1、高二10月月考物理试题（考试时间：90分钟，满分：100分）第I卷（选择题 共36分）一、选择题：（本题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的。）题 号123456789101112答 案1关于元电荷的理解，下列说法正确的是（）A、元电荷就是电子 C、元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量 B、元电荷就是质子 D、元电荷就是自由电荷的简称 【答案】C点电荷是当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷而元电荷是带电量的最小值，它不是电荷，所有带电电荷量均是元电荷的整数倍【考点】元电荷、点电荷2已知点电荷A的电量是点电荷
2、B的2倍，则A对B作用力大小跟B对A作用力大小的比值为（）A、2:1 B、1:2 C、1:1 D、不确定【答案】C由点电荷库仑力的公式 ，可以得到，距离不变，将它们之间的电量增大为原来的2倍，库仑力将变为原来的2倍，而A对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此两者大小相等，即1：1，所以C正确，ABD错误故选：C【考点】库仑定律3如图所示，在匀强电场中有A、B两点，将一电量为q的正电荷从A点移到B点，第一次沿直线AB移动该电荷，电场力做功为W1；第二次沿路径ACB移动该电荷，电场力做功W2；第三次沿曲线AB移动该电荷，电场力做功为W3，则 （ ） A、 B、C、 D、【
3、答案】C解：，第一次沿直线AB移动该电荷，电场力做功为W1；第二次沿路径ACB移动该电荷，电场力做功W2；第三次沿曲线AB移动该电荷，电场力做功为W3，三个过程，始末两点的位置相同，电场力的功的值只跟始末两点的位置有关，而和所经过的路径的形状完全无关所以W1=W2=W3故选C【考点】电场线；电势能4如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是：（ ） A、粒子带正电。B、.粒子在A点加速度大。C、粒子在B点动能大。D、A、B两点相比，B点电势能较高。【答案】D解：A、电场线的方向向上，根据粒子的运动的轨迹可
4、以判断得出粒子受到的电场力的方向为向下，与电场线的方向相反，所以该离子带负电，所以A错误；B、电场线密的地方电场的强度大，所以粒子在B点受到的电场力大，在B点时的加速度较大，所以B错误C、从A到B得过程中，电场力对粒子做负功，所以粒子的动能减小，电势能增加，所以C错误、D正确故选D【考点】电场线；功能关系；电势能5.如图，虚线a、b、c是某静电场中的三个等势面。它们的电势分别为、，且。一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，由图可知（ ）A、粒子从K到L的过程中，电场力做负功B、粒子从L到M的过程中，电场力做负功C、粒子从K到L的过程中，静电势能减少D、粒子从L到M的过程中，动
5、能减少【答案】A解：电场线与等势面垂直，由较高的等势面指向较低的等势面，分布图如图A：故粒子从K到L的过程中，粒子从低电势向高电势运动，故电场力做负功，故A正确；B：粒子从L到M的过程中，先从低电势向高电势运动，后从高电势向低电势运动，电场力先做负功后做正功，故B错误；C：粒子从K到L的过程中，电场力做负功，电势能增加，故C错误；D、粒子从L到M的过程中，电场力先做负功后做正功，故电势能先增大后减小，故D错误；故选A【考点】等势面；电势；电势能6两个用相同材料制成的半径相等的带同种电荷的金属小球,其中一个球的带电量是另一个的5倍,它们间的库仑力大小是F,现将两球接触后再放回原处,它们间库仑力的
6、大小可能是（ ）A、5 F/9 B、4F/5 C、5F/4 D、9F/5【答案】D解：若两电荷同性，设一个球的带电量为Q，则另一个球的带电量为5Q，此时 接触后再分开，带电量各为： 则两球的库仑力大小为： 【考点】库仑定律关于电场线的下列说法中正确的 （ ）A、 电场线上每点的切线方向都跟该点的场强方向不一致B、 电场线就是电荷在电场中的轨迹线C、 在电场中有电场线的地方场强一定不为零D、 点电荷电场在同一平面内的电场线是以点电荷为中心的一簇同心圆。【答案】C：解：AC、电场线是形象描述电场的，每点的切线方向表示该点的场强方向；并且电场线的疏密程度反映电场的强弱，并不是在电场中没有电场线的地方
7、场强一定为零，故A错误，C正确；B、电荷在电场中的运动轨迹，取决于力和初速度，所以电荷的运动轨迹与电场线不一样，故B错误；D、点电荷形成的电场在同一平面内是以点电荷为中心向往辐射的线，并不是以点电荷为中心的一簇同心圆，故D错误故选：C【考点】电场线8某电场区域的电场线如图1-24所示把一个电子从A点移到B点时，则( )A、电子所受的电场力增大，电子克服电场力做功B、电子所受的电场力减小，电场力对电子做功C、电子所受的电场力增大，电势能减小D、电子所受的电场力增大，电势能增大【答案】C从A到B电场线越来越密，所以电场强度越来越大，所以电场力越来越大。而且电场力做正功，所以电势能减小。【考点】电场
