1、四川省盐亭中学高2021级2022年秋期中教学质量监测（理科）(物理)1. 单选题（4分）下列说法中正确的是（ ）A.只有体积很小的带电体才能看成是点电荷B.根据 I=qt, 可知I与q成正比, 电流有方向, 电流是矢量C.R=UI表明导体的电阻跟导体两端的电压成正比, 跟导体的电流强度成反比D.电流的单位“安培是国际单位制中的基本单位2. 单选题（4分）电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的本领，下列说法正确的是（ ）A.电动势是一种非静电力B.电动势越大，表明电源储存的电能越多C.电动势的大小是非静电力做功能力的反映D.电动势就是闭合电路中电源两端的电压3. 单选题（4分）两个相
2、同的金属小球, 带电荷量分别为 3q和+7q, 小球的半径远小于两球心的距离r, 将它们接触后放到相距2r处(已知静电力常量为k)。则此时的静电力大小为（ ）A.kq2r2B.k8q2r2C.k12q2r2D.k16q2r24. 单选题（4分）如图所示，a、b是等量异种点电荷连线的中垂线上的两点，现将某检验电荷分别放在a、b两点，下列说法中正确的是（ ）A.受到电场力大小相等，方向相同B.受到电场力大小相等，方向相反C.受到电场力大小不相等，方向相反D.受到电场力大小不相等，方向相同5. 单选题（4分）用控制变量法, 可以研究影响平行板电容器电容的因素, 设若两极板正对面积为 S, 极板间的距
3、离为d, 静电计指针偏角为. 实验中, 极板所带电荷量不变, 若（ ）A.保持 S不变, 增大d, 则变大B.保持 S不变, 增大d, 则变小C.保持 d不变, 减小S, 则变小D.保持 d不变, 减小S, 则不变6. 单选题（4分）如图所示, 悬线下挂着一个带正电的小球, 它的质量为 m, 电荷量为q, 整个装置处于水平向右的匀强电场中, 电场强度为E, 下列说法正确的是（ ）A.小球平衡时, 悬线与竖直方向夹角的正切值为 mgEqB.若剪断悬线, 则小球做曲线运动C.若剪断悬线, 则小球做匀速运动D.若剪断悬线, 则小球做匀加速直线运动7. 单选题（4分）一电流表的满偏电流 Ig=5mA,
4、 内阻为30。要把它改装成一个量程为3A的电流表, 则应在电流表上（ ）A.并联一个 570的电阻B.并联一个约 0.05的电阻C.串联一个 570的电阻D.串联一个 0.05的电阻8. 单选题（4分）如图所示, R1为定值电阻,R2为可变电阻,E为电源电动势,r为电源的内电阻。 下列说法正确的是（ ）A.当 R2=R1+r时,R2上获得最大功率B.当 R1=R2+r时,R1上获得最大功率C.当 R2=0时, 电源的输出功率一定最大D.当 R2=r时,R1上获得的功率一定最大9. 单选题（4分）如图所示, 虚线 a、b、c、d、f、g代表一匀强电场内间距相等的一组等势面, 已知平面b上的电势为
5、2V。一电子经过平面a时的动能为10eV, 经过平面d时的动能为4eV。下列说法错误的是（ ）A.平面 c上的电势为零B.该电子可能到达不了平面 fC.该电子最远可能到达平面 gD.该电子经过平面 b时的速率是经过平面d时的 2 倍10. 多选题（4分）图中的实线表示电场线, 虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹, 粒子先经过 M点, 再经过N点, 可以判定（ ）A.该粒子一定带正电B.粒子在 M点受到的电场力大于在N点受到的电场力C.带电粒子经过 M点的速度大于经过N点的速度D.粒子在 M点的电势能大于在N点的电势能11. 多选题（4分）如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放
