1、江苏省如皋中学2020届高三物理下学期3月调研试题（含解析）（考试时间：100分钟 分值：120分）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意1.物理学中引入“质点”、“点电荷”等概念，从科学方法上来说属于（ ）A. 控制变量法B. 建立理想模型的方法C. 假设与猜想的方法D. 极限法【答案】B【解析】【详解】物理学中引入“质点”、“点电荷”等概念，从科学方法上来说属于建立理想模型的方法。故选B。2.嫦娥四号从环月圆轨道I通过近月制动进入椭圆着陆轨道II，为下一步月面软着陆做准备，如图所示，B为近月点，A为远月点则嫦娥四号（ ）A. 在轨道II上A点的加速
2、度大于在B点的加速度B. 沿轨道I运动的周期小于沿轨道II运动的周期C. 从轨道I变轨到轨道II，机械能增大D. 在轨道II经过A点时的动能小于在轨道II经过B点时的动能【答案】D【解析】【详解】A卫星在轨道II上运动，A为远月点，B为近月点，卫星运动的加速度由万有引力产生 知，卫星在B点运行加速度大，故A错误；B根据开普勒第三定律可知，因为沿轨道I运动的半径大于沿轨道II运动的半长轴，可知沿轨道I运动的周期大于沿轨道II运动的周期，选项B错误；C卫星从轨道I变轨到轨道II的过程中卫星要在A点减速做近心运动，则从轨道I变轨到轨道II，机械能减小，选项C错误；D在轨道II上从A点到B点月球的引力
3、做正功，动能增加，则经过A点时的动能小于在轨道II经过B点时的动能，选项D正确。故选D。3.如图所示电路中，电流表A和电压表V均可视为理想电表现闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动，下列说法正确的是（ ）A. 电流表A的示数变小，电压表V的示数变大B. 小灯泡L变亮C. 电容器C上电荷量减少D. 电源的总功率变大【答案】A【解析】【详解】A、B闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流I减小，则小灯泡L变暗，电流表A的示数变小电压表的示数U=EI（RL+r），I减小，其他量不变，则U增大，即电压表V的示数变大故A正确，B错误
4、C、电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电压表的示数，U增大，由Q=CU，知电容器C上的电荷量增大故C错误D、电源的总功率P=EI，I减小，则电源的总功率变小故D错误故选A4.一个矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化的t图像如图所示下列说法中正确的是（ ）A. t=0时刻线圈在中性面位置B. t=0.01s时线圈产生的感应电动势最大C. t=0.02s时线圈磁通量的变化率为零D. t=0.03s时线圈中的电流方向发生改变【答案】D【解析】【详解】At=0时刻，磁通量等于零，线圈垂直于中性面，故A错误；Bt=0.01s时刻，磁通量最大，的变化率为零，产
5、生电动势为零，故B错误；Ct=0.02s时磁通量等于零，但的变化率达最大，故C错误；Dt=0.03s时磁通量最大，的变化率为零，产生电动势为零，线圈中的电流方向发生改变，故D正确；故选D。5.如图所示，一端固定在地面上的杆与水平方向夹角为.将一质量为M的滑块套在杆上，滑块通过轻绳悬挂一质量为m的小球，杆与滑块之间的动摩擦因数为，先给滑块一个沿杆方向的初速度.稳定后滑块和小球一起以共同的加速度沿杆运动，此时绳子与竖直方向的夹角为，且，不计空气阻力.则滑块的运动情况是（ ）A. 沿着杆减速下滑B. 沿着杆加速下滑C. 沿着杆减速上滑D. 沿着杆加速上滑【答案】C【解析】【详解】由小球的受力分析可知
6、，小球受到重力和绳子方向的拉力的作用，可推知两者的合力只能在沿着斜杆向下的方向，所以整体的加速度方向沿杆向下。但是整体的速度方向决定了杆对滑块的摩擦力方向，速度方向未知，只能做出假设。把滑块和球看做一个整体受力分析，沿斜面和垂直斜面建立直角坐标系得：假设：若速度方向向下，则沿斜面方向：垂直斜面方向：摩擦力：联立可解得：对小球有：若，则有：现有：，则有：所以有：整体相对静止，所以：即：因，所以有：但，所以假设不成立，即速度的方向一定向上；由于加速度方向向下，所以滑块沿杆减速上滑；故ABD错误;C正确;故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分，每小题有多个选项符合题意全部选对的
