1、2015-2016学年山东省齐鲁名校协作体高三（上）第二次联考物理试卷一、本题共14小题，每小题4分，共56分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全选对的得4分；选对但不全的得2分；有选错或不答的得0分.1下列说法正确的是（）A牛顿在得出力不是维持物体运动的原因这一结论的过程中运用了理想实验的方法B在“探究弹性势能的表达式”的活动中，为计算弹簧弹力所做功，把拉伸弹簧的过程分为很多小段，拉力在每小段可以认为是恒力，用各小段做功的代数和代表弹力在整个过程所做的功，物理学中把这种研究方法叫做“微元法”，那么由加速度的定义a=，当t非常小的时候，就可以表示物体
2、在t时刻的瞬时加速度，上述论断就运用了“微元法”C用比值法定义物理量是物理学中一种重要的物理科学方法，公式a=就运用了比值定义法D万有引力可以理解为任何有质量的物体都要在其周围空间产生一个引力场，而一个有质量的物体在其它有质量的物体所产生的引力场中都要受到该引力场的引力（即万有引力）作用，这情况可以与电场相类比，那么在地球的引力场中的重力加速度就可以与电场中的电场强度相类比2下列说法正确的是（）A物体做匀加速曲线运动时所受的力应该是均匀增加的B空军跳伞时降落伞刚刚张开的瞬间伞绳对人的拉力稍稍大于人对伞绳的拉力C静摩擦力有时可能阻碍物体的相对运动D力是改变物体运动状态的原因3一物体受到两个外力的
3、作用，沿某方向做匀速直线运动若将其中一个力的方向旋转90，保持这个力的大小和另一个力不变，则物体可能做（）A匀速直线运动B匀加速直线运动C匀速圆周运动D轨迹为抛物线的曲线运动4如图所示，一根轻质弹簧的上端拴接在天花板上，下端拴接在一个物块上，物块的下端是地面，整个装置处于静止状态，请问：物块的受力情况可能有几种情况？（）A2B3C4D55根据前人研究的成果，火星和地球沿着各自的椭圆轨道绕太阳运行，根据开普勒行星运动定律以及能量方面的相关知识可以判定下属选项正确的是：（已知行星引力势能的表达式为EP=，其中M和m分别为太阳和行星的质量，r为太阳和行星之间的距离），（）A太阳位于火星运行轨道的中心
4、B当它们由各自的近日点运动到远日点时，它们（与太阳组成的系统）的引力势能都要增大C当它们由各自的近日点运动到远日点时，动能都要减小，所以它们（与太阳组成的系统）的机械能也要减小D如果采用理想化模型法将两个行星的运动轨迹看成正圆的话，它们运行时各自的向心加速度一定相同6一钢球从某高度自由下落在一放在水平地面的弹簧上，从钢球与弹簧接触到压缩到最短的过程中，弹簧的弹力F、钢球的加速度a、重力所做的功WG以及小球的机械能E与弹簧压缩量x的变化图线如图（不考虑空气阻力），选小球与弹簧开始接触点为原点，建立图示坐标系，并规定向下为正方向，则下述选项中的图象符合实际的是（）ABCD7如图所示，在光滑绝缘水平
5、面上，两个带等量负电的点电荷分别固定在A、B两点，O为AB连线的中点，MN为AB的垂直平分线在MN之间的C点由静止释放一个带正电的小球（可视为质点），若不计空气阻力，则（）AC点的场强大于O点的场强，C点的电势高于O点的电势B小球从C点运动至距离该点最远位置的过程中，其所经过各点所受的电场力先减小后增大C小球从C点运动至距离该点最远位置的过程中，其电势能先减小后增大D若在小球运动过程中，两个点电荷所带电荷量同时等量地缓慢增大，则小球往复运动过程中的最大速度将逐渐减小8如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1和R3均为定值电阻，RT为热敏电阻（温度越高，电阻越低）当环境温度较低时合上电键S
6、，当环境的温度逐渐升高时，若三个电表A1、A2和V的示数分别用I1、I2和U表示则各个电表示数的变化情况是（）AI1增大，I2不变，U增大BI1减小，I2增大，U减小CI1增大，I2减小，U增大DI1减小，I2不变，U减小9如图（甲）所示，一根粗绳AB的长度为l，其质量均匀分布，在水平外力F的作用下，沿水平面做匀加速直线运动绳上距A端x处的张力T与x的关系如图（乙）所示下列说法中正确的是（）A粗绳可能受到摩擦力作用B粗绳一定不受摩擦力作用C可以求出粗绳的质量D可以求出粗绳运动的加速度10如图所示，倾角为37的斜面长10m，一块质量为m=2kg的小物块静止放置于斜面底端小物块在平行于斜面的48N
