1、广东省韶关市新丰县一中2019-2020学年高二物理上学期期中试题（选修，含解析）一、 选择题1.下列物理量与其所对应的国际单位符号正确的是A. 功率JB. 电势C. 重力势能D. 电场强度【答案】B【解析】【详解】A.功率的国际单位是W，故A错误；B.电势的国际单位是V，故B正确；C.重力势能的国际单位是J，故C错误；D.电场强度的国际单位是N/C或V/m，故D错误；2.下列物理公式表述正确的是（）A. 由公式可知：导体电阻与加在导体两端的电压成正比，与通过导体的电流成反比B. 由公式 可知：电场强度与检验电荷受到的电场力成正比，与检验电荷的电荷量成反比C. 由公式可知：真空中两个点电荷之间
2、的库仑力与两个点电荷电量的乘积成正比，与他们之间距离的平方成反比D. 由公式可知电容器装的电荷越多电容器的电容就越大。【答案】C【解析】【详解】A. 公式是比值定义式，导体电阻与加在导体两端的电压和通过导体的电流无关，故A错误。B. 公式是比值定义式，电场强度与检验电荷受到的电场力和检验电荷的电荷量无关，故B错误。C. 由公式可知：真空中两个点电荷之间的库仑力与两个点电荷电量的乘积成正比，与他们之间距离的平方成反比，故C正确。D. 公式是比值定义式，电容器的电容与所带电量的多少无关，故D错误。3.如图所示，把头发屑悬浮在蓖麻油里，加上电场，头发屑就按照电场强度的方向排列起来，模拟出电场线的分布
3、情况。根据图中实验现象，下 列说法正确的是A. 电场线是实际存在的线B. 图中没有头发屑的地方就没有电场C. 图中模拟的是异号电荷的电场线分布情况D. 若将正电荷从端移动到端，电势能一定减小【答案】C【解析】【详解】A.电场线是人们为形象地描述电场的特点而引入的，实际不存在的线。故A错误；B.没有头发屑的地方也存在电场，不可能把每条电场线都画出来，故B错误；C.根据电场线的特点：电场线从正电荷出发到负电荷终止，可知图中实验现象是模拟的是异号电荷的电场线分布情况。故C正确；D.电场线从正电荷出发到负电荷终止，由于该模拟实验不能表现出电场的方向，不知道哪端是正电荷，哪端是负电荷，故若将正电荷从A端
4、移动到B端，电势能不一定减小，故D错误。4.如图所示，直角三角形ABC，两直角边的长度之比为AC:BC = 4:3。放在A、B两点的点电荷QA、QB，在C点产生的合电场强度方向与AB平行，则QA、QB分别在C点产生的电场强度的大小之比EA:EB等于A. 3:4B. 4:3C. 9:16D. 16:9【答案】B【解析】【详解】在C点产生的合电场强度方向与AB平行，可知两电荷是异种电荷，由平行四边形定则以及相似三角形可知：，则EA:EB=4：3，故选B.5.某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是A. 该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻B. 加5V
5、电压时，导体的电阻大于5C. 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大D. 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小【答案】C【解析】【详解】A该元件是非线性元件，但仍能用欧姆定律计算导体在某状态的电阻，故A错误，B当U=5V时，由图知电流为I=1.0A，则导体的电阻 故B错误；CD由图知，随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率减小，此斜率等于电阻的倒数，则知导体的电阻不断增大，故C正确，D错误；6.在如图所示的电路中，电源的电动势E3 V，内阻r1.0 ，R为滑动变阻器当闭合开关S后，电流表示数为0.3 A，忽略电流表的内阻，则滑动变阻器接入电路的阻值为A. 8.0 B. 9.0
6、 C. 10.0 D. 11.0 【答案】B【解析】【详解】闭合开关S，根据闭合电路欧姆定律得： 变形得即滑动变阻器接入电路的阻值为9.0A80 ，与结论不相符，选项A错误；B9.0 ，与结论相符，选项B正确；C10.0 ，与结论不相符，选项C错误；D11.0 ，与结论不相符，选项D错误；7.下列说法正确的是A 点电荷属于理想化模型B. 电势有正负，所以电势是矢量C. 电场强度计算公式E=适用于任何电场D. 电荷在某点的电势能，等于把它从这点移到零电势位置时静电力所做的功【答案】AD【解析】【详解】A点电荷属于理想化模型，选项A正确；B电势有正负，但是电势无方向，所以电势是标量，选项B错误；C
