1、2022届高三一轮复习联考（三）广东卷物理试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回考试时间为75分钟，满分100分一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1一节高质量5号干电池的容量约为若利用一节该型号的新电池为一标称值为“”的小灯泡供电，则该灯泡正常工作的最长时间约为（ ）A B C
2、D2如图所示，摩天轮载着轿厢在竖直平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动，轿厢中的乘客与轿厢相对静止，a、c分别为轿厢运动过程中经过与转轴等高的两个位置，b、d分别为轿厢经过的最低点和最高点对于图中恰处于a位置轿厢内的乘客，下列说法正确的是（ ）A在a位置时，轿厢内乘客处于失重状态B轿厢刚转到b位置时，轿厢内乘客所受合力恰好为零C轿厢分别转到a、c两位置时，轿厢内乘客受到座椅的作用力大小相等D轿厢分别转到b、d两位置时，轿厢内乘客在d位置所受到的合力较小3带有两接线柱的A、B、C三个立方体金属块，其棱长相等，两接线柱分别位于相对的两侧面中心，各自接入电路后进行测量，在同一坐标系中各描出一组金属块两端
3、的电压U和对应通过的电流I，发现三点恰在同一直线上，但未过坐标原点，如图甲所示现将A、B、C按图乙方式连接到同一恒压电源上，下列说法正确的是（ ）AC的电阻率最大 BA、B、C的电阻率一样大C图乙中，A两端的电压大于B两端的电压 D图乙中，A、B消耗的总电功率大于C消耗的电功率4如图所示，边长的正方形区域处于匀强电场（图中未画出）中，其中边恰与电场线平行，O为的中心已知将一电子自b点移到O的过程中，克服电场力做功现再将一正点电荷固定于O点，下列说法正确的是（ ）Aa、c两点的电场强度相同 Ba、b两点的电势差C匀强电场的电场强度大小为D将电子自a点沿连线移到d点的过程中，电子的电势能始终不变5
4、静置于桌面上的水平螺线管中通有如图所示的恒定电流，螺线管正上方固定一通电直导线M，M中通有垂直纸面向里的恒定电流，导线恰与螺线管中轴线垂直纸面内，螺线管正上方以直导线M为圆心的圆上有a、b、c、d四点，其中a、c连线恰为圆的竖直直径，b、d连线为圆的水平直径已知a点的磁感应强度方向水平向左，忽略地磁场的影响，下列说法正确的是（ ）Aa点的磁感应强度大于c点的磁感应强度 Bb、d两点的磁感应强度相同C导线在图示位置时，通电螺线管所受的安培力竖直向下D若将通电直导线M竖直向下移动到a点的过程中，螺线管所受安培力逐渐增大6直流电源E、定值电阻、及可变电容器C与开关S组成如图甲所示的电路电源电动势，内
5、阻初始时，可变电容器的动片保持在如图乙所示的位置不变，闭合开关S一段时间后再断开，电容器的电荷量变化了下列说法正确的是（ ）A动片在图乙位置时，电容器的电容约为B动片在图乙位置，闭合开关S一段时间后再断开时，中有短暂向左的电流C保持开关S闭合，在转轴沿顺时针缓慢转动过程中，电容器所带电荷量缓慢增加D开关S断开后，在转轴沿顺时针缓慢转动过程中，电容器所带电荷量保持不变7如图所示，绝缘支架静置于水平桌面上，顶端固定一电荷量为Q的带正电金属小球（看成点电荷），支架与金属小球的总质量为M一电荷量分布均匀、半径为R的金属圆环恰能水平静止于小球正上方，圆心O离小球的距离为h已知圆环的质量为m，重力加速度为
6、g，下列说法正确的是（ ）A支架对桌面的压力大于 B支架对桌面的压力小于C圆环所带电荷量 D圆环所带电荷量二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分8如图所示，定值电阻、的阻值分别为、和，滑动变阻器R的最大阻值为，电压表V和电流表A均为理想电表，电源E的内电阻忽略不计在滑动变阻器的滑片P自最右端a缓慢滑动至最左端b的过程中，两电表均未超出量程，下列说法正确的是（ ）A电压表的示数缓慢减小 B电流表的示数缓慢减小C滑动变阻器消耗的电功率一定减小 D滑动变阻器消耗的电功率可能先增大后减小9如图所
