1、河南省中原名校20152016学年下期第二次联考生物试题解析及评分标准1C 【解析】线粒体和叶绿体在遗传上具有半自主性，其内的少量DNA也可以控制自身部分蛋白质的合成，但多数蛋白质来自细胞核基因控制合成，A错误。小鼠细胞和人细胞的融合体现了细胞膜具有流动性，B错误。唾液腺细胞和肝细胞是受精卵分裂分化形成的，其中的DNA相同但mRNA不完全相同，C正确。溶酶体内部含有多种水解酶，能分解衰老、损伤的细胞器，吞噬并杀死侵入细胞的病毒或病菌，D错误。【命题意图】本题考查与细胞结构和功能相关的知识，意在考查考生“能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识的网络结构”的能力。2B 【解析】叶肉细
2、胞中固定CO2的场所是叶绿体基质，暗反应中CO2的固定，不消耗ATP和，A错误。从题图分析，Oa段三碳化合物的含量持续上升，说明消耗的五碳化合物越来越多，因此五碳化合物的含量有所下降，B正确。ab段C3化合物浓度不变的原因是C3化合物生成的量与被还原的量基本相等，达到动态平衡，C错误。黑暗条件下叶肉细胞不能进行光反应，不能为暗反应提供和ATP等物质，导致三碳化合物还原受阻，其含量上升，细胞内没有淀粉的合成；但是细胞始终进行细胞呼吸，有ATP的产生与利用；此外，还可能进行其他的生物化学反应，存在物质的转变，D错误。【命题意图】本题考查光合作用的知识，意在考查考生“能理解所学知识的要点，把握知识间
3、的内在联系，分析问题、获得正确结论”的能力。3B 【解析】在低于最适浓度的范围内，随着2,4D溶液浓度的升高，其促进生根的作用增强，A错误。新鲜肝脏研磨液中的过氧化氢酶和氯化铁均能催化过氧化氢分解释放出氧气，但酶的作用具有高效性，B正确。无水乙醇只能提取色素，不能分离色素；分离色素使用的是层析液，C错误。0.3 g/mL蔗糖溶液中洋葱表皮细胞发生质壁分离，但清水中洋葱表皮细胞不会吸水胀破，D错误。【命题意图】本题考查教材相关实验，意在考查考生的理解能力和实验分析能力。4D 【解析】由表可知，甲和丁杂交得到F1的基因型为BbDdee，如果B/b与D/d分别位于两对同源染色体上，则F1产生的四种配
4、子BDeBdebDebde1111，由表中F1产生的四种配子BDeBdebDebde4114可知基因B/b、D/d位于同一对同源染色体上，配子Bde与bDe是交叉互换产生的，出现比例较低，A错误。组合二丙与丁杂交，F1的基因型为BbddEe，由F1产生的四种配子BdEBdebdEbde1111可知，基因E/e和基因B/b、D/d位于不同对同源染色体上，B错误。要通过检测F1花粉性状来验证基因的自由组合定律，即两亲本杂交后F1中同时含有Dd和Ee时，才可根据F1花粉性状验证基因的自由组合定律，符合条件的组合有乙丁和甲丙，C错误。可用于验证基因自由组合定律的亲本组合有甲乙、甲丙、乙丁、丙丁共4个，
5、其中“乙丁和甲丙”属于单独使用花粉鉴定法，D正确。【命题意图】本题考查基因自由组合定律的知识，意在考查学生获取表格信息的能力，以及分析解决遗传学相关问题的能力。5D 【解析】型糖尿病患者体内产生的ICA会攻击自身的胰岛B细胞，属于自身免疫病，A错误。在不同的情况下，葡萄糖进入组织细胞的方式不同，当细胞外的葡萄糖浓度高于细胞内时，葡萄糖可通过协助扩散的方式进入细胞，B错误。糖蛋白是在核糖体上合成的，并需经内质网与高尔基体的加工和运输，最后到达细胞膜，因此与内质网有关，C错误。型糖尿病和型糖尿病的病因(2)，都是由于胰岛素的分泌量不足导致的，所以均可通过注射胰岛素来治疗，D正确。【命题意图】本题考
