1、吉林省长春吉大附中实验学校2019-2020学年高二化学下学期网上学习效果检测试题（含解析）本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，考生将答案填写在答题纸上，考试结束后将答题纸拍照上传。可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16第卷选择题（50分）一、选择题（每题只有一个正确选项，每题2分，共20分）1.所下列化学用语理解正确的是（ ）A. 比例模型既可以表示甲烷分子，也可以表示四氯化碳分子B. 电子式H既可以表示羟基，也可以表示氢氧根离子C. 丙烯的最简式可表示为CH2D. 结构简式(CH3)2CHCH3既可以表示正丁烷，也可以表示异丁烷【答案】C【解析】【详解】A、比例模型
2、的需要符合原子大小的比例，甲烷分子中的氢原子的半径比碳原子小，而四氯化碳分子中氯原子的半径比碳原子大，所以这两种分子不能用同一个比例模型来表示，A错误；B、H可以表示羟基，而氢氧根的电子式为：，B错误；C、将有机物的分子式化为最简式，是用元素符号表示化合物分子中各元素的原子个数比的最简关系式，就是最简式；丙烯的分子式为C3H6，则其最简式为CH2，C正确；D、结构简式(CH3)2CHCH3仅表示异丁烷，D错误；故合理选项为C。2.“一带一路”构建人类命运共同体，符合国际社会的根本利益，彰显人类社会共同理想和美好追求。下列贸易的商品中，主要成分属于蛋白质的是（ ）A. 捷克水晶B. 埃及长绒棉C
3、. 乌克兰葵花籽油D. 中国丝绸【答案】D【解析】【详解】A. 水晶的主要成分是二氧化硅，故A错误；B. 长绒棉的主要成分是纤维素，故B错误；C. 葵花籽油的主要成分是油脂，故C错误；D. 丝绸的主要成分是蛋白质，故D正确；故选D。3. 下列各组中的反应，属于同一反应类型的是A. 由溴丙烷水解制丙醇；由丙烯与水反应制丙醇B. 由甲苯硝化制对硝基甲苯；由甲苯氧化制苯甲酸C. 由氯代环己烷消去制环己烯；由丙烯加溴制二溴丙烷D. 由乙酸和乙醇制乙酸乙酯；由苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇【答案】D【解析】【分析】有机物分子中双键或三键两端的碳原子与其它原子或原子团直接结合生成新的化合物的反应是加成反应，
4、有机物分子里的某些原子或原子团被其它原子或原子团所替代的反应叫取代反应，有机化合物在一定条件下，从1个分子中脱去1个或几个小分子，而生成不饱和键化合物的反应，叫做消去反应。有机物分子中失去氢原子或加入氧原子的反应叫做氧化反应，有机物分子中加入氢原子或失去氧原子的反应叫做还原反应，据此分析解答。【详解】A.溴丙烷水解制丙醇，-Br被-OH取代，为取代反应；丙烯与水反应制丙醇，双键转化为单键，引入-OH，为加成反应，类型不同，故A不选；B.甲苯硝化制对硝基甲苯，苯环上的H被硝基取代，为取代反应；甲苯氧化制苯甲酸，甲基转化为-COOH，为氧化反应，类型不同，故B不选；C. 由氯代环己烷消去制环己烯，
5、-Cl转化为双键，为消去反应；由丙烯与溴反应制1,2二溴丙烷，双键转化为单键，引入-Br，为加成反应，类型不同，故C不选；D.乙酸和乙醇制乙酸乙酯，发生酯化反应；由苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇，发生水解反应，则酯化反应、水解反应均属于取代反应，类型相同，故D选。答案选D。4.下列关于糖类、油脂和蛋白质这三大营养物质的叙述不正确的是（ ）A. 油脂、糖类和蛋白质均为高分子化合物B. 淀粉水解的最终产物能发生银镜反应C. 蛋白质溶液中加入饱和硫酸铵溶液后产生的沉淀能重新溶于水D. 植物油、动物脂肪均能发生皂化反应，生成甘油和高级脂肪酸盐【答案】A【解析】【详解】A. 相对分子质量在10000以上的
