《解析》宁夏长庆高级中学2019届高三上学期第二次月考（10月）物理试题 WORD版含解析.doc

1、宁夏长庆高级中学2019届高三上学期第二次月考（10月）物理试卷 (1)一、选择题1.甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶。在t=0到t=t1的时间内，它们的v-t图像如图所示。在这段时间内（ ）A. 汽车甲的平均速度比乙大B. 汽车乙的平均速度等于(v1+v2)/2C. 甲乙两汽车的位移相同D. 汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大【答案】A【解析】【详解】由于图线与坐标轴所夹的面积表示物体的位移，则知在0-t1时间内，甲车的位移大于乙车，而所用时间相等，因此甲车的平均速度大于乙车的，故A正确，C错误；若汽车乙做匀减速运动，平均速度等于而乙实际上做变减速运动，其小于匀减速运动的

2、位移，所以平均速度小于匀减速运动的平均速度故B错误。图线的切线的斜率等于物体的加速度，则甲乙两车的加速度均逐渐减小，故D错误。故选A。【点睛】本题是为速度-时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义2.如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则（ ）A. 物块可能匀速下滑B. 物块仍以加速度匀加速下滑C. 物块将以大于的加速度匀加速下滑D. 物块将以小于的加速度匀加速下滑【答案】C【解析】【详解】当没施加力F时，根据物体受力分析情况，应有mgsin-mgcos=ma，解得a=gsin-gcos；施加

3、力F后，应有（mg+F）sin-(mg+F)cos=ma，解得，显然比较可知aa，所以ABD错误，C正确，应选C。3.如图所示，质量为m的质点静止地放在半径为R的半球体上，质点与半球体间的动摩擦因数为，质点与球心的连线与水平地面的夹角为，则下列说法正确的是（ ）A. 地面对半球体的摩擦力方向水平向左B. 质点对半球体的压力大小为mgcosC. 质点所受摩擦力大小为mgsinD. 质点所受摩擦力大小为mgcos【答案】D【解析】从整体角度去分析，则地面对半球体没有摩擦力，故A错误；对物体受力分析，质点受重力、支持力及摩擦力，如图所示：由共点力的平衡可知，质点受到的支持力F=mgsin，故由牛顿第

4、三定律可求得质点对半球体的压力大小为mgsin； 质点受到的摩擦力f=mgcos，方向斜向上，因为是静摩擦力，不用动摩擦因数求摩擦力，故BC正确，D错误；故选BC。点睛：本题采用整体法和隔离法处理力平衡问题，考查灵活选择研究对象的能力，正确作出力图是基础4.用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一长方体物块Q，如图所示P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是（ ）A. Q物体受3个力B. P物体受3个力C. 若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D. 若绳子变长，绳子的拉力将变小【答案】D【解析】试题分析：对小方块Q受力分析，受重力、P的压力、墙面的支持力，根据Q静止不动，

5、合力为零，可知，Q必定受到球施加的竖直向上的静摩擦力，此静摩擦力与其重力平衡，故Q共受4个力对小球P受力分析，受重力、拉力、Q的支持力和摩擦力，共4个力故A B错误；Q在竖直方向只受重力和静摩擦力，由平衡条件知静摩擦力等于其重力，保持不变故C错误对P受力分析，受拉力、重力和支持力，如图所示根据平衡条件，有Tcos=mg；Tsin=N解得，细线变长，角度变小，故拉力T变小，故D正确故选D。考点：物体的平衡5.如图所示，质量分布均匀的细棒中心为O点，O1为光滑铰链，O2为光滑定滑轮，O2在O1正上方，一根轻绳一端系于O点，另一端跨过定滑轮O2由于水平外力F牵引，用N表示铰链对杆的作用，现在外力F作

6、用下，细棒从图示位置缓慢转到竖直位置的过程中，下列说法正确的是（ ）A. F逐渐变小，N大小不变B. F逐渐变小，N大小变大C. F先变小后变大，N逐渐变小D. F先变小后变大，N逐渐变大【答案】A【解析】画出杆的受力图如图；根据三角形法则可知： ，因OO1和O1O2不变，则N不变；随OO2的减小F减小；故选A.6.物体B放在物体A上，C放在水平地面上，A、C之间接触面光滑（如图），当A、B以相同的初速度沿斜面C向上做匀减速运动时，C保持静止，则（ ）A. A受到B的摩擦力沿斜面方向向上B. A受到B的摩擦力沿斜面方向向下C. A、B之间的摩擦力为零D. 水平地面对C的摩擦力水平向左【答案】C