6、置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在荧光屏P上，关于电子的运动，下列说法中正确的是（ ）A.滑动触头向右移动时，电子打在荧光屏上的位置上升B.滑动触头向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升C.电压U增大时，电子打在荧光屏上的速度大小不变D.电压U增大时，电子从发出到打在荧光屏上的时间不变12. 多选题（4分）如图所示的电路中, 当滑动变阻器 R3的触头P向b端移动时（ ）A.电压表示数变小B.电压表示数变大C.电流表示数变小D.电流表示数变大13. 多选题（4分）电荷量 q=1104C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上, 所在空间存在沿水平方向的电场, 其电场强度E的大小与
7、时间t的关系如图 1 所示, 物块速度v的大小与时间t的关系如图 2 所示. 重力加速度g=10m/s2. 则（ ）A.物块在 4s内位移是8mB.物块与水平面间动摩擦因数是 0.4C.物块的质量是 1kgD.物块在 4s内电势能减少了14J14. 多选题（4分）如图所示, 在水平的匀强电场中, 一个质量为 m、电荷量为+q的小球, 系在一根长为L的绝缘细线一端, 小球可以在竖直平面内绕O点做圆周运动,AB为圆周的水平直径,CD为竖直直径。已知重力加速度为g, 电场强度E=mgq, 不计空气阻力。下列说法正确的是（ ）A.若小球能沿着 ACBD圆弧运动, 则其在D点速度最小B.若小球能沿着 A
8、CBD圆弧运动, 则其在C点速度最大C.若小球在竖直平面内绕 O点做圆周运动, 则小球运动到B点时的机械能最大D.若小球在竖直平面内绕 O点做圆周运动, 则它运动过程中的最小速度为2gL15. 实验题（24分）实验题(1) 为了保障行驶安全，一种新型双门电动公交车安装了双门控制装置：只要有一扇门没有关紧，汽车就不能启动如果规定：车门关紧时为 “1”，未关紧时为 “0”；当输出信号为 “1” 时，汽车可以正常启动行驶，当输出信号为 “0” 时，汽车不能启动能正确表示该控制装置工作原理的逻辑电路是_。 A与电路 B或电路 C非电路 D与非电路(2)用如图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻蓄
9、电池的电动势约为2V，内电阻很小除蓄电池、开关、导线外可供使用的实验器材还有：A. 电压表 (量程 3V);B. 电流表 (量程 0.6A);C. 电流表 (量程 3A);D. 定值电阻 R0(阻值4, 额定功率4W);E. 滑动变阻器 R（阻值范围020, 额定电流1A)(1)电流表应选_; (填器材前的字母代号).(2) 根据实验数据作出 U-I 图象（如图乙所示纵轴起点 0.42, 截距2.10, 横轴交点0.40), 则蓄电池电动势E=_V, 内阻r=_. (结果保留两位小数)(3)在测定一根粗细均匀金属丝电阻率的实验中：（1）某学生用螺旋测微器在测定该金属丝的直径时，测得的结果如图
10、1 所示，则该金属丝的直径 D_mm紧接着用游标尺上标有 20 等分刻度的游标卡尺测该金属丝的长度，测得的结果如图 2 所示，则该工件的长度 L_cm。（2）该同学先用多用电表粗测其电阻。用已经调零且选择开关指向欧姆挡“10”档位的多用电表测量，发现指针的偏转角度太大，这时他应将选择开关换成欧姆挡的“_”档位(选填 “100”或 “1”)，然后进行_，再次测量电阻丝的阻值，其表盘及指针所指位置如图所示：（3）现要进一步精确测量其阻值实验室提供了下列可选用的器材：A. 电流表 A1(量程300mA, 内阻约1） B. 电流表A2(量程0.6A, 内阻约0.3）C. 电压表 V1(量程3.0V,
11、内阻约3k） D. 电压表V2(量程15.0V, 内阻约5k)E. 滑动变阻器 R1(最大阻值为10) F. 滑动变阻器R2（最大阻值为500）G. 电源 E（电动势 4V, 内阻可忽略） H. 电键、导线若干。为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表：_；电压表：_；滑动变阻器：_。下列图中给出的测量电路中，最合适的电路是_。16. 解答题（8分）如图所示, 已知 ACBC,ABC=60,BC=20cm,A、B、C三点都在匀强电场中, 且A、B、C所在平面与电场线平行, 把一个电荷量q=105C的正电荷从A移到B, 电场力做功为零; 从B移到C, 电场力做