6、为高分子化合物，淀粉和纤维素等多糖以及蛋白质为高分子化合物，单糖、二糖、油脂不是高分子化合物，故A错误；B. 淀粉水解的最终产物为葡萄糖，葡萄糖属于还原性糖，含有醛基，能发生银镜反应，故B正确；C. 蛋白质溶液中加入饱和硫酸铵溶液后产生沉淀属于盐析，盐析是可逆过程，加水能重新溶于水，故C正确；D. 脂肪属于酯，在碱性条件下的水解反应为皂化反应，能水解生成甘油和高级脂肪酸盐，故D正确；故选A。【点睛】淀粉、纤维素、蛋白质、核酸为高分子化合物，而油脂不属于高分子化合物，这是学生们的易错点，学生们总是误认为油脂也是高分子化合物。5.下列说法正确的是（ ）A. 质谱、红外光谱都能够快速、精确地测定有机
7、物的相对分子质量B. 核磁共振氢谱中，CH3COOH、CH3OH都可给出两种峰信号C. 的名称为2甲基3丁醇D. 乙二醇和丙三醇互为同系物【答案】B【解析】【详解】A. 质谱能够快速、精确地测定有机物的相对分子质量，红外光谱不能测定有机物的相对分子质量，可以获得分子中含有的化学键或官能团信息，故A错误；B. CH3COOH和CH3OH分子中都含有两种不同化学环境的氢原子，它们在核磁共振氢谱中都可给出两种峰信号，故B正确；C. 醇命名时，编号从距离羟基最近的一端开始，羟基位于2号C，甲基位于3号C，则该有机物的正确名称为：3甲基2丁醇，故C错误；D. 同系物指结构相似，分子组成上相差1个或若干个
8、CH2原子团的化合物，乙二醇和丙三醇的羟基数目不同，组成不相似，不互为同系物，故D错误；故选B。【点睛】同系物指结构相似，分子组成上相差1个或若干个CH2原子团的化合物，结构相似即同系物具有相同种类和数目的官能团，通式相同，D项中乙二醇和丙三醇所含羟基数目不同，则不属于同系物，这是常考点，也是学生们的易错点。6.下列关于有机物的说法正确的是（ ）A. 具有同一通式的物质一定属于同系物B. 互为同分异构体的两种有机物化学性质必定相似C. 可用水鉴别苯、四氯化碳和乙醇D. 邻二甲苯与对二甲苯互为同分异构体，沸点相同【答案】C【解析】【详解】A. 具有同一通式的物质不一定属于同系物，如环烷烃与烯烃，
9、炔烃与二烯烃，故A错误；B. 互为同分异构体的两种有机物化学性质不一定相似，如丙烯与环丙烷，故B错误；C. 苯不溶于水，密度比水小，二者混合会出现分层，苯在上层；四氯化碳不溶于水，密度比水大，二者混合也会出现分层，四氯化碳在下层，乙醇和水混合互溶，不分层，故可以用水鉴别苯、四氯化碳和乙醇，故C正确；D. 邻二甲苯与对二甲苯互为同分异构体，二者是不同的物质，沸点不相同，故D错误；故选C。7.2016年1月自然杂志报道了中科大的研究人员利用直接电解将二氧化碳高效、清洁地转化成液体甲酸燃料的最新成果。下列有关说法不正确的是（ ）A. 甲酸又称蚁酸，自然界中蚂蚁等昆虫可以分泌甲酸B. 甲酸和油酸含有的
10、官能团相同C. CO2转变为HCOOH发生还原反应D. 甲酸能发生酯化反应，也能发生银镜反应【答案】B【解析】【详解】A. 甲酸又称蚁酸，自然界中蚂蚁等昆虫可以分泌甲酸，故A正确；B. 甲酸()含有羧基和醛基，油酸为高级脂肪酸甘油脂，其含有酯基，二者所含官能团不相同，故B错误；C. CO2转变为HCOOH后，碳元素的化合价由+4价降低为+2价，故发生还原反应，故C正确；D. 甲酸含有羧基，故能发生酯化反应，甲酸又含有醛基，故也能发生银镜反应，故D正确；故选B。8.乙醇、甘油、苯酚及醛类物质是重要的有机物。下列有关说法正确的是（ ）A. 可用溴水检验CH2=CHCHO中是否含有碳碳双键B. 乙醇
11、、甘油和苯酚都能与Na反应产生H2C. 常温下都是无色液体，易溶于水D. 对甲基苯甲醛）能使酸性高锰酸钾溶液褪色，说明它含有醛基【答案】B【解析】【详解】A. 溴水具有氧化性，碳碳双键、CHO均与溴水反应，则用溴水不能检验CH2CHCHO中否含有碳碳双键，故A错误；B. 乙醇、甘油中都含有醇羟基，苯酚中含有酚羟基，羟基都能和钠反应，所以这三种物质都能和钠反应生成氢气，故B正确；C. 常温下，苯酚为固体，微溶于水，乙醇和甘油为无色液体，与水互溶，故C错误；D. 甲基、CHO均能被高锰酸钾氧化，可使酸性高锰酸钾溶液褪色，则不能说明它含有醛基，故D错误；故选B。【点睛】苯的同系物中，若与苯环直接相连