6、查血糖平衡调节及免疫的相关知识，意在考查学生用所学知识分析解决实际问题的能力。6A 【解析】弃耕的农田原来生物种类较单一，演替为森林后，生物种类较丰富，故A正确。弃耕的农田保留植被条件，为次生演替，故B错误。演替过程中，先出现杂草，再出现灌木，最后出现乔木，故C错误。苔藓和草本植物在森林形成后继续保留，故D错误。【命题意图】本题考查演替相关知识，意在考查考生“能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识的网络结构”的能力。29【解析】（1）在设置对照实验时，要探究的因素一般为自变量，其他因素必须保持一致。在探究CO2是否是光合作用的原料时CO2是自变量，因此根据题目可知增加的一组实验装
7、置中应该没有CO2。（2）该实验的自变量是光照强度，因变量是反映光合作用强度的指标叶片上浮速率。而影响光合作用强度的其他因素如温度，清水的量，CO2的含量，圆叶片的大小、数量、取材部位等都是无关变量。（3）由题干知，MU和MV分别代表6 h后所截取部分的烘干质量，而且两部分的最初质量（m）和呼吸量相等，即MU=m-呼吸消耗，MV=6 h内光合作用总量-呼吸消耗+m，因此M=MV-MU中的M表示V中被截取部分6 h内光合作用合成的有机物总量。黑暗处的叶肉细胞不进行光合作用，只进行有氧呼吸。有氧呼吸的反应式可表示为：C6H12O66H2O6O26CO212H2O能量（4）光线先通过三棱镜再通过叶绿
8、体色素提取液后照射到玻片上的水绵，由于色素吸收了红光和蓝紫光，水绵不同部分的光合作用变化不大，因此一段时间后，水绵周围好氧细菌分布无显著变化；恩格尔曼实验的结论是：氧气是叶绿体释放出来的，叶绿体是光合作用的场所。【答案】 （每空2分，共12分）（1）（1%）NaOH（2）温度、清水的量、CO2的含量等（其他合理答案也给分）（3）6h内光合作用合成的有机物总量 C6H12O66H2O6O26CO212H2O能量（4）色素提取液吸收了红光和蓝紫光，水绵不同部分的光合作用变化不大 叶绿体【命题意图】 本题考查光合作用、细胞呼吸的知识，及获取信息能力和实验探究能力。30【答案】 （除注明外，每空1分，
9、共7分）（1）神经递质 体液（或激素） 失去（2）淋巴因子（3）过敏反应 内质网、高尔基体、线粒体（2分，答全给分）【解析】（1）神经系统的突触前膜会释放神经递质，直接调节免疫器官或免疫细胞的活动。由图可知还有可能通过体液中的激素来间接调节免疫器官或免疫细胞的活动。而无论是神经递质还是激素在起作用后都会被灭活即失去活性。（2）由题意可知精神因素是T细胞活性下降，T细胞可以分泌免疫活性物质淋巴因子的，此时淋巴因子分泌量减少，会影响B细胞的增殖和分化，使抗体生成量减少，进而影响体液免疫的效果。（3）正常情况下抗体应分布在体液中，主要是血浆中，如果抗体结合到消化道上皮细胞中，再接受同一抗原的刺激后引
10、起腹泻呕吐现象，这属于过敏反应。抗体属于分泌蛋白，需要在核糖体上合成，内质网初步加工，高尔基体深加工，全程需要线粒体供能，但核糖体是无膜的细胞器，故有膜的细胞器是内质网、高尔基体、线粒体。【命题意图】 本题考查人体生命活动调节的知识，及获取信息能力。31【答案】 （除注明外，每空2分，共12分）.（1）自交（1分） 黄色白色11（2）父本形成花粉过程中，减数第一次分裂后期（两条）9号染色体未分离（答“染色体变异”可给分）（3）杂交育种和基因工程育种（4） 花药（花粉）离体培养（5）末（1分）【解析】.（1）确定植株甲的T基因位于正常染色体还是异常染色体上，最简便的方法是让其自交：如果T基因在异