7、示，半径为R的半圆形粒子接收屏竖直放置，为水平直径，O为圆心，连线与竖直方向的夹角一质量为m、电荷量绝对值为q的带电粒子自A点沿方向以初速度射入当接收屏处于竖直向上的匀强电场中时，粒子恰能击中屏上的C点；当接收屏处于垂直纸面方向的匀强磁场中时，粒子也恰能击中屏上的C点不计粒子重力，下列说法正确的是（ ）A粒子带正电，匀强磁场的方向垂直于纸面向外B匀强电场的电场强度大小为C匀强磁场的磁感应强度大小为D粒子在匀强电场和匀强磁场中运动的时间之比为1445310如图所示，两等量异种点电荷、分别固定在x轴上，O为两点电荷连线的中点，A、B为x轴上两点电荷间关于O点对称的两点取A点为坐标原点，水平向右为正
8、方向，无穷远处电势为零自A点由静止释放一电子，仅在电场力作用下从A点向B点运动在由A点运动到B点的过程中，下列关于电子所经位置的电势、电子的电势能随位移x的变化关系可能正确的是（ ）A B C D三、非选择题：本题共5小题，共54分11（7分）如图甲所示，排污管道的污水中常含有大量正、负离子，某兴趣小组的同学为探究该管道的污水排放量，利用废旧材料与0刻度线在表盘中央的电压表自制了一简易电磁流量计进行测量，原理如图乙所示该组同学将横截面为圆形的塑料弯管插入排污管道后密封，污水充满竖直管道后经水平管口排出，图乙中A、B分别为两竖直紧贴塑料管内壁的金属探针，两针间距离恰等于塑料管道内直径D，将两探针
9、用导线自管壁引出后，分别与电压表（图中未画出）两接线柱相连，对竖直管道施加垂直两探针所在平面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B已知该管道单位时间内排出污水的体积Q不变，探针与污水接触良好，两引线处无渗漏，电压表可视为理想电表，导线及污水电阻不计，则：（1）若发现电压表的指针偏向0刻度线的左侧，说明探针_（选填“A”或“B”）与电压表正接线柱相连，要使电压表指针正常显示时偏向0刻度线右侧，可采取的一条措施是_；（2）经调整，电压表指针正常偏转，则电压表稳定后的示数U与该管道单位时间内排出污水的体积Q的关系式为_；（用题中所给物理量符号表示）（3）若发现测量时电压表的指针偏转角度太小，要使指
10、针偏转角度适当大些，可采取的一条措施是_12（9分）某实验小组的同学为测量由两节干电池组成的电池组的电动势E和内电阻r，设计了如图甲所示的实验电路，其中R为电阻箱，定值电阻实验过程中获得了多组电压表示数U和相应的电阻箱阻值R，并绘制出了与图像如图乙所示，则：（1）根据图像求得电池组的电动势测量值_V，内电阻测量值_；（结果均保留两位有效数字）（2）由实验原理可知，该实验得到的电动势的测量值_（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值，内电阻的测量值_（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值13（11分）如图所示，分别固定在水平天花板O、点的竖直绝缘细线上拴有两金属导体棒、，两导体棒的质量均为m、
11、长度均为L，、中通有大小分别为I和的恒定电流，方向均水平向右现对整个装置施加匀强磁场，两棒能再次保持静止时，细线、与竖直方向的夹角均为已知两棒始终平行且保持水平，重力加速度大小为g，不计细线重力（1）若施加竖直向上的匀强磁场，求匀强磁场的磁感应强度的大小；（2）求所施加匀强磁场的最小磁感应强度的大小14（12分）内壁附有粒子接收器的两足够大平行金属板A、B接在如图所示的电路中，位于B板中心的粒子源能在纸面内向两板间沿各个方向发射质量均为m、带电荷量均为q的正粒子，粒子的初速度均相等闭合开关，当滑动变阻器的滑片自最左端缓慢向右滑到中间位置时，A板内壁的接收器恰好接收不到任何粒子，此后保持滑片位置