8、线9如图所示，a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，c为ab的中点，a、b点的电势分别为a5 V，b3 V，下列叙述正确的是( ) A、该电场在c点处的电势一定为4 VB、a点处的场强一定大于b处的场强C、一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D、一正电荷运动到c点时受到的静电力由c指向a【答案】C解：A、当该电场是匀强电场时，由公式U=Ed知沿电场方向相同距离电势差相等，则电场在c点处的电势一定为4V当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不一定为4V故A错误B、一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强Ea不一定大于b点处的场强Eb故B错误C、由题，a点的电势高于
9、b点的电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正电荷从c点运动到b点电势能一定减少故C正确D、由题可判断电场线方向从a指向c，正电荷运动到c点时受到的静电力由a指向c故D错误故选：C【考点】电场线；匀强电场中电势差和电场强度的关系10对于电容C=，以下说法正确的是 ( )、一只电容充荷量越大，电容就越大、对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变、可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比、如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容【答案】B解：A、电容器带电荷量越大，板间电压越大，而电容不变故A错误B、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，对于固定电容器，电容C不
10、变，由定义式 可知，则带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变故B正确 C、电容器的带电荷量Q=CU，当电容C一定时，电量与电压成正比当电容C变化时，电量与电压不成正比故C错误 D、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量、电压无关故D错误故选B【考点】电容器11金属导体内电流增强，是因为 ( )、到体内单位体积的自由电子数增多 、导体内自由电子定向移动的速率增大、导体内电流的传导速率增大 、导体内自由电子的热运动速率增大【答案】B解：A、自由电子数增大，但均在做无规则运动，电流也不一定增多；故A错误；B、由I=nqvs可知，导体内自由电子定向移动的速率增大时，电流强度增大；故B正确
11、；C、电场的传播速度等于光速，与电流强度大小无关；故C错误；D、电流强度的大小与自由电子分子热运动的速度无关；故D错误；故选：B【考点】电流、电压概念12关于电动势E，下列说法中错误的是 （ ）A、电动势E的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特。B、干电池和铅蓄电池的电动势是不同的。C、电动势是矢量。D、电动势越大，表示电源将其他形式能转化为电能的本领越大。【答案】C解：A、电动势的单位及电势、电势差的单位均为伏特；故A正确；B、不同类型的电池其电动势不相同；故B正确；C、电动势是标量；故C错误；D、电动势反映电池做功能力的高低，电动势越大，则电源将其他形式的能转化为电能的本领越大；故D正确
12、；本题选错误的，故选：C【考点】电源的电动势第卷（非选择题 共64分）二、填空题（每空2分，共22分）13在空间某一区域，有一匀强电场，一质量为m的液滴，带正电荷，电量为q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为 _，方向_ _ _。【答案】，竖直向上该带电液滴在竖直方向上做匀速直线运动，所以受力平衡，而且液滴受到竖直向下的重力，那么电场力方向竖直向上，所以，解得，正电荷受到的电场力的方向和电场的方向是相同的，所以电场方向竖直向上【考点】电场强度，电场力14在金属导体中，若10s内通过横截的电荷量为10C，则导体中的电流为I= A变式一、某电解槽横截面积为0.5m2
13、 ,若10s内沿相反方向通过横截面的正负离子的电荷量均为10C,则电解液中的电流为I= A【答案】1、2电流指的是单位时间内通过横截面积的电量，I=q/t=1A，在电解液中正负离子移动方向相反，10s内通过正负电荷量为20C，由I=q/t=2A【考点】电流15一平行板电容器的电容为2F，使它两板间电势升高10V需增加的带电量为_ _【答案】根据电容器的公式 可以推导出，则。【考点】电容器16.一个带电小球，带有5.010-9C的负电荷当把它放在电场中某点时，受到方向竖直向下、大小为2.010-8N的电场力，则该处的场强大小为 ，方向 如果在该处放上一个电量为3.210-12C带正电的小球，所受
14、到的电场力大小为 ，方向 【答案】4N/C，竖直向上1.2810-11N，竖直向上：解：场强大小为 ，方向与负电荷所受的电场力方向相反，即竖直向上如果在该处放上一个电量为3.210-12C带正电的小球，所受到的电场力大小为F=qE=3.210-12C4N/C=1.2810-11N，方向竖直向上故答案为：4N/C，竖直向上1.2810-11N，竖直向上【考点】电场强度；库仑定律17如图，带电量为q的点电荷与均匀带电薄板相距为2d，点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心若图中a点处的电场强度为零，根据对称性，带电薄板在图中b点处产生的电场强度大小为 ，方向 (静电力恒量为k)【答案】解；q在a点形
