1、新课标2013年高考物理模拟预测试卷二适用地区：课标地区 考查范围：直线运动、相互作用、牛顿运动定律、曲线运动和万有引力 第卷一、单项选择（本共6小，每小3分，共18分。在每个小给出的四个选项中，只有一项是符合目要求的。）2.从某高度水平抛出一小球，经过t时间到达地面时，速度方向与水平方向的夹角为.不计空气阻力，重力加速度为g，下列结论中正确的是()A小球初速度为gt tanB若小球初速度增大，则平抛运动的时间变长C小球着地速度大小为D小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角为3.如图所示，倾角为的传送带沿逆时针方向以加速度a加速转动时，小物体A与传送带相对静止，重力加速度为g.则()A只有a
2、gsin，A才受沿传送带向上的静摩擦力作用B只有atan，图乙中表示该物块的速度v和所受摩擦力Ff随时间t变化的图线(以初速度v0的方向为正方向)，可能正确的是() 第卷三、填空（本共2小，每小4分，共8分。把答案写在答卡中指定的答处，不要求写出演算过程。）11、人造地球卫星在运行过程中由于受到微小的阻力，轨道半径将缓慢减小.在此运动过程中，卫星所受万有引力大小将 (填“减小”或“增大”)；其动能将 (填“减小”或“增大”).12、以初速为，射程为的平抛运动轨迹制成一光滑轨道.一物体由静止开始从轨道顶端滑下，当其到达轨道底部时，物体的速率为 ，其水平方向的速度大小为 .四、实验（本共2小，第1
3、36分，第149分，共15分。把答案写在答卡中指定的答处，不要求写出演算过程.）13、如图，为测量作匀加速直线运动小车的加速度，将宽度均为b的挡光片A、B固定在小车上，测得二者间距为d.(1)当小车匀加速经过光电门时，测得两挡光片先后经过的时间和，则小车加速度 .(2)(多选)为减小实验误差，可采取的方法是( ) (A)增大两挡光片宽度 (B)减小两挡光片宽度(C)增大两挡光片间距 (D)减小两挡光片间距14.如图为“用位移传感器、数据采集器等仪器研究加速度和力的关系”的实验装置 (1)在该实验中必须采用控制变量法，应保持_不变，用钩码所受的重力作为_，用DIS(数字化信息系统)测小车的加速度
4、(2) 改变所挂钩码的数量，多次重复测量，在某次实验中根据测得的多组数据可画出aF关系图线(如图所示)分析此图线的OA段可得出的实验结论是_此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_A小车与轨道之间存在摩擦 B导轨保持了水平状态C所挂钩码的总质量太大 D所用小车的质量太大五、计算（本共4小，第158分，第1611分，第17、18各12分，共43分。把答案写在答卡中指定的答处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。）15、在倾斜角为的长斜面上，一带有风帆的滑块从静止开始沿斜面下滑，滑块(连同风帆)的质量为m，滑块与斜面间的动摩擦因数为，风帆受到的沿斜面向上的空气阻力与滑块下滑的速度
5、大小成正比，即Ffkv.滑块从静止开始沿斜面下滑的vt图象如图所示，图中的倾斜直线是t0时刻速度图线的切线来源: (1)由图象求滑块下滑的最大加速度和最大速度的大小(2)若m2 kg，37，g10 m/s2，求出和k的值16、如图所示，水平面上放有质量均为m1 kg的物块A和B(均视为质点)，A、B与地面的动摩擦因数分别为10.4和20.1，相距l0.75 m现给物块A一初速度使之向物块B运动，与此同时给物块B一个F3 N水平向右的力使其由静止开始运动，经过一段时间A恰好能追上B.g10 m/s2.求：(1)物块B运动的加速度大小；(2)物块A初速度大小17、 (1)开普勒行星运动第三定律指出