11、常染色体上，则父本产生的精子中T不能参与受精，只有t的精子能参与受精，但是母本能产生T、t两种配子，因此经过受精，后代的基因型有Tt、tt，比例为黄色白色11；如果T在正常染色体上，只能产生T一种配子，自交后代全为黄色。（2）由于T位于异常染色体上，即含有T的精子不能参与受精作用，所以黄色子粒植株乙（Ttt）中有一个t来自母本，还有T和t都来自父本，由此可见，该植株出现的原因是由于父本减数分裂过程中同源染色体未分离。过程表示杂交育种，原理是基因重组；表示单倍体育种，原理是染色体变异；（或）表示诱变育种，原理是基因突变；表示多倍体育种，原理是染色体变异；表示基因工程育种，原理是基因重组。（3）杂
12、交育种和基因工程育种所依据的（可遗传变异）原理都是基因重组。（4）单倍体育种具有明显缩短育种年限的特点，可用图中的表示。单倍体育种的核心步骤是花药（花粉）离体培养以获得单倍体植株。（5）表示多倍体育种，原理是染色体变异，其作用机理是用一定浓度的秋水仙素溶液（或低温）处理植物分生组织细胞，能够抑制纺锤体的形成（有丝分裂前期），以致影响染色体被拉向两极，细胞也不能分裂成两个子细胞，于是，植物细胞染色体数目发生变化（有丝分裂末期）。【命题意图】 本题考查减数分裂、染色体变异及生物变异在育种上的应用等知识和获取信息能力。32【答案】（除注明外，每空1分，共8分）（1）化学 繁衍（2）绿色植物（或光合作
13、用） （3）消费者 水平结构和垂直结构是群落的空间结构，指的是群落中不同种群占据不同空间，而同一个蜂巢中的蜜蜂属于一个种群（合理给分）（2分）（4）种内互助 有利【解析】（1）“蜂王物质”为分泌的化学物质，故属于化学信息，它的作用一方面保障蜜蜂生命活动正常进行，另一方面维持蜜蜂种群的繁衍。（2）蜜蜂从植物的花中采集含水量约为80%的花蜜或分泌物，存入自己的第二个胃中，在体内转化酶的作用下经过30分钟发酵，回到蜂巢中吐出。由此可知，人类所喝蜂蜜中的能量来自绿色植物（或光合作用）同化的能量。（3）蜜蜂在生态系统的组成成分中属于消费者。同一个蜂巢中蜜蜂居住的蜂房不同，不能体现群落具有垂直结构和水平结
14、构，因水平结构和垂直结构是群落的空间结构，指的是群落中不同种群占据不同空间，而同一个蜂巢中的蜜蜂属于一个种群。（4）自然界中一种生物的存在一般会对另一种生物的生活产生影响，即生物因素对生物的影响，也表现了生物之间存在各种关系。同种生物之间存在：如蚂蚁、蜜蜂的分工合作，共同维持群体的生活是社群行为，属于种内互助；同种生物内动物之间为了争夺食物、配偶、栖息地而斗争是攻击行为，属于种内斗争；不同生物之间存在：互利共生、捕食、竞争等。种群是生物进化的基本单位。个体的死亡对该个体的生存是不利的但对种群的生存是有利的。【命题意图】 本题综合考查生物与环境、生物进化等知识，意在考查考生“能理解所学知识的要点
15、，把握知识间的内在联系，形成知识的网络结构”的能力。39【解析】（1）酵母菌是真核生物，大肠杆菌属于原核生物，两者最大的区别是酵母菌有成形的细胞核。（2）过程酵母菌进行的是有氧呼吸，过程都进行的无氧呼吸，产生CO2的场所分别是线粒体基质和细胞质基质。（3）课题是观察培养液中酵母菌的数量变化，因培养液的数量有限，培养空间有限，所以培养液中的酵母菌会呈现“S”型增长曲线。（4）酵母菌在生态系统中的成分是分解者，作用是能将有机物分解成无机物。（5）利用转基因技术让微生物合成人胰岛素，选择酵母菌作为受体细胞而不选择大肠杆菌作为受体细胞，是由于酵母菌细胞中含有能够加工蛋白质的内质网和高尔基体。（6）过程