12、的碳原子上有氢原子时，可以被高锰酸钾酸性溶液氧化，生成苯甲酸，现象为高锰酸钾溶液褪色，如；若与苯环直接相连的碳原子上没有氢原子时，则不能被酸性高锰酸钾溶液氧化，现象是高锰酸钾溶液不褪色。9.除去下列物质中的杂质（括号中为杂质），采用的试剂和除杂方法错误的是（ ）选项含杂质的物质试剂除杂方法AC2H4（SO2）NaOH溶液洗气B乙醇（H2O）CaO蒸馏C苯（Br2）Fe粉蒸馏DC2H2（H2S）CuSO4溶液洗气A. AB. BC. CD. D【答案】C【解析】【详解】A. 二氧化硫与NaOH溶液反应，而乙烯不反应，则利用洗气法可除杂，故A正确；B. CaO与水反应生成难挥发的氢氧化钙，增大与乙
13、醇的沸点差异，然后蒸馏可分离，故B正确；C. 加入铁粉后，铁粉与溴单质反应生成FeBr3，溴、苯在FeBr3作催化剂条件下反应，因此不能除杂，应用NaOH溶液与溴单质反应，再分液进行除杂，故C错误；D. 硫化氢与硫酸铜反应，而乙炔不反应，则利用洗气法可除杂，故D正确；故选C。10.南京青奥会吉祥物为“砳砳”，一种“砳砳”的外用材料是纯羊毛线，内充物为涤纶（结构简式为，下列有关说法不正确的是（ ）A. 可用灼烧的方法区别羊毛和涤纶B. 合成涤纶的单体之一是HOCH2CH2OHC. 涤纶属于天然高分子化合物D. 羊毛和涤纶所含元素不完全相同【答案】C【解析】【详解】A. 羊毛的成分是天然的蛋白质，
14、羊毛燃烧会有烧焦羽毛的气味，而涤纶没有，所以可以用灼烧的方法来区分羊毛和涤纶，故A正确；B. 由涤纶的结构简式可知，合成涤纶的单体为对苯二甲酸和HOCH2CH2OH，故B正确；C. 涤纶是人工合成的有机高分子化合物，是合成材料，故C错误；D. 涤纶只含有C、H、O三种元素，羊毛的成分属于蛋白质，一定含有C、H、O、N四种元素，则羊毛和涤纶所含元素不完全相同，故D正确；故选C。二、选择题（每题只有一个正确选项，每题3分，共30分）11.已知（a）、（b）、（c）的分子式均为C5H6，下列有关叙述正确的是（ ）A. 符合分子式C5H6的有机物只有a、b、c三种B. a、b、c的一氯代物都只有三种C
15、. a、b、c都能使溴的CCl4溶液褪色，且褪色原理相同D. a、b、c分子中的5个碳原子一定都处于同一个平面【答案】C【解析】【详解】A. C5H6的同分异构体可以为不饱和链烃，如含有1个碳碳双键、1个碳碳三键的链烃，故A错误；B. a、b、c中等效氢的种类数分别为3、4、4种，则a、b、c的一氯代物分别有3、4、4种，故B错误；C. a、b、c分子中都有碳碳双键，故都能与溴发生加成反应，所以都能使溴的CCl4溶液褪色，故C正确；D. 由乙烯的6个原子共平面可知，a和b分子中的5个碳原子一定位于同一平面上，由甲烷的正四面体结构可知，c分子中有甲烷类似的结构，5个碳原子不能位于同一平面上，故D
16、错误；故选C。【点睛】在常见的有机化合物中，甲烷为正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行判断即可。当有机物分子中存在饱和碳原子，即存在甲烷型结构时，所有的原子就不可能共平面。12.乙酸乙酯是一种用途广泛的精细化工产品。工业生产乙酸乙酯的方法很多，如图：下列说法正确的是（）A. 反应、均是取代反应B. 反应、的原子利用率均为100C. 与乙酸乙酯互为同分异构体的酯类化合物有2种D. 乙醇、乙酸、乙酸乙酯三种无色液体可用Na2CO3溶液鉴别【答案】D【解析】【详解】A. 反应为酯化反应，属于取代反应，反应不饱和度降低，为加成反应，A项错误；B. 反应产物只
17、有乙酸乙酯，其原子利用率为100，而反应为C4H10+O2 C4H8O2，H原子没有全部进入到目标产物，原子利用率不为100%，B项错误；C.与乙酸乙酯互为同分异构体的酯类有HCOOCH2CH2CH3，HCOOCH(CH3)2、CH3CH2COOCH3共3中，C项错误；D. 乙醇溶于碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠反应生成二氧化碳，乙酸乙酯不溶于碳酸钠溶液，则乙醇、乙酸、乙酸乙酯三种无色液体可用Na2CO3溶液鉴别，D项正确；答案选D。【点睛】有机物中的化学反应类型是常考点，其中取代反应与加成反应的特点很显著，判断依据可归纳为：若为取代反应，以甲烷与氯气在光照下反应为例，甲烷分子内的一个H被取代，消耗