7、得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分6.电场中某区域的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两点，则（ ）A. 同一点电荷在A点受到的静电力比在B点时受到的静电力大B. 因为B点没有电场线，所以电荷在B点不受到静电力作用C. 同一负点电荷放在B点的电势能大于放在A点时的电势能D. 正电荷放在A点由静止释放，电场线就是它的运动轨迹【答案】AC【解析】【详解】A因为A点的电场线较B点密集，可知A点场强较大，则同一点电荷在A点受到的静电力比在B点时受到的静电力大，选项A正确；B虽然B点没有电场线，但是此处仍有电场，所以电荷在B点仍受到静电力作用，选项B错误；C沿电场线电势逐渐降低，可知A点的
8、电势高于B点，同一负点电荷放在B点的电势能大于放在A点时的电势能，选项C正确；D因电场线是曲线，则正电荷放在A点由静止释放，不会沿电场线运动，选项D错误。故选AC。7.质量相同的甲、乙两物体放在相同的光滑水平地面上，分别在水平力F1、F2的作用下从同一地点，沿同一方向，同时运动，其v-t图像如图所示，则（ ）A. 02s内，甲的加速度始终大于乙的加速度B. 06s，F1先减小后不变，F2一直不变C. 4s末甲、乙两物体动能相同，此时F1=F2D. 06s内两者在前进方向上的最大距离一定大于4m【答案】BD【解析】【详解】A因为v-t图像的斜率等于加速度，可知02s内，甲的加速度逐渐减小到0，乙
9、的加速度不变，则甲的加速度先大于乙，后小于乙，选项A错误；B06s，甲的加速度逐渐减小到0然后保持a=0不变，乙的加速度不变，则由牛顿第二定律可知，F1先减小后不变，F2一直不变，选项B正确；C4s末甲、乙两物体速度相同，则动能相同，此时因为乙的加速度大于甲，可知F1 13.2N；(3)14J。【解析】【详解】(1)滑块与木板间的正压力 FN = F1 滑块与木板间的最大静摩擦力对木板应有FmaxMg解得 F120N(2)对木板有所以木板加速度的最大值为a1 = 1m/s2对滑块有要能发生相对滑动应有 a2 a1解得 F2 13.2N(3)对木板有 a1 = 1m/s2对滑块有 a2 = 2m
10、/s2滑块从木板上滑离可得 t = 1s滑块相对于地面的位移力F2 做的功 W = Fx = 14J23.如图所示的xoy坐标系中，在第I象限内存在沿y轴负向的匀强电场，第IV象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场一个比荷q/m=102c/kg的带正电粒子从y轴上的P点垂直进入匀强电场，经过x轴上的Q点以速度v=2m/s进入磁场，方向与x轴正向成30若粒子在磁场中运动后恰好能再回到电场，已知OQ长L=6m，粒子的重力不计，电场强度E和磁感应强度B大小均未知求：(1)OP的距离(2)磁感应强度B的大小(3)若在O点右侧44m处放置一平行于y轴的挡板，粒子能击中挡板并被吸收，求粒子从P点进入电场到击中挡
11、板的时间.【答案】(1) (2) B=510-3T (3)【解析】【分析】(1)粒子在电场中做类平抛运动，根据平行四边形定则求出粒子在沿电场方向和垂直电场方向上的速度，结合运动学公式求出OP间的距离；(2)粒子恰好能再回到电场，结合几何关系求出临界半径，结合半径公式求出磁感应强度的大小；(3)根据几何关系求出一个周期内在x轴上发生的距离，确定出粒子能完成周期运动的次数结合在电场中和磁场中运动的时间，以及最后2L内的时间求出粒子从P点进入电场到击中挡板的时间【详解】(1) 粒子Q点进入磁场时，vx=vcos30，vy=vsin30，粒子从P点运动到Q点时间 t=L/vxOP间距离 解得：；(2) 粒子恰好能回到电场，即粒子在磁场中轨迹的左侧恰好与y轴相切，设半径为RR+Rsin30=L 联立解得：B=510-3T ；(3) 粒子在电场和磁场中做周期性运动，轨迹如图一个周期运动过程中，在x轴上发生的距离为L=L+L-2Rsin30=8mP点到挡板的距离为44m，所以粒子能完成5个周期的运动，然后在电场中沿x轴运动4m时击中挡板5个周期的运动中，在电场中的时间为 磁场中运动的时间 剩余中的运动时间 总时间 【点睛】本题考查了带电粒子在电场和磁场中的运动，掌握处理类平抛运动的方法，抓住等时性结合运动学公式进行求解，对于粒子在磁场中的运动，会确定圆心、半径和圆心角