6、：行星绕太阳运动的椭圆轨道的半长轴a的三次方与它的公转周期T的二次方成正比，即k，k是一个对所有行星都相同的常量将行星绕太阳的运动按圆周运动处理，请你推导出太阳系中该常量k的表达式已知引力常量为G，太阳的质量为M太(2)开普勒定律不仅适用于太阳系，它对一切具有中心天体的引力系统(如地月系统)都成立经测定月地距离为3.84108 m，月球绕地球运动的周期为2.36106 s，试计算地球的质量M地(G6.671011Nm2/kg2，结果保留一位有效数字)18、如图，质量的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L= 20 m.用大小为30 N，沿水平方向的外力拉此物体，经拉至B处.(已知，.取)(1)
7、求物体与地面间的动摩擦因数；(2)用大小为30 N，与水平方向成37的力斜向上拉此物体，使物体从A处由静止开始运动并能到达B处，求该力作用的最短时间t.物 理 参 考 答 案1. 【答案】D【解析】负电荷所受电场力的方向与电场强度的方向相反，且电荷受力方向指向运动轨迹的凹侧，A、C错误；B选项中负电荷所受电场力具有沿速度方向的分力，质点的速率是递增的，B错误；D选项中质点所受电场力具有沿速度反方向的分力，质点的速率是递减的，D正确2.【答案】C.【解析】画出在落地瞬间的速度关系，依意可知竖直方向的分速度为gt，解三角形即可3.【答案】B.【解析】A与传送带相对静止，倾角为的传送带沿逆时针方向以
8、加速度a加速转动时，A有沿斜面向下的加速度a，对A受力分析可知只有atan即mgsinmgcos，滑块不会向下滑动，而是保持静止，静摩擦力的大小等于重力的下滑分力mgsin，小于上滑时的摩擦力mgcos，所以A、C正确11.【答案】增大，增大【解析】根据万有引力定律，因减小，F增大；根据=，动能=，因减小，Ek增大.12.【答案】，【解析】平抛运动规律，解得；根据机械能守恒：，解得速率。， 是轨道的切线与水平方向的夹角，即为平抛运动末速度与水平方向的夹角，有，是平抛运动位移方向与水平方法的夹角，则，所以=，则=，代入得。13.【答案】（1）（2）BC【解析】（1）根据，得（2）b 越小，所测的
9、速度越接近瞬时速度，d 越大，速度平方差越大，误差越小.14.【答案】(1)小车的总质量小车所受的外力 (2)在质量不变的情况下，加速度与外力成正比C【解析】(1)因为要探索“加速度和力的关系”，所以应保持小车的总质量不变，钩码所受的重力作为小车所受外力(2)由于OA段aF关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：mgMa得：a，而实际上a，可见AB段明显偏离直线是没有满足Mm造成的15.【答案】(1)3 m/s22 m/s(2)0.3753 Ns/m【解析】(1)由图象知：vm2 m/st0时，加速度a最大am3 m/s2.(2)根据牛顿第二定律得mg si
10、n37mgcos37mam解得0.375达最大速度后，滑块做匀速直线运动，有：mgsin37mgcos37kvm解得k3 Ns/m.16.【答案】(1)2 m/s2(2)3 m/s【解析】(1)对B，由牛顿第二定律得：F2mgmaB解得aB2 m/s2.(2)设物块A经过t时间追上物块B，对物块A，由牛顿第二定律得：1mgmaAxAv0taAt2xBaBt2恰好追上的条件为：v0aAtaBtxAxBl联立各式并代入数据解得：t0.5 s，v03 m/s.17. 【解析】 (1)因行星绕太阳做匀速圆周运动，于是轨道半长轴a即为轨道半径r，根据万有引力定律和牛顿第二定律有Gm行2r于是有M太即kM
11、太(2)在地月系统中，设月球绕地球运动的轨道半径为R，周期为T，由式可得M地解得M地61024 kg(M地51024 kg也算对)18.【答案】（1）0.5（2）1.03 s【解析】【解法1】用牛顿定律和运动学公式(1)物体做匀加速运动 由牛顿第二定律 (2)设作用的最短时间为，小车先以大小为的加速度匀加速秒，撤去外力后，以大小为的加速度匀减速秒到达B处，速度恰为0，由牛顿定律 由于匀加速阶段的末速度即为匀减速阶段的初速度，因此有 （2）【解法2】用动能定理和牛顿定律设力作用的最短时间为t，相应的位移为s，物体到达B处速度恰为0，对全过程，由动能定理 对F作用时间，由牛顿定律 【解法3】图象法则2+2=L=20 m,所以解得