16、利用的就是酵母菌的呼吸作用，所以不需要进行灭菌。另外，在缺氧、呈酸性的发酵液中，酵母菌可以生长繁殖，而绝大多数其他微生物都因无法适应这一环境而受到抑制。【答案】 （除标注外，每空2分，共15分）（1）以核膜为界限的细胞核（或成形的细胞核）（2）线粒体基质和细胞质基质（答“线粒体和细胞质基质”给分）（3）取样 血球计数板（或“血细胞计数板”） 数学（1分）（4）分解者（1分）（5）质粒（1分） 酵母菌细胞中含有能够加工蛋白质的内质网和高尔基体（合理给分）（6）利用的是酵母菌的呼吸作用，不需要灭菌（或在缺氧、呈酸性的发酵液中，酵母菌可以生长繁殖，而绝大多数其他微生物都因无法适应这一环境而受到抑制）
17、40【答案】 （除标注外，每空2分，共15分）（1）生态学和系统学 修复和重建（2）物质循环再生 CO2和无机盐（3）多层分级利用（合理给分） 环境污染（1分）（4）（一定的）自我调节（1分）（5）原癌基因和抑癌（1分）（6）分解者（1分） 基因表达载体的构建（1分）【解析】 （1）生态工程是指人类应用生态学和系统学等学科的基本原理，通过系统设计、调控和技术组装，对已被破坏的生态环境进行修复和重建，对造成环境污染和破坏的传统生产方式进行改善，并提高生态系统的生产力，从而促进人类社会和自然环境的和谐发展。生态工程建设的目的：遵循自然界物质循环的规律，充分发挥资源的生产潜力，防止环境污染，达到生态
18、效益和经济效益的同步发展。（2）（3）无废弃物农业是我国传统农业特色，它遵循物质循环再生及能量多级利用的原则。植物属于自养型生物，不直接从环境中吸收有机物，有机肥料经过土壤微生物的分解作用，释放出CO2及N、P、K等无机盐离子，从而供植物光合作用利用。（4）生态系统在受到外界干扰时，依靠自我调节能力来维持自身的相对稳定。（5）细胞发生癌变是在致癌因子的作用下，细胞中的原癌基因和抑癌基因发生突变的结果。（6）基因工程的基本操作程序是：目的基因的获取基因表达载体的构建将目的基因导入受体细胞目的基因的检测与鉴定，其中基因表达载体的构建是基因工程的核心。参考答案：7B 解析：选项A类似于过滤， 丹砂即
19、硫化汞,加热即分解而得到汞.汞与硫磺化合又生成黑色的硫化汞,再在密闭容器中调节温度,便升华为赤红色的结晶硫化汞，所以B正确。硅橡胶是指主链由硅和氧原子交替构成，硅原子上通常连有两个有机基团的橡胶，为有机物。铜在潮湿的空气中发生的是吸氧腐蚀。8.B 解析：同系物是结构相似、分子组成相差若干个“CH2”的有机化合物互相称为同系物，所以B不符合同系物的概念。D选项，当苯环上连有两个取代基，同分异构存在临、间、对三种，当苯环上连有三个取代基共有10种。9B 解析：NO与O2反应生成NO2，所以分子数小于0.2NA；0.1摩尔的硝酸铵晶体中含有0.2摩尔的氮原子；苯环为正六边形结构，夹角均为120C，所
20、以最多有7个原子共线；1摩尔甲基含有9摩尔的电子。10B 解析：一定浓度溶液的配制，应该先在烧杯中稀释冷却后在转移到容量瓶内所以A错误；打开弹簧夹，挤压胶头滴管，可以产生喷泉；C缺少环形玻璃搅拌棒；D选项二氧化碳通入NaClO溶液中会生成HClO，但是该反应没有现象，无法通过该实验看出是否有HClO生成。11C 解析：A选项H1 、 H2 、H3均小于零，且H1 = H2 + H3所以A错误；平衡常数不会随压强的改变而改变，所以B错误；催化剂会降低反应的活化能，所以D错；试管中发生的总反应为4NO2 + O2+2H2O=4HNO3所以在标况下浓度均为12、C 解析：五种元素分别为C、O、Al、