7、D【解析】先对A、B整体受力分析，根据牛顿第二定律，有（m1+m2）gsin=（m1+m2）a（为斜面的倾角），解得a=gsin；再隔离出物体B，根据牛顿第二定律，有m2gsin-f=ma；联立两式可解得：f=0，故A对B的摩擦力为零；故C正确，AB错误；AB整体向上做匀减速，加速度沿斜面向下，水平方向有向左的加速度，即合外力有水平方向的分力，即斜面C受到地面向左的静摩擦力，故D正确故选CD点睛：本题关键先用整体法求出整体的加速度，然后隔离出物体B，假设摩擦力为f，对其受力分析后根据牛顿第二定律求解出摩擦力7.在空气阻力不能忽略的情况下,以初速v1竖直上抛出一物体,经过时间t1到达最高点，又经

8、过时间t2 ，物体由最高点落回到抛出点，这时物体的速度为v2 。则：A. t2t1.B. t2v1D. v2v1,【答案】AD【解析】设阻力大小为f，上升时有：mg+f=ma，ag+；下降时有mg-f=ma1，ag，上升位移与下降位移大小相等，根据h=at2，可知t1t2根据能量守恒知，由于由阻力做功，则故末动能小于初动能，即v1v2，故BC错误，AD正确故选AD.点睛：正确受力分析弄清运动过程，然后根据运动学规律求解是对学生的基本要求，平时要加强这方面的训练，巧用排除法8.如图所示，甲、乙、丙三个物体质量相同，与地面的动摩擦因数相同，受到三个大小相同的作用力F，当它们滑动时，下列说法正确的是

9、（ ）A. 甲乙丙所受摩擦力相同B. 甲受到的摩擦力最小C. 乙受到的摩擦力最大D. 丙受到的摩擦力最大【答案】BC【解析】【详解】物体均在滑动，故受到的是滑动摩擦力；由于甲乙丙三个物体对地面的压力的大小分别为FN甲=mg-Fsin；FN乙=mg+Fsin；FN丙=mg；根据f=FN可知，滑动摩擦力的大小关系为f乙f丙f甲，故BC正确，AD错误；故选BC。二、实验题9.在某次实验中，物体拖动纸带做匀加速直线运动，打点计时器所用的电源频率为50H ，实验得到的一条纸带如图所示，纸带上每相邻的两个计数点之间都有4个点未画出按时间顺序取0、1、2、3、4、5六个计数点，实验中用直尺量出各计数点到0点

10、的距离如下图所示(单位：cm) 实验中相邻两计数点间的时间间隔是_s在计数点1所代表的时刻，纸带运动的瞬时速度为v1=_ ,物体的加速度a=_m/s2(保留两位有效数字)该同学在测量的时候没有将计数点5的数值记录下来，根据前面的数值可以推算出计数点5到0点的距离为_cm【答案】 (1). 0.1; (2). 0.18; (3). 0.75; (4). 14.50;【解析】【详解】相邻两计数点间的时间间隔是0.1s；点1的瞬时速度因为x01=1.40cm，x12=2.15cm，x23=2.90cm，x34=3.65cm，可知连续相等时间内的位移之差x=0.75cm，根据x=aT2，得x45=x3

11、4+x=3.65+0.75cm=4.40cm，所以计数点5到0点的距离为x5=10.10+4.40cm=14.50cm【点睛】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动的两个重要推论的运用10.有同 利用如图所示的装置来探究求合力的方法：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力FTOA、FTOB和FTOC，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验能完成的是（_） A钩码的个数N1N22，N34 B钩码的个数N1N33，N24C钩码的个数N1N2N34 D钩码

12、的个数N13，N24， N35（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是（_） A标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向B量出OA、OB、OC三段绳子的长度C用量角器量出三段绳子之间的夹角D用天平测出钩码的质量（3）在作图时，你认为下图中_ （选填“甲”或“乙”）是正确的【答案】 (1). BCD； (2). A； (3). 甲；【解析】【详解】（1）对O点受力分析；OA OB OC分别表示三个力的大小，由于三共点力处于平衡，所以OC等于OD因此三个力的大小构成一个三角形A中以钩码的个数表示力的大小，只能两分力沿直线时才能构成三角形，不符合实验方法，故A错误；B中以钩码的个数

13、表示力的大小，则三力为边构成等腰三角形，故B正确；C中以钩码的个数表示力的大小，则三力为边构成等边三角形，故C正确；D中以钩码的个数表示力的大小，三力为边构成直角三角形，故D正确； 故选BCD（2）为验证平行四边形定则，必须作受力图，所以先明确受力点，即标记结点O的位置，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示，因此要做好记录，是从力的三要素角度出发，要记录砝码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向，故A正确，BCD错误故选A（3）以O点为研究对象，F3的是实际作用效果在OC这条线上，由于误差的存在，F1、F2的理论值要与实际值有一定偏差，故甲图符合实际，乙图不符合实际【点睛】本