7、电场强度计算公式E=适用于匀强电场，选项C错误；D电荷在某点的电势能，等于把它从这点移到零电势位置时静电力所做的功，选项D正确。8.一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能随位移的变化关系如图所示，则下列说法正确的是A. 粒子从x1处运动到x2处的过程中电场力做正功B. x1处电场强度方向沿x轴正方向C. x1处的电场强度大小小于x2处的电场强度大小D. x1处的电势比x2处的电势低【答案】ACD【解析】【详解】A带负电粒子从x1运动到x2的过程中电势能减小，则电场力做正功，故A正确；B电场力做正功，说明粒子所受的电场力方向沿x轴正方向，则粒子带负电，可知电场强度方向沿x轴负方
8、向，故B错误；C根据Ep=-Fx，知Ep-x图象斜率的绝对值等于电场力，由图知，粒子在x1处所受的电场力小于在x2处所受的电场力，因此x1处的电场强度大小小于x2处的电场强度的大小，故C正确；D电场强度方向沿x轴负方向，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，可知x1处的电势比x2处的电势低，故D正确。9.如图1所示，直线AB是某电场中的一条电场线，一电子仅在电场力作用下，由电场线上A点沿直线运动到B点，其速度平方v2与位移x的关系如图2所示对于电场中A、B两点，以下判断正确的是A. A点场强小于B点场强B. A点的电势低于B点的电势C. 电子从A点运动到B点，电场力做负功D. 电子在A点的电势能大于
9、在B点的电势能【答案】BD【解析】【详解】AC由速度平方v2与位移x的关系图象看出，图线的斜率不变，电子的速度增大，电子所受电场力沿AB且做正功，由动能定律，故E为常量，为匀强电场，故AC错误。B电子所受电场力逆着电场方向，电场方向沿BA，沿电场线的方向电势降低。故B正确。D由速度图象看出，电子的速度增大，动能增大，根据能量守恒得知，电子的电势能减小，即电子在A点的电势能大于在B点的电势能，故D正确。10.如图所示，质量为m，带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时，速率vB=2v0，方向与电场的方向一致，则A. 粒子从A运动到B的
10、时间为t=B. 粒子从A运动到B的过程中重力做的功为WG= -C. A，B两点的电势差为D. A，B两点的电势差为【答案】ABC【解析】【详解】A带电粒子在竖直方向上仅受重力，做竖直上抛运动，在水平方向上仅受电场力，做初速度为零的匀加速直线运动则A到B的竖直方向 解得 选项A正确；B从A到B过程中重力做功 选项B正确；CD根据动能定理得 解得W电=2mv02A、B两点间的电势差选项C正确，D错误二、实验题11.（1）某同学分别使用10分度游标卡尺和螺旋测微器测量金属棒的长度L和直径d，某次测量的示数如图甲和乙所示，长度L_ mm，直径d_ mm.（2）某兴趣小组探究用不同方法测定干电池的电动势
11、和内阻，他们提出的实验方案中有如下四种器材组合为使实验结果尽可能准确，其中可行的实验方案有 _ .A一个安培表、一个伏特表和一个滑动变阻器B一个伏特表和和一个滑动变阻器C一个安培表和一个电阻箱D两个安培表和一个滑动变阻器【答案】 (1). 23.5 (2). 6.715 (3). AC【解析】【详解】（1）12长度L23mm+0.1mm5=23.5 mm，直径d6.5mm+0.01mm21.5=6.715 mm.（2）3通过改变电路的阻值从而获得多组数据，根据U-I图象与坐标轴的交点求解电动势和内阻。A安培表测电流，伏特表测路端电压，滑动变阻改变电路的阻值从而获得多组数据，故A正确；B伏特表测