15、成的电场强度的大小为 ，方向向左；因a点场强为零，故薄板在a点的场强方向向右，大小也为，由对称性可知，薄板在b点的场强也为，方向向左；故答案为：，水平向左；【考点】电场的叠加；电场强度；点电荷的场强三、计算题（本题共有4题，共42分,答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不得分）18.(9分)把一个带电荷量210-8C的正点电荷从无限远处移到电场中A点时，要克服电场力做功8106J，若把该电荷从无限远处移到电场中B点，需克服电场力做功2106J，取无限远处电势为零。求：（1）A点的电势。 （2）A、B两点的电势差。（3）若把2105C的负电荷由A点移到B点电场力做的功。
16、【答案】见解析解： 带入，可以得到：（2）同理可以得到：可以得到： (3) 【考点】电势，电势差，电势能19.（8分）加在某导体两端的电压变为原来的3/5时，导体中的电流减小了0.4A，如果所加电压变为原来的2倍，则导体中的电流多大？【答案】2A解：设是导体两端原来的电压为U，电流为I，则导体的电阻 又由题，导体两端的电压变为原来的 时，导体中的电流减小了0.4 A，则有联立得解得I=1.0 A当电压变为2U时，I=2I=2A故答案为：2A【考点】闭合电路的欧姆定律20.（12分）如图129所示，在点电荷+Q电场中的一条电场线上取a、荷时，受到的电场力为F=310-6N (1)求a处的电场强度
17、的大小、方向把检验电荷从a点移去后，a点的场强怎样变化？ (2)如在b处放一个电子，它受到的电场力多大？方向怎样？【答案】（1）200NC，水平向右；a点场强不变（2）210-18N，水平向左解：（1）根据电场强度的定义式，则有： 解得：E =200N/C，方向由a指向b（2）把检验电荷从a点移去后，场强不变（3）据点电荷电场强度的公式，则有： 得：Eb：Ea=roa2：rob2，则得： 在b处放一个电子受到的电场力 F=eEb=1.610-1912.5N=2.010-18N，方向由b指向a答：（1）a处的电场强度的大小为200N/C、方向由a指向b；（2）若将检验电荷从a点移走，a点的场强不
18、变 （3）如在b处放一个电子，它受到的电场力为210-18 N，方向由b指向a【考点】电场强度21（13分）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点。已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e。求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；（3）P点到O点的
19、距离。【答案】见解析（1）设电子经电压U1加速后的速度为v0，根据动能定理得： e U1=， 解得：（2）电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动。设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场运动的时间为t1，电子的加速度为a，离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y1，根据牛顿第二定律和运动学公式得：F=eE， E= ， F=ma， a =t1=， y1=，解得： y1=（3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为vy，根据运动学公式得：vy=at1=电子离开偏转电场后作匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t2，电
20、子打到荧光屏上的侧移量为y2，t2=， y2= vyt2 解得：y2= P到O点的距离为 y=y1+y2=【考点】带电粒子在电场中的运动 2014-2015学年度第一学期高二月考 物理试卷答案卷（考试时间：90分钟，满分：100分）第I卷（选择题 共36分）一、 选择题：（本题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的。）第卷（非选择题 共64分）二、 填空题（每空2分，共22分）三、 计算题（本题共有4题，共42分,答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不得分）19、(8分) 2A20、（12分）（1）200NC，水平向右；a点场强
21、不变（2）210-18N，水平向左21、（13分）（1）设电子经电压U1加速后的速度为v0，根据动能定理得： e U1=， 解得：（2）电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动。设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场运动的时间为t1，电子的加速度为a，离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y1，根据牛顿第二定律和运动学公式得：F=eE， E= ， F=ma， a =t1=， y1=，解得： y1=（3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为vy，根据运动学公式得：vy=at1=电子离开偏转电场后作匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t2，电子打到荧光屏上的侧移量为y2，t2=， y2= vyt2 解得：y2= P到O点的距离为 y=y1+y2=