题意，经过1.00s后a点的位移为零，且向下运动，而b点的位移恰达到负最大，得到时间与周期的关系通项式，求出波速的通项式，再研究波速的特殊值解答：解：据“一列简谐横波沿此长绳向右传播时，若a点位移达正极大时，b点的位移恰为零，且向下运动”，可得出此时a、b间的最简波形，得m 因所给定时间与周期的关系未知，故运动时间存在“周期性”即s （n=0，1，2，）因此可能的波速为：m/s （n=0，1，2，）答：该波的波速可能为m/s，（n0，1，2，）点评：此题是波的多解题，首先判断波的传播方向，其次，根据波形及传播方向，列出波沿不同方向传播时可能传播距离和周期的通式
47、，再次，看质点间隐含的不同波长的关系，列出波长的通式，再分别将n=0，1，2代入通式可求得所有可能的答案，要防止漏解或用特解代通解【物理3-5】162006年美国和俄罗斯的科学家利用回旋加速器，通过（钙48）轰击（锎249）发生核反应，成功合成了第118号元素，这是迄今为止门捷列夫元素周期表中原子序数最大的元素，实验表明，该元素的原子核先放出3个相同的粒子x，再连续经过3次衰变后，变成质量为282的第112号元素的原子核，则上述过程中的粒子x是( )A中子B质子C电子D粒子考点：原子核的人工转变 专题：原子的核式结构及其组成分析：根据核反应过程中的质量数和电荷数守恒求出x的质量数和电荷数即可判
48、断x属于那种粒子解答：解：因为在衰变的过程中质量数守恒，电荷数守恒根据电荷守恒定律可得，11832112=0，所以X粒子的电荷量为零再根据质量守恒，48+24943282=3，所以X粒子的质量数为1，所以该粒子为中子，故BCD错误，A正确故选A点评：本题比较简单，直接利用核反应过程中的质量数和电荷数守恒即可解答17如图所示，质量为6kg的小球A与质量为3kg的小球B，用轻弹簧相连后在光滑的水平面上以速度v0向左匀速运动，在A球与左侧墙壁碰，撞后两球继续运动的过程中，弹簧的最大弹性势能为4J，若A球与左墙壁碰撞前后无机械能损失，试求v0的大小考点：动量守恒定律；机械能守恒定律 专题：动量与动能定
49、理或能的转化与守恒定律综合分析：A球与左墙壁前后无机械能损失，所以A球与左侧墙壁碰撞后的速度大小仍为v0，当A、B小球的速度相等时，弹簧的弹性势能最大结合动量守恒定律和能量守恒定律求出v0的大小解答：解：由于A球与左墙壁前后无机械能损失，所以A球与左侧墙壁碰撞后的速度大小仍为v0，方向水平向右，如图甲所示 （1）由题意分析可知，在A球与左侧墙壁后两球继续运动的过程中，当A、B小球的速度相等时（设大小为v，如图乙所示），弹簧的弹性势能最大 （2）对于A、B小球和弹簧组成的系统，从甲图到乙图过程中，由动量守恒定律得：mAv0mBv0=（mA+mB）v（3）由机械能守恒得：（4）由（3）、（4）解得：（5）答：v0的大小为1m/s点评：本题综合考查了动量守恒定律和机械能守恒定律，关键知道A球与墙壁碰撞后速度大小不变，以及当系统速度相同时，弹簧的弹性势能最大高考资源网版权所有，侵权必究！