21、Si、S。碳酸的酸性大于硅酸的，所以A错，当氢氧化钠为电解质溶液时，铝为原电池的负极，碳棒为正极所以碳棒上有气泡产生；硫化氢为二元弱酸所以PH1.13、C 解析：有图像可以看出，CH3COOH酸性大于HCN，所以相同浓度的CH3COOH和HCN溶液中CH3COO-大于CN-所以A错；当溶液为中性时候，氢离子和氢氧根离子浓度相等所以B错；在滴加过程中，有物料守恒可知 C(CH3COOH)+C(CH3COO-)=C(HCN)+C(CN-)；根据电荷守恒可知D选项错误。26. （15分） 增大青蒿与乙醚的接触面积，提高青蒿素的浸取率。（2分） 漏斗、玻璃棒 （1分，少答不得分） 抽滤或减压过滤 （1
22、分） 蒸馏 （1分） B （2分） CaCl或 P2O5（1分） 碱石灰（或其他答案也合理）（1分） 在装置F后连接一个防止空气中的CO和水蒸气进入F的装置 （1分） C15H22O5 （2分）（5）C（1分）（6）B（2分）26题 解析：操作I为过滤，所以应用漏斗、玻璃棒为了加快过滤也可以采用抽滤的方法。（4）为了能准确测量青蒿素燃烧生成的CO2和H2O，实验前应通入除去CO2和H2O的空气，排除装置内的空气，防止干扰实验。E和F一个吸收生成的H2O，一个吸收生成的CO2，应先吸水后再吸收CO2，所以E内装的CaCl2或P2O5，而F中为碱石灰，而在F后应再加入一个装置防止外界空气中CO2，
23、和H2O进入的装置。由数据可知 m（H2o）=42.4-22.6=19.8g n（H2o）=1.1molm（co2）=146.2-80.2=66g n（co2）=1.5mol所以青蒿素中氧原子的质量为m（o）=28.2-(2.21)-(1.512)=6g n（o）=0.5mol N（c）:N（h）:N（o）=1.5:2.2:0.5=15:22:527、（1）趁热过滤（2分）（2）取少量溶液于试管中配成溶液，滴加过量的溶液，取上层清液滴加溶液（3分，合理即正确）（3）（2分）（4） （3分）（5）（2分） 部分又被氧化成或，造成总锰含量减少（2分）解析：（1）硫酸钾的溶解度受温度的影响较小，趁热
24、过滤减少杂质；（2）实质考查氯离子的检验，同时又要除去干扰实验的硫酸根离子；（3）根据原子守恒和化合价的关系前后流程图容易写出化学方程式；（4）+4价锰离子具有氧化性可以氧化氯离子为氯气；（5）热重曲线中一般先失去结晶水（可能分步），根据数据可知A为硫酸锰，升高温度盐分解得到金属氧化物，根据题干信息和数据B为；继续加热产物中总锰含量反而减小，说明吸收了氧，进一步说明B中的锰元素存在低价。28、（1） Ag2SO4 （1分） 有黑色固体（Ag）生成，加入KSCN溶液后变红（2分）（2） Fe2+ e-Fe3+（2分） 负（1分） Fe2+Ag+ Fe3+Ag（2分）（3） 不能（1分） 因为Fe
25、(NO3)3溶液呈酸性，酸性条件下NO3-也可能氧化Ag。（2分） 溶液中存在平衡：Fe3+AgFe2+ Ag+，且 AgCl比Ag2SO4 Ksp（或溶解度）更小，Cl-比SO42-更有利于降低Ag+浓度，所以实验比实验正向进行的程度更大。（或AgCl比Ag2SO4 Ksp（或溶解度）更小，促使平衡正向移动，银镜溶解）（3分）解析：该题目模仿了2015年北京高考题目命制，是对开年初七初八“设计原电池并画图”的跟踪，杨超老师认为高考画图在考纲中多次提到，但近年来只在北京卷中出现过，该试卷26题目也有涉及。考查可逆反应的氧化还原反应，因浓度不同反应进行的方向不同，电极发生的氧化或还原反应不同，电