12、不变已知电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器的总阻值为R，A、B两板间的距离为d，不计粒子重力及粒子接收器的厚度，忽略粒子间的相互作用，求：（1）粒子源发射粒子的初速度的大小；（2）B板内壁接收器能接收到粒子区域的最大长度L15（15分）如图所示，半径的竖直粗糙绝缘圆弧轨道的最低点C的切线呈水平，C点正下方为绝缘竖直墙壁，墙壁足够高虚线为C点下方的场分界线，与C点的高度差，上方区域内存在电场强度大小为的匀强电场，方向竖直向下，下方、墙壁左侧的区域内存在垂直于纸面向里的匀强磁场和竖直向上的电场强度大小为的匀强电场一质量、电荷量的带正电小滑块自圆弧轨道上的B点由静止释放，经过C点时对轨道的压力大小
13、为，从C点水平飞出后经分界线上的D点（图中未画出）进入下方区域已知连线与竖直方向的夹角，小滑块在运动过程中电荷量保持不变，不计空气阻力，重力加速度取，已知求：（1）小滑块在圆弧轨道上运动的过程中，克服摩擦力所做的功；（2）小滑块经过D点时的速度的大小；（3）小滑块能再次返回上方区域的最小磁感应强度B的大小2022届高三一轮复习联考（三）广东卷物理参考答案及评分意见1A 【解析】由电池容量约为可知，该电池储存的电荷量约为，而灯泡正常工作时的电流，由，得，A正确，BCD错误2C 【解析】因轿厢在竖直面内做匀速圆周运动，故在a位置时，轿厢内乘客竖直方向合力为零，则竖直方向处于平衡状态，A错误；轿厢刚
14、转到b位置时，轿厢内乘客所受合力提供向心力，故合力不为零，B错误；轿厢分别转到a、c两位置时，轿厢内乘客受到座椅作用力的竖直方向分力与重力平衡，水平方向分力提供向心力，由平行四边形定则可知，轿厢内乘客受到座椅的作用力大小相等，C正确；因轿厢做匀速圆周运动，轿厢分别转到b、d两位置时，轿厢内乘客所受合力大小相等，D错误3C 【解析】由甲图可知，A的电阻最大，由电阻定律可知，A的电阻率最大，C的最小，AB错误；由串联电路特点可知，A两端的电压大于B两端的电压，C正确；由欧姆定律和焦耳定律可知，故A、B消耗的总电功率小于C消耗的电功率，D错误4C 【解析】由场强叠加可知，a、c两点的电场强度大小不等
15、、方向不同，A错误；在点电荷产生的电场中，a、b两点的电势相等，故a、b两点的电势差等于其在匀强电场中两点的电势差，由可知，因，故，B错误；由，C正确将电子自a点沿连线移到d点的过程中，电场力先做正功再做负功，电子的电势能先减小后增大，D错误5D 【解析】由题意可知，导线在a点产生的磁场比螺线管在a点产生的磁场强，由磁感应强度的叠加可知，a点的磁感应强度小于c点的磁感应强度，A错误；由平行四边形定则可知，b、d两点的磁感应强度大小相等、方向不同，B错误；导线在图示位置时，由左手定则可知，导线所受的安培力竖直向下，由牛顿第三定律可知，螺线管所受的安培力竖直向上，C错误；自c到a，螺线管产生的磁场
16、逐渐变强，若将通电直导线M竖直向下移动到a点的过程中，导线所受的安培力逐渐增大，故螺线管所受的安培力也逐渐增大，D正确6B 【解析】开关S闭合时，由闭合电路欧姆定律及可知，电容器所带的电荷量，当开关S断开后有，则，得，A错误；闭合开关S一段时间后再断开时，由于电容器两端电压变大，电容器充电，而下极板带负电，故中有短暂向左的电流，B正确；在转轴沿顺时针缓慢转动过程中，电容器正对面积缓慢减小，电容缓慢减小，而电压不变，故电容器所带电荷量缓慢减少，CD错误7D 【解析】对圆环、小球和支架组成的系统，由平衡条件可知，支架受桌面的支持力等于，AB错误；设圆环所带电荷量为q，因圆环电荷分布均匀，故单位长度