7、的推力作用下，沿斜面向上运动，小物块和斜面间的动摩擦因数=0.5当物块向上运动了9m而到达B时才撤去外推力，则关于小物块的运动下列说法正确的是（）A小物块先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，运动到斜面的顶端速度刚好为零B在外推力F作用在物块上的过程中，推力F做的功要大于物体克服重力和摩擦力所做的功C从小物块开始运动到最后飞出斜面到最终落回地面的整个过程中，小物块所受外推力做的功和滑动摩擦力做的功的代数和等于物块机械能的变化量D物块落地的动能为352J11带有同种电荷的各种带电粒子（不计重力）沿垂直电场方向入射到平行带电金属板之间的电场中，并都能从另一侧射出以下说法正确的是（）A若粒子的带电
8、量和初动能相同，则离开电场时它们的偏向角相同B若质量不同的带电粒子由静止开始经相同电场加速后进入该偏转电场，则离开电场时它们的偏向角相同C若带电粒子由静止开始经相同电场加速后进入该偏转电场，离开电场时其偏移量y与粒子电荷量成正比D若带电粒子以相同的初速度进入该偏转电场，离开电场时其偏移量y与粒子的荷质比成正比12有一沿x轴分布的电场，设定+x方向为正方向其电场强度E随x变化的图象如图所示下列说法正确的是（）AO点的电势最低Bx2点的电势最高C正电荷从x1移动到x3克服电场力做的功等于其电势能的减小量Dx1与x3的场强相同13如图是一个多用电表的简化电路图S为单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱O
9、可以接通1，也可以接通2、3、4、5或6下列说法正确的是（）A当开关S分别接1或2时，测量的是电流，其中S接2时量程较小B当开关S分别接3或4时，测量的是电阻，其中A是黑表笔C当开关S分别接5或6时，测量的是电压，其中B是红表笔D当开关S分别接5和6时，测量的是电压，其中S接6时量程较大142013年6月20日，女航天员王亚平在“天宫一号”目标飞行器里成功进行了我国首次太空授课授课中的一个实验展示了失重状态下液滴的表面张力引起的效应在视频中可观察到漂浮的液滴处于周期性的“脉动”中假设液滴处于完全失重状态，液滴的上述“脉动”可视为液滴形状的周期性的微小变化（振动），如图所示已知液滴振动的频率表达
10、式为f=k，其中k为一个无单位的比例系数，r为液滴半径，为液体密度；（其单位为N/m）为液体表面张力系数，它与液体表面自由能的增加量E（其单位为J）和液体表面面积的增加量S有关，则在下列关于、E和S关系的表达式中，可能正确的是（）A=ESB=C=D=二、本题2小题，共27分，其中第15小题16分；第16小题11分.把答案填到题中横线上或按要求作图.15利用如图1所示的装置做探究弹力和弹簧伸长的关系的实验所用钩码每只的质量皆为30g实验中，先测出不挂钩码时弹簧的长度，再将5个钩码逐个加挂在弹簧下端，稳定后测出相应的弹簧总长度，将数据填在表中（弹力始终未超过弹性限度，取g=9.8m/s2）记录数据
11、组123456钩码总质量（g）0306090120150弹簧总长（cm）18.0021.3324.6027.9331.234.56弹力大小（N）（1）上表记录数据中有一个不符合规范，它是第组中的数据（填写数据的名称），应记作（2）根据实验数据将对应的弹力大小计算出来并填入表内相应的空格内（保留3位有效数字）（3）在图2坐标纸中作出弹簧弹力大小F跟弹簧总长度L之间的关系图线（4）根据图线求得该弹簧的劲度k=N/m（保留3位有效数字）（5）写出弹簧中弹力的大小F跟弹簧总长度L之间的函数关系的解析式，注意：前5问不要求考虑弹簧自重对实验结果的影响（6）有的同学认为在上述实验中，如果将弹簧水平放置来测
12、量自然长度，就会消除因为弹簧的自重而引起的长度的改变量，你认为这种观点是否正确（填写：正确或者不正确）记录数据组123456钩码总质量（g）0306090120150弹簧总长（cm）18.0021.3324.6027.9331.234.56（7）有的同学认为如果将图象的横坐标改成弹簧长度相对于自然长度的改变量，这样才能直观的得出胡克定律所要表达的规律必修一课本中胡克定律的内容：弹簧发生弹性形变时，弹力的大小跟弹簧伸长（或者缩短）的长度成正比正由于考虑到弹簧自重可能会对实验结果产生影响，该同学准确测得弹簧水平放置时的自然长度为16.89cm根据以上信息可以算得弹簧的质量为g（求解本问时可以将弹簧