12、功为3103J.(1)求 A、C间的电势差; 若规定B点电势为零, 求C点的电势;(2)求匀强电场的场强大小及方向.17. 解答题（10分）如图所示的电路中, 两平行金属板 A、B 水平放置, 两板间的距离 d=40cm. 电源电动势E=24V, 内电阻r=1, 电阻R=15. 闭合S, 待电路稳定后, 将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间. 若小球带电量为q=1102C, 质量为m=2102kg, 不考虑空气阻力. 那么, 滑动变阻器滑片P在某位置时, 小球恰能到达A板.g取10m/s2求:(1)两极板间的电场强度大小;(2) 滑动变阻器接入电路的阻值.18. 解
13、答题（12分）有一辆玩具电动车, 车内电路由 4 节干电池(每节电压为 1.5V, 内阻为0.1)、 电动机、电阻(R=1.6)和开关组成, 被提升重物的质量为m=60g。其中 4 节干电池串联作为电源, 电动机控制起重机运作。工作原理如图所示, 为了研究方便, 接入一个电压表。当将重物固定时, 电压表的示数为5.2V; 当重物不固定, 且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时, 电压表的示数为5.6V。求:(1)电动机的内阻;(2)重物匀速上升时, 电源的输出功率;(3)重物匀速上升时的速度大小 (不计阻力, g取10m/s2。参考答案及解析1. 【答案】D 【解析】A、根据 I=Qt可以知道
14、I是通过某一横截面积的电量Q与通过这些电量所用时间t的比值, 当t一定时,I与Q成正比,当Q一定时,通电时间越长,电流越小.故A错误;B、电流有方向, 但电流的运算满足代数法则, 而矢量的运算满足平行四边形定则,故电流是标量. 故B 错误;C、恒定电流的电流大小和方向都不随时间变化, 而在任何相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等, 只能说明大小相等,不能说明方向也不变, 故 C错误;D、电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位. 所以D选项是正确的.2. 【答案】C 【解析】A项, 电动势在数值上等于非静电力把 1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功, 不是一种非静电力, 故A项错
15、误。BC项, 电动势越大，表明电源将其它形式的能转 化为电能的本领越大, 是非静电力做功能力的反映, 与电源储存电能多少无关, 故 C 项正确, B项错误。D项, 电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压, 在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压, 小于电源电动势, 故D项错误。3. 【答案】A 【解析】两个相同的金展小球, 带电荷量分别为 3q和+7q, 将它们接触后, 两球的带电荷量均为3q+7q2=2q,由库仑定律可知此时的静电力大小为F=k(2q)2(2r)2=kq2r2,故BCD错误, A正确。4. 【答案】D 【解析】由图可知看出: a处电场线密, 电场强度大.两点的电场线的切
16、线方向相同, 所以电场强度方向相同, 放入同种检验电荷, 受到的电场力大小不等方向相同.故选D5. 【答案】A 【解析】电容器所带电荷量 Q不变, 由C=rS4kd可知S不变, 增大d, 则C变小, 而由C=QU可得电容器的电压U变大, 从而使得静电计的电压U变大, 其指针的偏角变大, 故 A 正确, B 错误;同理可知保持d不变,减小S, 则C变小,而由C=QU可得电容器的电压U变大, 使得静电计指针的偏角变大, 故选项 C，D均错误6. 【答案】D 【解析】A、小球受到重力、电场力和拉力处于平衡, 根据共点力平衡得, mgtan=qE, 则tan=qEmg. 故 A 错误.BCD、剪断细线