18、一个Cl2，同时产生一个无机小分子HCl；若为加成反应，以CH2=CH2与Br2反应为例，其原理是：C=C中的双键断开其中一个，两个C各形成一个半键，分别与两个Br原子结合成键，其特点就是双键变单键，不饱和变饱和。依据两者的区别，本题的A选项反应显然为加成反应，而不是取代反应。因此抓住有机反应类型的主要特点才能万变不离其宗，解答此类题型时游刃有余。13.等物质的量下列有机物完全燃烧，消耗氧气的量相同的是（ ）A. C2H2和C6H6B. C2H4和CH3COOHC. HCHO和C6H12O6D. C2H4和C3H6O3【答案】D【解析】【详解】A. 等物质的量的C2H2中C、H元素的量均比等物
19、质的量的C6H6中少，则消耗氧气的量不相等，故A错误，B. CH3COOH可拆写成C22H2O，显然CH3COOH与等物质的量的C2H4消耗的氧气的量不相等，故B错误；C. HCHO可拆写成CH2O，C6H12O6可拆写成C66H2O，显然等物质的量的HCHO和C6H12O6消耗氧气的量不相等，故C错误；D. C3H6O3可拆写成C2H4CO2H2O，则C3H6O3与等物质的量的C2H4消耗的氧气的量相等，故D正确；故选D。14.下列说法正确的是（ ）A. 1mol有机物在一定条件下能和7molNaOH反应B. 所有碳原子可能都在同一平面上C. 分子式为C4H7ClO2，可与NaHCO3产生C
20、O2的有机物的结构有3种D. 的一氯代物有9种(不考虑立体异构)【答案】B【解析】【详解】A. 的一个分子中含有四个酚羟基和一个羧基、一个酯基，酯基水解产生一个羧基和一个醇羟基，酚羟基和羧基都可以与NaOH发生反应，所以1mol该有机物一定条件下能和6molNaOH反应，故A错误；B. 具有苯环、乙烯的共面结构以及乙炔的共线结构，所以苯环上的6个碳原子以及与苯环直接相连的2个碳原子一定共面，具有乙烯结构的3个碳原子一定共面，具有乙炔结构的4个碳原子一定共线，且单键可旋转，则所有的碳原子可能都在同一平面上，故B正确；C. 分子式为C4H7ClO2，可与NaHCO3产生CO2说明含有羧基COOH，
21、其可能的结构有ClCH2CH2CH2COOH、CH3CHClCH2COOH、CH3CH2CHClCOOH、，所以有机物可能结构有5种，故C错误；D. 因为单键可以旋转，且该有机物为轴对称结构，中有7种等效氢，则其一氯代物有7种，故D错误；故选B。【点睛】在常见的有机化合物中，甲烷为正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行判断即可。15.汉黄芩素是传统中草药黄芩的有效成分之一，对杀伤肿瘤细胞有独特作用。下列有关汉黄芩素的叙述不正确的是（ ）A. 汉黄芩素的分子式为C16H12O5B. 该物质遇FeCl3溶液显紫色C. 与足量H2发生加成反应后，该分子中官能
22、团的种类减少1种D. 1mol该物质与溴水反应，最多消耗2molBr2【答案】C【解析】【详解】A. 由该物质的结构式可知，该物质中含有16个碳原子，12个氢原子和5个氧原子，所以分子式为C16H12O5，故A正确；B. 该物质中含有酚羟基，可与氯化铁溶液发生显色反应，遇FeCl3溶液显紫色，故B正确；C. 该物质中含有碳氧双键，可与氢气发生加成反应生成羟基，同时该物质还含有碳碳双键，也可与氢气发生加成反应，所以与足量氢气发生加成反应后，该分子中官能团种类减少2种，故C错误；D. 该物质中含有两个酚羟基，酚羟基的邻、对位与溴水发生取代反应，同时该物质中含有碳碳双键，可与溴水发生加成反应，则1m