12、路端电压，但是滑动变阻器不能读出电阻值，从而不能得到电流，则不能测出电动势和内阻，故B错误。C安培表测电流，再由电流和定值电阻可得路端电压，通过改变接入定值电阻的个数改变电路的电阻，故C正确；D两个安培表和一个滑动变阻器，不管怎么组合，不能测出路端电压，故不能测出电动势和内阻，故D错误。12.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除有一标有“3 V1.8 W”的小灯泡、电源、导线和开关外，还有：电流表A（00.6 A，内阻约为0.1 ）、电压表V（03 V，内阻约为4 k）、滑动变阻器R（010 ，2 A）实验要求保证器材的安全，灯泡两端的电压能从0连续调节，测量结果尽量准确（1）为尽可能地
13、减小误差，实验中采用电流表_（选填“内接”或“外接”），采用正确的方式测出的电阻值_（选填“大于”“小于”或“等于”）电阻的真实值（2）在方框中补充画出一个合理完整电路图（ ）（3）某同学根据电路图连接实物图时，并未连接完整，请用笔画线代替导线完成实物图的连接（ ）（4）根据实物图，开关S闭合之前，图中滑动变阻器的滑片应该置于_（选填“左端”“右端”或“中间”）【答案】 (1). 外接 (2). 小于 (3). (4). (5). 右端【解析】【详解】（1）12灯泡正常发光时电阻，灯泡电阻远小于电压表内阻，则电流表采用外接法，采用外接法时，通过灯泡实际电流小于电表读数，根据欧姆定律得测出的电阻
14、值小于电阻的真实值（2）3电压与电流从零开始变化，则滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示（3）4根据电路图连接实物图：（4）5闭合开关前，分压电路分得的电压应为零，所以滑片应置于右端三、 解答题 13.如图所示，是一对彼此绝缘相距d5cm的平行金属带电极板MN,N板接地，M板带电量的绝对值为Q=610-6C。在两极板MN间A点有一带电量为q410-6C的带电液滴，其质量m410-4kg,恰好处于静止状态。(g取10m/s2)求：(1)两板间的电场强度为多少？(2)NM等于多少？(3)平行金属板MN所构成的电容器的电容C等于多少？【答案】（1） （2）50V（3） 【解析】（1）对A点受力分
15、析：Eq=mg 得E = 103V/m；（2）UNM=Ed = 50V， ；得= -50V；（3）C=Q/U = 1.210-7F=1.2105pF。点睛：带电液滴受力平衡，根据平衡条件列式求解即可；根据U=Ed求解电势差，根据UNM=N-M求解电势。14.如图所示，一质量为m1.0102kg带电小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，电场强度的大小E7.5104N/C。假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成37角。小球在运动过程中电量保持不变，重力加速度g取10 m/s2.（1）求小球的带电量q；（2）若在某时刻将细线突然剪断，求经过1 s时小球的速度大小v及方向（sin370.6，
16、cos370.8）【答案】（1）1010-6C.（2）12.5m/s，速度方向沿原细线方向向下，即方向与竖直方向成37角，斜向左下【解析】【详解】（1）由平衡条件得qEmgtan 解得： （2）细线剪断后，小球的合力F合1.25mg根据牛顿第二定律，小球的加速度：a1.25 g12.5 m/s2.所以1 s时小球的速度大小vat12.5m/s速度方向沿原细线方向向下，即方向与竖直方向成37角，斜向左下15.如图所示，一静止的电子经过电压为U的电场加速后，立即从A点射入偏转匀强电场中，射入方向与偏转电场的方向垂直，最终电子从B点离开偏转电场。已知偏转电场的电场强度大小为E，宽度为L，方向竖直向上
17、（如图所示），电子的电荷量为e，质量为m，重力忽略不计。（1）求电子进入偏转电场时的速度v0；（2）电子从B点离开偏转电场时的竖直方向的位移y；（3）若仅将加速电场的电压提高为原来的2倍，使电子仍从B点经过，求偏转电场的电场强度E1；（4）满足（3）条件下，求电子从B点射出时的动能。【答案】（1）（2）（3）2E（4）2U+【解析】【详解】（1）电子在电场中的加速，由动能定理得：eU=mv02所以，（2）设电子的竖直偏移量为y，则根据类平抛运动规律可得：L=v0t y=at2解得 （3）当电压U1=2U时，同理有 可得：E1=2E（4）由动能定理可得：2eU+eE1y=EKB因为E1=2E1, 解得：