14、题考查验证平行四边形定则的实验验证，要求掌握三力平衡的条件，理解平行四边形定则，同时验证平行四边形定则是从力的图示角度去作图分析，明确“理论值”和“实际值”的区别三、计算题11.为了安全,在公路上行驶的汽车之间应保持必要的距离(如图所示),已知某高速公路的最高限速。假设前方车辆突然停止,后车司机从发现这一情况,经操纵刹车到汽车开始减速所经历的时间(即反应时间)为,刹车时汽车受到阻力的大小F为汽车重力的0.40倍,该高速公路上汽车间的距离x至少应为多少?(重力加速度取)【答案】156m【解析】【详解】司机发现前车停止，在反应时间t=0.50s内仍做匀速运动，刹车后摩擦阻力提供刹车时的加速度，使车

15、做匀减速直线运动，达前车位置时，汽车的速度应为零当汽车速度达到：v=120km/h=100/3m/s时，反应时间内行驶距离：刹车后的加速度：由公式：v2-v02=2ax知0-（）2=-24x2得刹车过程的位移：x2=m所以公路上汽车间距离至少为：x=x1+x2=156m【点睛】解决本题的关键知道安全距离是反应时间内匀速运动的位移和匀减速运动的位移之和匀减速运动的位移可以通过速度位移公式求解12.如图所示，A、B都是重物，A被绕过小滑轮P的细线悬挂，B放在粗糙的水平桌面上，滑轮P被一根斜短线系于天花板上的O点，O是三根细线的结点，细线bO水平拉着物体B，cO沿竖直方向拉着弹簧弹簧、细线、小滑轮的

16、重力不计，细线与滑轮之间的摩擦力可忽略，整个装置处于静止状态若重物A的质量为2kg，弹簧的伸长量为5cm，cOa=120，重力加速度g取10m/s2 ， 求：（1）桌面对物体B的摩擦力为多少？ （2）弹簧的劲度系数为多少？ （3）悬挂小滑轮的斜线中的拉力F的大小和方向？【答案】（1） （2）200N/m（3） 【解析】【分析】（1）对结点O受力分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力和bO绳的拉力，通过B平衡求出桌面对B的摩擦力大小（2）根据胡克定律求弹簧的劲度系数（3）悬挂小滑轮的斜线中的拉力F与滑轮两侧绳子拉力的合力等大反向【详解】（1）重物A的质量为2kg，则Oa绳上的拉力为 FOa=GA=2

17、0N对结点O受力分析，如图所示，根据平行四边形定则得：水平绳上的力为： Fob=FOasin60=10N物体B静止，由平衡条件可得，桌面对物体B的摩擦力 f=Fob=10N（2）弹簧的拉力大小为 F弹=FOacos60=10N根据胡克定律得 F弹=kx得 k=200N/m（3）悬挂小滑轮的斜线中的拉力F与滑轮两侧绳子拉力的合力等大反向，则悬挂小滑轮的斜线中的拉力F的大小为：F=2FOacos30=220N=20N方向在Oa与竖直方向夹角的角平分线上.【点睛】本题是物体平衡问题，首先要灵活选择研究对象，其次要正确分析受力情况，由平衡条件处理13.对于实际的气体，下列说法正确的是_。A气体的内能包

18、括气体分子的重力势能B气体的内能包括分子之间相互作用的势能C气体的内能包括气体整体运动的动能D气体体积变化时，其内能可能不变E气体的内能包括气体分子热运动的动能【答案】BDE【解析】ABCE、气体的内能等于所有分子热运动动能和分子之间势能的总和，故AC错，BE对；D、根据热力学第一定律知道 ，改变内能的方式有做功和热传递，所以体积发生变化时，内能可能不变，故D正确； 故选BDE点睛：不仅要知道内能是什么，还要知道改变内能的方式是什么。14.一U形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞。初始时，管内汞柱及空气柱长度如图所示。用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止

19、。求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离。已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强p0=75.0 cmHg。环境温度不变。【答案】9.42cm【解析】试题分析：设初始时，右管中空气柱的压强为p1，长度为l1；左管中空气柱的压强为p2=p0，长度为l2。活塞被下推h后，右管中空气柱的压强为p1，长度为l1；左管中空气柱的压强为p2，长度为l2。以cmHg为压强单位。由题给条件得p1=p2（200500）cmHg由玻意耳定律得依题意由玻意耳定律得联立式和题给条件得考点：考查了理想气体状态方程的应用【名师点睛】由题意知两部分封闭气体的温度与环境温度保持相等，气体都作等温变化先对左端气体研究，根据玻意耳定律求出活塞下移后的压强水银面相平时，两部分气体的压强相等，再研究右端气体，求出活塞下移后的长度和气体压强，根据几何关系求解活塞向下移动的距离视频