23、ol该物质中，酚羟基的邻位消耗1molBr2，碳碳双键消耗1molBr2，所以最多可消耗2molBr2，故D正确；故选C。16.聚乙炔衍生物分子M的结构简式及M在稀硫酸作用下的水解反应如图所示。下列有关说法不正确的是 ()MA. M与A均能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色B. B中含有羧基和羟基两种官能团，能发生消去反应和酯化反应C. 1 mol M与热的烧碱溶液反应，可消耗2n mol NaOHD. A、B、C各1 mol分别与金属钠反应，放出气体的物质的量之比为122【答案】D【解析】【分析】M中含-COOC-，水解得到A为，C为OHCH2CH2OH，B为，据此分析作答。详解】A、M、A中均含
24、碳碳双键，则均能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，正确；B、B中含-OH、-COOH，-OH可发生消去反应，-OH、-COOH可发生酯化反应，正确；C、1molM中含2nmol-COOC-，则1molM与热的烧碱溶液反应，可消耗2n mol的NaOH，正确；D、由2-COOH2-OHH2可知，A、B、C各1mol分别与金属钠反应，放出的气体的物质的量之比为n：2：2，错误；答案选D。17.我国科学家发现金丝桃素对高致病性禽流感病毒杀灭效果良好，某种金丝桃素的结构简式如图所示，下列有关金丝桃素的说法错误的是（ ）属于烃的衍生物，燃烧产物只有CO2和H2O可以发生取代、加成、酯化、消去等反应分子式为C
25、17H23O3N，苯环上的一氯取代物有3种1mol该物质最多能和6molH2发生加成反应A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】由结构简式可知，该有机物含C、H、O、N元素，分子中含-OH、酯基(-COOC-)及苯环，结合醇、酯的性质及结构对称性解答。【详解】该有机物含C、H、O、N元素，属于烃的衍生物，根据元素守恒可知，燃烧除产生CO2和H2O外，还应生成含氮元素的物质，故错误；含-OH可以发生取代、酯化、消去等反应，含苯环可发生加成反应，故正确；由结构简式可知分子式为C17H23O3N，苯环上只有1个取代基，则苯环上有3种等效氢，所以苯环上的一氯取代物有3种，故正确；只有苯环与氢
26、气发生加成反应，则1mol该物质最多能和3mol H2发生加成反应，故错误；符合题意的为，故选A。18.下列实验操作不能达到实验目的的是（ ）实验目的实验操作A检验蔗糖是否水解向20%蔗糖溶液中加入少量稀硫酸，加热；再加入新制氢氧化铜悬浊液，观察现象B乙醇和乙酸制备乙酸乙酯先加入一定量乙醇，再加浓硫酸和乙酸，最后加入适量沸石并加热C鉴别硬脂酸钠和硬脂酸钾分别蘸取两种物质在酒精灯火焰上灼烧，观察火焰的颜色D比较水和乙醇中氢的活泼性分别将少量钠投入盛有水和乙醇的烧杯中，观察现象A. AB. BC. CD. D【答案】A【解析】【详解】A. 检验蔗糖是否水解，只要检验出水解液中有葡萄糖即可证明蔗糖已
27、水解，但葡萄糖与新制氢氧化铜悬浊液反应需在碱性环境中进行，而蔗糖水解时加入催化剂稀硫酸，水解液显酸性，所以需先加NaOH溶液使水解液显碱性再检验葡萄糖的存在，则该实验操作不能达到实验目的，A项符合；B. 制备乙酸乙酯时，药品加入的顺序为:先加入乙醇，再加浓硫酸和乙酸，最后加入适量沸石，防止加热时液体暴沸，则该实验操作能达到实验目的，B项不符合；C. 硬脂酸钠和硬脂酸钾中一个含钠离子，一个含钾离子，做焰色反应实验进行鉴别，观察到火焰为黄色，则为硬脂酸钠，透过蓝色钴玻璃观察时，火焰呈紫色，则为硬脂酸钾，则该实验操作能达到实验目的，C项不符合；D. 金属钠可以与水剧烈反应，放出大量氢气，金属钠也可以
28、与乙醇羟基上的氢反应放出氢气，但反应速率要慢些，所以通过实验现象可以比较水和乙醇中氢的活泼性，则该实验操作能达到实验目的，D项不符合；故选A。【点睛】蔗糖的水解液显酸性，检验蔗糖是否水解时，应先在蔗糖的水解液中加入氢氧化钠至碱性后，再加入新制氢氧化铜悬浊液，并加热，观察是否生成砖红色沉淀，从而说明是否有葡萄糖生成，进而检测出淀粉是否水解，这是学生们的易错点。19.某种用于隐形眼镜材料的聚合物片段如下：下列关于该高分子说法正确的是（ ）A. 结构简式可以表示为：B. 氢键对该高分子的性能没有影响C. 合成该高分子的反应为缩聚反应D. 单体具有4种不同化学环境的氢原子【答案】A【解析】【详解】A.