17、所带电荷量，由库仑定律和平衡条件可知，解得圆环所带电荷量，C错误、D正确8BC 【解析】因电源内阻不计，故电压表示数不变，当滑片由端向b端滑动时，接入电路的阻值缓慢减小，故电路中的总电流增大，两端的电压增大，两端的电压减小，则通过的电流减小，A错误、B正确；该电路可等效为内电阻的电源对滑动变阻器供电，因滑动变阻器的电阻由开始减小，由可知，等效电源的输出功率一定减小，故滑动变阻器消耗的电功率一定减小，C正确、D错误9BC 【解析】由题意可知，粒子带负电，磁场方向应垂直于纸面向里，A错误；当施加电场时，水平方向：，竖直方向：，解得，B正确；当施加磁场时，由几何关系有，解得，由得，C正确；由可知，粒
18、子在电场中的运动时间，由，得，D错误10BC 【解析】由题意可知，由A到B电势升高，O点电势为零，故O点左侧电势小于零、右侧电势大于零，又由可知，图像切线的斜率绝对值可表示场强大小，由A到O，场强减小，由O到B场强增大，A错误、B正确；电子在由A运动到B的过程中，电场力做正功，则电势能减小，D错误；取一小段位移x，由，得，故图像的斜率绝对值也可反映场强大小，C正确11（1）B（1分） 将探针A、B分别与电压表正、负接线柱相连（或将匀强磁场的方向改为垂直A、B所在平面向外等）（2分（2）（2分） （3）适当增大匀强磁场的磁感应强度大小（或换用直径小一些的塑料管；或换用量程小一些的电压表等）（2分
19、）【（1）（3）写出任意一条，合理即可给分】【解析】（1）由左手定则可知，正离子在洛伦兹力的作用下应向探针A侧偏转，故A侧电势高，因电压表示数为负值，说明探针B连在了电压表的正接线柱上；采取措施可以将探针A、B分别与电压表正、负接线柱相连，也可以将匀强磁场的方向改为垂直于A、B所在平面向外等；（2）由平衡条件可知，即，而，得；（3）由可知，要增大电压表指针偏角，可适当增大匀强磁场的磁感应强度大小，也可换用直径小一些的塑料管，还可换用量程小一些的电压表等12（1）3.0（3分） 2.0（2分） （2）小于（2分） 小于（2分）【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律可得，由关系图线知纵截距绝对值，得；
20、由图线的斜率，解得；（2）根据实验原理可知，电动势的测量值，故测量值应小于电源电动势真实值，内电阻的测量值，故内电阻的测量值小于真实值13【解析】（1）由（1分）可知棒所受安培力大小，方向水平向外（2分）棒所受安培力大小，方向水平向外（2分）对两棒整体，由平衡条件可知（2分）解得（1分）（2）当磁感应强度最小时，对两棒整体，由平衡条件得（2分）解得（1分）14【解析】（1）对刚好不能到达A板的粒子，由动能定理可知（2分）由闭合电路欧姆定律及欧姆定律可知（2分）解得（1分）（2）设初速度方向与B板成角的粒子落到B板上的位置距粒子源最远，轨迹如图所示，设粒子在垂直B板方向上减速到零的时间为t，则：
21、垂直B板方向：（1分）由对称性可知，粒子自射出至击中B板的过程中，沿B板方向运动的距离为最大长度L的一半，故沿B板方向：（1分）又（2分）解得（1分）将和代入上式，得（分）当时，即时，粒子落点距粒子源最远，即最大长度（1分）15【解析】（1）粒子的部分运动轨迹如图所示，在C点，由牛顿第三定律可知，小滑块受到的支持力由牛顿第二定律可知（2分）解得（1分）对小滑块从B到C过程，由动能定理可得（2分）解得（1分）（2）对小滑块从C到D过程，由动能定理可得（1分）解得（1分）（3）由于（1分）可知小滑块在下方做匀速圆周运动，当运动轨迹半径最大时磁场的磁感应强度最小，设最大半径为r，由得（1分）设D点离墙壁的距离为，由几何关系可知（1分）由运动学公式可知，小滑块自C运动到D所用的时间（1分）由牛顿第二定律可知，小滑块自C运动到D过程中的加速度大小为（1分）则由知（1分）联立以上各式得（1分）