17、, 小球受重力和电场力, 两个力为恒力, 合力则为恒力. 合力的方向与原来绳子的拉力方向等值反向, 所以小球沿细绳方向做初速度为零的匀加速直线运动. 故 BC错误, D 正确.7. 【答案】B 【解析】把电流表改装成 3A的电流表需要并联分流电阻, 并联电阻阻值为:R=IgRgIIg=0.0053030.0050.058. 【答案】A 【解析】A项, 将 R1等效到电源的内部,R2上的功率视为电源的输出功率,R2上的功率为P2=E2R2R2+R1+r2, 所以当外电阻等于内阻时, 即R2=R1+r时, 电源输出功率最大, 即R2上的功率最大, 故A项正确。BC项, 根据 P=I2R可知, 经过
18、电阻R1的 电流最大时,R1上的功率最大。当外电阻最小时, 即R2=0时, 电流最大,R1上的功率最大 , 故B、C项错误。D项，当外电阻等于内阻时, 即 R1+R2=r时 , 电源的输出功率最大, 所以R2=0电源的输出功率不一定最大, 故D项错误。9. 【答案】D 【解析】A. 虚线 a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面, 一电子经过a时的动能为10eV, 经过平面d时的动能为4eV, 所以从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV, 动能减小了6eV, 电势能增加了6eV, 因此等势面间的电势差为 2V, 因平面b上的电势为2V, 由于电子的电势能增加, 等势面由a到提降
19、低的, 因此平面c上的电势为零，故A不符合题意;B. 由上分析, 可知, 当电子由 a向f方向运动, 则电子到达平面的动能为2eV, 由于题目中没有说明电子如何运动，因此也可能电子在匀强电场中做抛体运动, 则可能不会到达平面f, 故 B 不符合题意;C. 由上分析, 可知, 当电子由 a向f方向运动, 则电子到达平面f的动能为2eV, 若电子垂直虚线入射, 则可能会到达平面g, 故C不符合题意;D. 电子经过平面 b时的动能是平面d的动能 2 倍, 电子经过平面b时的速率是经过d时的2倍, 故D 符合题意。10. 【答案】AD 【解析】A. 粒子在电场中做曲线运动, 粒子受到的电场力方向指向轨
20、迹内侧, 即粒子所受电场力方向为左下方, 所以粒子带正电, 所以 A 正确;B. 由图可知, M点处的电场线比N点处要稀疏, 所以M点处的电场强度小于N点的电坸强度, 根据电场力定义, 粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力, 所以B错误;C. 粒子从 M点到N点, 电场力做正功, 根据动能定理,N点的动能大于M点的动能, 所以N点的速度大于M点的速度, 所以 C错误;D. 粒子从 M点到N点, 电场力做正功, 电势能减小, 所以粒子在M点的电势能大于在N点的电势能, 所 以D正确。11. 【答案】BD 【解析】电子在加速电场中做加速运动, 根据动能定理得:eU=12mv2, 则得电子获
21、得的速度为：v=2eUm.电子进入偏转电场后做类平抛运动, 电子在沿极板方向做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间:t=Lv,在平行电场方向做初速度为 0 的匀加速直线运动, 加速度a=eUmd, 电子在电场方向偏转的位移y=12at2.,联立以上各式得:y=UL24Ud,又因为偏转电场方向向下, 所以电子在偏转电场里向上偏转.AB、滑动触头向右移动时, 加速电压 U变大, 由上可知电子偏转位移变小, 因为电子向上偏转, 故在屏上的位置下降, 相反, 滑动触头向左移动时, 电打在菼光屏上的位置上升;C 、偏转电压 U增大时, 电子在电场中受到的电场力增大, 即电子偏转的加速度a增大, 又因为电子
22、加速获得的速度v不变, 电子在电场中运动的时间不变,a增 大, 而电子打在屏上的速度为v=v2+(at)2, 故电子打在屏上的速度增大;D 、电子在电场中运动的时间不变, 离开电场后做匀速直线运动, 由于水平速度不变, 运动时间也不变, 所以电子从发出到打在菼光屏上的时间不变. 12. 【答案】BC 【解析】当滑劫变阻器的滑动觔点向 b端移功时, 变阻器接入电路的电阻增大, 外电路总电阻R增大, 由欧姆定律分析总电流I减小, 所以路端电压U=EIr增大, 电压表示数增大, 并联部分的电压U2=EIr+R1增大, 流过电阻R2的电流I2增大, 流过电流表的电流I3=II2减小, 则电流表A的示数