29、 该聚合物是由多条链状高分子化合物通过氢键结合而成，而该链状高分子化合物可表示为，A正确；B. 氢键会影响物质的熔沸点、溶解度等，对该高分子的性能有影响，B错误；C. 合成该高分子可通过双键加成聚合得到，C错误；D. 该分子单体的侧链上存在两个亚甲基，因此有5种不同化学环境的H原子，D错误；故答案选A。20.分子式为C8H14O4的有机物在酸性条件下水解生成一种酸和一种醇，且酸和醇的物质的量之比为1：2，则符合该条件的有机物有（ ）（不考虑立体异构）A. 8种B. 10种C. 13种D. 16种【答案】C【解析】【分析】该有机物的不饱和度为：，又知该有机物在酸性条件下水解生成一种酸和一种醇，且
30、酸和醇的物质的量之比为1：2，则该有机物含有两个酯基，除酯基以外的烃基应为饱和烃基，水解后得到一分子的二元羧酸，二分子的饱和一元醇，且为同一种醇，则可按照构成酯的二元羧酸和醇的同分异构体确定该酯的同分异构体，据此分析解答。【详解】该有机物的不饱和度为：，又知该有机物在酸性条件下水解生成一种酸和一种醇，且酸和醇的物质的量之比为1：2，则该有机物含有两个酯基，除酯基以外的烃基应为饱和烃基，水解后得到一分子的二元羧酸，二分子的饱和一元醇，且为同一种醇，则可按照构成酯的二元羧酸和醇的同分异构体确定该酯的同分异构体，若酸为乙二酸，那么醇应为丙醇，丙醇有2种，故此酯有2种；若酸为丁二酸，那么醇应为乙醇，丁
31、二酸相当于乙烷的二元取代物，则丁二酸有2种，故此酯类有2种；若酸为己二酸，那么醇应为甲醇，己二酸相当于丁烷的二元取代物，则己二酸有9种，故此酯有9种，故总共为2+2+9=13种，故C正确；故选C。第卷（50分）三、非选择题（本题包括4小题，共计50分）21.电炉加热时用纯O2氧化管内样品，根据产物的质量确定有机物的组成。如图1装置是用燃烧法确定有机物分子式常用的装置。(1)燃烧管中CuO的作用是_。(2)若实验中所取样品只含C、H、O三种元素中的两种或三种，准确称取1.48g样品，经充分反应后，A管质量增加3.52g，B管质量增加1.8g，则该样品的实验式为_。(3)用质谱仪测定其相对分子质量
32、，得如图2所示的质谱图，则该有机物的相对分子质量为_。(4)若只根据A的实验式能否确定其分子式_（填“能”或“不能”）。(5)该物质的红外光谱图如图3所示，则其结构简式为_。【答案】 (1). 使有机物更充分氧化为CO2、H2O (2). C4H10O (3). 74 (4). 能 (5). CH3CH2OCH2CH3【解析】【分析】根据实验原理是测定一定质量的有机物完全燃烧时生成CO2和H2O的质量，来确定是否含氧及C、H、O的个数比，求出最简式，因此生成O2后必须除杂（主要是除H2O），明确各装置的作用是解题的前提。D中生成的氧气中含有水蒸气，应先通过C中的浓硫酸干燥，在E中电炉加热时用纯
33、氧氧化管内样品，生成二氧化碳和水，如有一氧化碳生成，则E中CuO可与CO进一步反应生成二氧化碳，然后分别通入B（吸收水）、A（吸收二氧化碳）中，根据产物的质量推断有机物的组成，据此分析解答。【详解】(1)由一氧化碳能与氧化铜反应，可被氧化成二氧化碳的性质可知，CuO的作用是把有机物不完全燃烧产生的CO转化为CO2，故答案为：使有机物更充分氧化为CO2、H2O；(2)A管质量增加3.52g，说明生成了3.52g二氧化碳，可得碳元素的质量,3.52g100%=0.96g，B管质量增加1.8g，说明生成了1.8g水，可得氢元素的质量：1.8g100%=0.2g，从而可推出含氧元素的质量为：1.48g
34、-0.96g-0.2g=0.32g，设实验式为CXHYOZ，则X：Y：Z=：=4：10：1，即实验式为：C4H10O，故答案为：C4H10O；(3)由质谱图可知该有机物的相对分子质量为74，故答案为：74；(4)该有机物的实验式为：C4H10O，所以分子式为(C4H10O)n，相对分子质量为74n，而有机物的相对分子质量为74，则n=1，所以分子式为C4H10O，故答案为：能；(5)由该物质的红外光谱图可知，该有机物中含有对称的-CH3，对称的-CH2-以及C-O-C，故该有机物的结构简式为CH3CH2OCH2CH3，故答案为：CH3CH2OCH2CH3。22.三氯乙醛是基本有机合成原料之一，