26、极名称发生变化。因此在书写反应原理时必须写可逆符号。同时要注意酸性条件下硝酸根离子的强氧化性也会氧化银单质，这是一个细节在（3）问中通过对比实验得出结论；（3）问中铁离子浓度相同，对应的阴离子不同，银盐沉淀的进行的程度不同影响了平衡移动，进而实验现象不同，将化学平衡知识巧妙设计其中实为高妙。36（1）NaCl+NH3+CO2+H2O=NaHCO3+NH4Cl，2NaHCO3Na2CO3+CO2+H2O（4分） 合成氨（1分） NH3、CO2 （2分）CO2 NaCl （2分）（2）强氧化（填“氧化”也可）（1分） NaCl+3H2ONaClO3+3H2（2分） 需要加热恒温控制、没有离子交换膜
27、（2分,其他合理答案也可）（3）加入食盐使肥皂析出（1分）有利于肥皂的析出解析：联合制碱法是向饱和的氯化钠溶液中，先通入氨气后通入过量的二氧化碳，根据溶解度之间的差异得到碳酸氢钠沉淀，碳酸氢钠灼烧分解得到碳酸钠。合成氨工业中得到氨气和二氧化碳，因此采用联合生产法。氯酸钾具有强氧化性，在很多反应中作氧化剂。电解氯化钠溶液控制条件可以得到氯酸钠和氢气，该过程中要控制好温度且不再需要离子交换膜，与氯碱工业制备氯气和氢氧化钠有较大的区别。皂化反应结束后，加入食盐有利于肥皂的析出，即盐析。37. （共15分） （1）3（分）（2）3d84s2（分）（3）sp2和sp（分）25NA（1分） （4）单个氢键
28、的键能是(HF)n冰(NH3)n，而平均每个分子含氢键数：冰中2个，(HF)n 和(NH3)n只有1个，气化要克服的氢键的总键能是冰(HF)n(NH3)n （分） （5）（1分）1（1分）（分） （分） 38.（共15分）38题 解析：有机物E能发生显色反应，且苯环只有两种氢，说明苯环上有两个取代基且处在对位，所以可以推测，A中也有苯环，又因A能与CL2加成，所以A的结构简式为A与氯气加成后生成B，所以B的结构应为为B在NaOH醇溶液中消去生成C C又在NaOH溶液水解酸化后生成D，（4）符合条件的同分异构体中苯环上只有一个取代基为苯环上有二个取代基为 和 存在邻间对共计6种苯环上有三个取代基
29、为共计10种河南省中原名校20152016学年下期第二次联考物理参考答案14 C 15B 16 C 17 D 18 B 19BD 20CD 21BCD22（1） （2） （3） (每空2分)23（1）I=（1分）（2）BCD（2分）（3）1k （1分） A （2分） 40 k（1分） 5.0（1分） 8.75（2分）【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律得，I=（2）A、因为Rx=rR0Rg，函数图线是非线性变化的，当电流比较大时，则电阻比较小，当电流比较小时，则电阻比较大故A错误B、当Rx=0，I=，此时电流为满偏电流故B正确C、Rx越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左
30、密右疏故C正确D、测量中，当Rx的阻值为图5中的R2时，电流比半偏电流小，指针位于表盘中央位置的左侧故D正确故选：BCD（3）欧姆表中值电阻附近刻度比较均匀，读数误差最小，故倍率选择“1K”挡位；电流从红表笔流入，黑表笔流出，故A方式正确；欧姆表读数=表盘读数倍率=401K=40K；电压表读数为：5V；欧姆表内电阻等于中值电阻，为r=30K；根据闭合电路欧姆定律，有：E=Ir+U=8.75V；故答案为：1k，A；40 k，5.0，8.7524（13分）解：（1）（8分）设物体在F作用下加速度大小为a1,位移为x,刚撤去F时的速度为v，则由牛顿第二定律及运动学公式得：F-mgsin=ma1 （1