23、减小.13. 【答案】CD 【解析】A 、物块在 4s内位移为:x=122(2+4)m=6m, 故 A 错误.BC 、由图可知, 前 2s物块做匀加速直线运动, 由牛 顿第二定律有:qE1mg=ma,由图线知加速度为:a=1m/s2,1s后物块做匀速运动, 由平衡条件有:qE2=mg,联立解得:qE1E2=ma,由图可得:E1=3104N/C,E2=2104N/C,代入数据解得：m=1kg,由qE2=mg可得:=0.2, 故 B 错误, C 正确.D 、物块在前 2s的位移S1=1222m=2m，物块在第2s的位移为S2=vt2=4m，电场力做正功W=qE1S1+qE2S2=32+24=14J
24、，则电势能减少了14J, 故 D 正确.14. 【答案】CD 【解析】AB. 由于Eq=mg，可知电场力与重力的合力为F合=2mg，方向沿BOC的角平分线斜向下, 可知小球做圆周运动的“最低点”在BC的中点, 在此位置速度最大; “最高点”在AD的中点, 在此位置速度最小; 选项AB错误;C. 若小球在竖直平面内绕 O点做圆周运动, 只有重力和电场力做功, 则电势能和机械能守恒, 则小球运动到B点时电势能最小, 机械能最大, 选项C正确;D. 的中点速度最小, 则它运动过程中的最小速度满足2mg=mvmin2L，解得vmin=2gL15. 【答案】(1)A (2)（1）B （2） 2.10；
25、0.20 (3)（1） 3.2043.206 5.015 （2） 1 欧姆调零 （3） ACE B 【解析】(1) 因为输入“ 1,0 ”“ 0,1 “0, 0 ”输出都为“0”, 而输入“1, 1”输出为“1”, 知该逻辑门是与门. A符合题意, B、C、D不符合题意. (2)(1) 由题意可知, 电源的电动势约为 2V, 保护电阻为4, 故电路中最大电流约为24=0.5A, 故电流表只能选 B ;(2)由电路利用闭合电路欧姆定律可知:U=EIR0+r，则由数学知识可得, 图象与纵坐标的交点为电源电动势, 故E=2.10V; 而图象的斜率表示保护电阻与内电阻之和，故r+R0=2.100.42
26、0.40=4.2，解得:r=0.2; (3)（1）螺旋测微器读数D=3.0mm+20.61100mm=3.206mm,游标卡尺读数L=5.0cm+3120mm=5.015cm（2）用“ 10”挡位时偏转角度较大, 说明金属丝电阻较小，应换用较小的“1”挡, 每次区欧姆挡换挡时均应进行欧姆调零。（3）由欧姆表读数可知, 待测金属丝电阻约为 10, 考虑电流表阻值, 电路中电流小于0.4A, 为提高测量精度, 电流表选择A,电源电动势为4V, 为提高电压测量精度, 电压表选C, 为使调节滑动变阻器时电压表和电流变变化灵敏, 滑动变阻器选择E;由于待测金属丝电阻较小, 故电流表外接, 为增大待测金属
27、丝两端电压调节范围, 滑动变阻器应选择分压法接入电路, 故选择B。 16. 【答案】（1） 3102V3102V（2）1000V/m; 水平方向夹角为30指向右下方 【解析】（1）UBC=WBCq=3102VUAC=AC:=BC=UBC=3102VB=0,UBC=BC, 所以C=BUBC=3102V（2） AB为等势面, 场强方向垂直AB连线指向右下方, 故E=UBCBCsin60=1000V/m.17. 【答案】(1)20V/m(2)8 【解析】(1)对小球恰能从 B到A, 由动能定理可得:qUAB=mgd=012mv02,解得 UAB=8V又由 E=UABd可得:E=80.4V/m=20V/m(2) 由闭合电路欧姆定律可得: E=I(R+r)+UAB计算得出: I=1A则有: RP=UABI=818. 【答案】（1）1（2）5.6W（3）5m/s 【解析】设电源内阻为 r, 电动机内阻为r(1)当将重物固定时 I=EUr=65.20.4A=2AR+r=UI=2.6,r=1(2)当重物不固定时 l=EUr=65.60.4A=1A对电源: P出=UI=5.6W(3) PR+Pr=I2R+r=2.6W所以重物的功率 P=P出PRPr=mgv=3W解得 v=5m/s