35、是生产农药、医药的重要中间体。某化学兴趣小组设计如图所示装置（夹持、加热仪器略），模拟工业生产进行制备三氯乙醛（CCl3CHO）的实验。查阅资料，有关信息如下：制备反应原理：C2H5OH+4Cl2CCl3CHO+5HCl可能发生的副反应：C2H5OH+HClC2H5Cl+H2O、CCl3CHO+HClOCCl3COOH（三氯乙酸）+HCl相关物质相对分子质量及部分物理性质：C2H5OHCCl3CHOCCl3COOHC2H5Cl相对分子质量46147.5163.564.5熔点/114.157.558138.7沸点/78.397.819812.3溶解性与水互溶可溶于水、乙醇可溶于水、乙醇、三氯乙醛
36、微溶于水，可溶于乙醇回答下列问题：(1)仪器E的名称是_，冷凝水的流向是_口进水（填“a”或“b”）。(2)有同学认为该装置存在一处缺陷，应在BC之间加一干燥装置，理由是_。(3)该装置C控制反应温度在70左右，可采用_加热的方法；(4)装置D干燥管的作用为_，装置D烧杯中的试剂是_。(5)反应结束后，从C中的混合物中分离出Cl3CCOOH的方法是（填名称）_。【答案】 (1). 球形冷凝管 (2). a (3). 生成的氯气中含有水蒸气，氯气能与水反应生成HCl与HClO，会发生副反应，导致装置C中副产物CCl3COOH、C2H5Cl增多 (4). 水浴 (5). 防止液体倒吸 (6). 氢
37、氧化钠溶液 (7). 蒸馏【解析】【分析】A装置利用高锰酸钾溶液与浓盐酸制备氯气，B装置用饱和食盐水除去HCl，C中反应制备CCl3CHO，D装置盛放氢氧化钠溶液，吸收尾气中氯气、HCl防止污染空气，据此解答。【详解】(1)根据仪器构造可知E是球形冷凝管，水的流向应该是下口进上口出，故答案为：球形冷凝管；a；(2)由于生成的氯气中含有水蒸气，氯气能与水反应生成HCl与HClO，会发生副反应CCl3CHOHClOCCl3COOHHCl、C2H5OHHClC2H5ClH2O，导致装置C中副产物CCl3COOH、C2H5Cl增多，故应在BC之间加一干燥装置，故答案为：生成的氯气中含有水蒸气，氯气能与
38、水反应生成HCl与HClO，会发生副反应，导致装置C中副产物CCl3COOH、C2H5Cl增多；(3)控制反应温度在70 左右，应采取水浴加热的方法，故答案为：水浴；(4)由于最终排出的气体中含有氯气和氯化氢，所以需要用氢氧化钠溶液吸收，防止污染空气，干燥管的作用是防止倒吸，故答案为：防止液体倒吸；氢氧化钠溶液；(5)CCl3COOH溶于乙醇与CCl3CHO，应采取蒸馏方法进行分离，故答案为：蒸馏。23.乙苯是重要的化工原料，利用乙苯为初始原料合成高分子化合物J的流程如图所示（部分产物及反应条件已略去）：已知：R1CHO+R2CH2CHO+H2O请回答下列问题：(1)物质B的名称为_；F的结构
39、简式为_；(2)、的反应类型分别为_、_；(3)物质H中官能团的名称是_；(4)反应的化学方程式为_；(5)与G互为同分异构体，符合下列条件的芳香族化合物共有_种；.遇FeCl3显紫色.含碳碳叁键(6)参照上述合成路线和信息，设计、乙醛、苯甲醇为原料合成的路线（无机试剂任选）_。【答案】 (1). 苯乙烯 (2). HCHO (3). 加成反应 (4). 取代反应(或水解反应) (5). 醛基、碳碳双键 (6). 2+O22+2H2O (7). 16 (8). 【解析】【分析】乙苯在催化剂存在时，发生反应生成的B是苯乙烯，苯乙烯与HCl发生加成反应生成C，C发生水解反应生成D，结合D的结构简式
40、可知，C是，该物质水解生成的D是苯乙醇，苯乙醇发生催化氧化产生E是苯乙醛，结合已知反应，可知苯乙醛与F发生反应生成G：，则F为甲醛；G与1，3-丁二烯发生加成反应生成H：，H含有碳碳双键，在一定条件下发生加聚反应生成高聚物J：。【详解】(1)物质B的结构简式是，其名称为苯乙烯，F为甲醛，其结构简式为HCHO，故答案为：苯乙烯；HCHO；(2)反应是苯乙烯与HCl发生加成反应生成；反应是与NaOH水溶液混合加热，发生水解反应生成，水解反应属于取代反应，故答案为：加成反应；取代反应(或水解反应)；(3)物质H的结构简式是，其中含有的官能团是醛基和碳碳双键，故答案为：醛基、碳碳双键；(4)反应是发生