31、分）X=a1t2 （1分） V=a1t （1分）设物体撤去F后的加速度大小为a2,位移为x,则由牛顿第二定律及运动学公式得：a2=gsin （1分）-x=vt-a2t2 （2分）联立得 （2分）（其它正确答案酌情给分，下同）（2）（5分） 设物体回到出发点时的速度为vt,则把t=3s带入（1）中得v=5m/s，a2=5m/s2 （2分）由运动学公式可得 vt=v-a2t （2分）代入数据得vt=-10m/s （1分）所以物体回到出发点的速度大小为10m/s25（18分）解：（1）（4分）粒子在第一象限做类平抛运动，粒子的加速度为 （1分）粒子的运动时间为 （1分）粒子沿y轴方向的位移为 （1分
32、）代入数据，联立解得： （1分）（2）（5分）粒子通过y轴进入磁场时在x方向的速度 （1分）设粒子进入磁场时的速度方向与y轴正方向的夹角为,则 （1分）解得=600 粒子在磁场中做圆周运动的圆心角为2=1200 （1分）粒子在磁场中做圆周运动的周期 （1分）所以粒子在磁场中的运动时间 （1分）即带电粒子进入匀强磁场后第一次返回到电场的时间（3）（9分）粒子从磁场返回电场后的运动是此前由电场进入磁场运动的逆运动，经过时间粒子的速度大小变为，方向沿y轴正方向，此后重复前面的运动。因此，粒子在电、磁场中运动具有周期性。粒子在磁场中运动速度为 （1分）粒子在磁场中做匀速圆周运动的向心力是由洛伦兹力提供
33、的 （1分） （1分）由几何关系得粒子沿y轴正方向的弦长 （1分）所以粒子在一个周期内平行y轴沿正方向上升的距离为 （2分）粒子通过y轴时到原点0的距离有两种可能： 第一种： n=0、1、2、3 （1分）第二种： n=0、1、2、3（1分） 在第二种可能中，当n=4时 （1分）所以粒子能通过Q点。33 （1） ACE （5分）（2）（10分）解：当温度为119C即392K时，假设水银仍在水平管中，则气体压强不变，做等压变化由， （1分）代入数据,得 （1分）100S不合理 （2分）故有部分水银已经到达右端竖直管，设右端竖直管中水银柱高为xcm，则 （2分）由得 X=5cm （2分）所以此时空气
34、柱长度为L=88cm+25cm=98cm （2分） 34（1） ABD（5分）（2）（10分）解：设从B点出射时的出射角为，由得 （1分）由得 （2分）过B点做OC的垂线，垂足为D，由几何关系得，所以 （1分）光速从A1处沿水平方向射入球体，入射角为， （1分）发生全反射的临界角为 （1分）显然,所以该束光到达半圆界面时要发生全反射，反射角等于450，即垂直射在水平面上的C1点,（1分） 则 （1分） （2分）35（1）BCE（5分）（2）（10分）解：设沿轨道向下为正方向，爆炸瞬间由于内力远远大于外力，AB组成的系统动量守恒，故有，解得，方向沿斜面向下（2分）由于B和C质量相等，B与C之间发生弹性碰撞，故发生速度交换，碰撞过程能量没有损失，而C与挡板之间也是发生弹性碰撞，能量没有损失，C上滑与B再次碰撞过程中，仍然发生弹性碰撞，没有能量损失，故从B与A分离到B与A再次碰撞过程，等效与B以匀速下滑，然后与挡板发生弹性碰撞，再沿斜面减速上升。 （2分）设B与A发生碰撞时速度为，等效的整个过程中根据动能定理可得2mg sin2L=， （2分）A与B碰撞过程中，动量守恒，故有 （2分）联立解得，负号表示方向沿斜面向上 （2分）