41、催化氧化生成E：苯乙醛，反应的化学方程式为：2+O22+2H2O，故答案为：2+O22+2H2O；(5)物质G的分子式是C9H8O，其同分异构体属于芳香族化合物，且具备下列条件，.遇FeCl3显紫色，说明含有酚羟基，.含碳碳叁键，则符合条件的同分异构体的可能结构为：当苯环上有两个取代基时，可能为(邻、间、对共3种)，(邻、间、对共3种)；当苯环上有三个取代基时，三个取代基分别为酚羟基、甲基、，当酚羟基和处于对位时，甲基有2种取代方式，当酚羟基和处于间位时，甲基有4种取代方式，当酚羟基和处于邻位时，甲基有4种取代方式，故共3+3+2+4+4=16种，故答案为：16；(6)苯甲醇被催化氧化生成苯甲
42、醛，苯甲醛与乙醛CH3CHO发生已知反应生成，该物质与1，3-丁二烯发生加成反应产生，所以由、乙醛、苯甲醇合成的路线为：，答案为：。【点睛】本题考查了有机合成与推断的知识。掌握醛与醛的反应及碳碳双键与二烯烃的加成反应是进行推断和合成的突破口。熟练掌握官能团的性质与转化，充分利用转化中有机物的结构与分子的结构简式进行推断，对题目提供的信息进行分析并进行利用，是解题的关键，较好的考查学生自学能力、分析推理能力，和灵活运用能力。24.有机物K是某药物的合成中间体，其合成路线如图所示：已知：HBr与不对称烯烃加成时，在过氧化物作用下，则卤原子连接到含氢较多的双键碳上；请回答下列问题：(1)C的化学名称
43、为_，J中官能团的名称是_；(2)H的原子利用率为100%，则H的结构简式为_；(3)CD的化学方程式为_；(4)E与足量的Ag(NH3)2OH溶液反应的化学方程式为_；(5)L是G的同分异构体，则满足下列条件的L的结构简式为_（任写一种结构即可）。lmol L与足量的NaHCO3溶液反应能生成2molCO2；L的核磁共振氢谱有3组峰且峰面积之比为123。【答案】 (1). 1，3-二溴丙烷 (2). 碳碳双键、酯基 (3). (4). CH2Br-CH2-CH2Br+2NaOHHO-CH2-CH2-CH2-OH+2NaBr (5). OHC-CH2-CHO+4Ag(NH3)2OHNH4OOC
44、-CH2-COONH4+4Ag+6NH3+2H2O (6). 或【解析】【分析】化合物A是CH2=CH-CH3，A与Br2在光照、加热条件下发生取代反应产生B是CH2=CH-CH2Br，B与HBr在过氧化物作用下，发生加成反应产生C是CH2Br-CH2-CH2Br，C与NaOH的水溶液共热，发生水解反应产生D为HO-CH2-CH2-CH2-OH，D发生催化氧化生成E为OHC-CH2-CHO，E被银氨溶液氧化，并酸化产生F为HOOC-CH2-COOH，F与乙醇、浓硫酸混合加热发生酯化反应产生G是：C2H5OOC-CH2-COOC2H5，H与H2O反应产生，且已知该反应原子利用率为100%，则H为
45、，被催化氧化产生分子式为C6H10O的物质I结构简式为：，I与G反应产生J： 和水，据此分析解答。【详解】(1)C是CH2Br-CH2-CH2Br，其化学名称为1，3-二溴丙烷，J为，J中官能团的名称是碳碳双键、酯基，故答案为：1，3-二溴丙烷；碳碳双键、酯基；(2)H与H2O反应产生，且已知该反应原子利用率为100%，则H的结构简式为，故答案为：；(3)C是CH2Br-CH2-CH2Br，C与NaOH的水溶液共热，发生水解反应产生D为HO-CH2-CH2-CH2-OH，则反应的化学方程式为CH2Br-CH2-CH2Br+NaOHHO-CH2-CH2-CH2-OH+2NaBr，故答案为：CH2
46、Br-CH2-CH2Br+2NaOHHO-CH2-CH2-CH2-OH+2NaBr；(4)E为OHC-CH2-CHO，E与足量的Ag(NH3)2OH溶液反应的化学方程式为OHC-CH2-CHO+4Ag(NH3)2OHNH4OOC-CH2-COONH4+4Ag+6NH3+2H2O，故答案为：OHC-CH2-CHO+4Ag(NH3)2OHNH4OOC-CH2-COONH4+4Ag+6NH3+2H2O；(5)L是F的同分异构体，满足条件lmol L与足量的NaHCO3溶液反应能生成2molCO2，说明分子中含有2个-COOH；L的核磁共振氢谱有3组峰且峰面积之比为123，说明分子中含有3种不同位置的H原子，个数比为1：2：3，其可能结构为：或，故答案为：或。