13、的自重全部看成位于最低点，结果保留两位有效数字）（8）请选用以上所有实验数据和结果，根据需要在下方给定表格中添加左数第一列中的数据名称，并填写相关数据，然后在图3中做出弹簧中的力随着弹簧后来的长度相对于其自然长度的改变量（x）的变化而变化的关系（9）有的同学认为弹簧竖直放置时，其自重会使第（4）问中测得的劲度系数不准确，请你帮该同学定量分析一下他的观点是否正确？16李华同学的爸爸是个电气工程师，李华经常看到爸爸在用如图1所示的多用电表进行一些测量在高中物理课堂上学习了多用电表的用法之后，爸爸给他出了一道题目，让他通过测量找到如图2所示的二极管的负极（1）李华同学做了如下两步具体的操作：第一，将
14、多用电表选择开关旋转到电阻挡的1档，经过之后，他把红表笔接在二极管的短管脚上，把黑表笔接在二极管的长管脚上，发现二极管发出了耀眼的白光，如图3所示；然后他将两表笔的位置互换以后，发现二极管不发光这说明二极管的负极是（填写“长管脚”或者“短管脚”）所连接的一极（2）李华同学的好奇心一下子就被激发起来了他琢磨了一下，然后又依次用电阻挡的1档，10档，100档，1K档分别进行了二极管导通状态的准确的测量，他发现二极管发光的亮度越来越（填写“大”或者“小”），请帮助他分析一下具体的原因（3）爸爸说，欧姆表内的电池用过了一段时间，电动势稍微减小，内电阻可能增大很多倍自己可以设计实验测量一下电动势和内电阻
15、李华立刻准备设计实验方案进行相关测量，现在备有如下器材可供选择：A干电池1节 B滑动变阻器（020） C滑动变阻器（01k）D电压表（03V） E电流表（00.6A） F电流表（03A）G开关、导线若干其中滑动变阻器应选，电流表应选（只填器材前的序号）为了最大限度的减小实验误差，请在图4虚线框中画出该实验最合理的电路图某同学根据实验数据画出的UI图象如图5所示由图象可得电池的电动势为V，内电阻为三、本题共3小题，共27分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位.17高速公路上甲乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，
16、乙车在后，速度均为v0=108km/h，距离s0=100m，t=0时刻甲车遇紧急情况后，甲乙两车的加速度随时间变化如图所示（图1为甲，图2为乙），取运动方向为正方向（1）t=3s时甲车速度是多少？此时甲乙两车间距是多少？（2）通过计算说明两车在09s内会不会相撞？（3）上一问中如果相撞，则求出相撞时间；如果不相撞，则求第9s末两车的间距（4）分别作出两车的速度时间图线18（2015秋山东月考）10个相同的扁木块一个挨一个的放在水平地面上每个木块的质量m=0.40kg，其长度为L=0.50m木块原来都静止，它们与地面间的静、动摩擦因数都是m1=0.10在左边第一块木块的左端点放一块M=1.00k
17、g的小铅块，它与木块间的静、动摩擦因数都为m2=0.20现突然给铅块一个向右的初速度v0=4.3m/s，使其在木块上滑行，试问：（1）当铅块刚刚滑至哪一块木块上时，下面的木块开始滑动？（2）当铅块和下方的几个木块开始同时运动的瞬间，此时铅块的瞬时速度大小为多少？（3）铁块最终落在地上还是停在哪一块木块上？（设铅块的线度与L相比可忽略）19如图甲所示，在边界MN左侧存在斜方向的匀强电场E1，在MN的右侧有竖直向上、场强大小为E2=0.4N/C的匀强电场，还有垂直纸面向内的匀强磁场B（图甲中未画出）和水平向右的匀强电场E3（图甲中未画出），B和E3随时间变化的情况如图乙所示，P1P2为距MN边界2
18、.28m的竖直墙壁，现有一带正电微粒质量为4107kg，电量为1105C，从左侧电场中距MN边界m的A处无初速释放后，沿直线以1m/s速度垂直MN边界进入右侧场区，设此时刻t=0s，取g=10m/s2求：（1）MN左侧匀强电场的电场强度E1（sin37=0.6）；（2）带电微粒在MN右侧场区中运动了1.5s时的速度；（3）带电微粒在MN右侧场区中运动多长时间与墙壁碰撞？（0.19）2015-2016学年山东省齐鲁名校协作体高三（上）第二次联考物理试卷参考答案与试题解析一、本题共14小题，每小题4分，共56分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全选对的得
19、4分；选对但不全的得2分；有选错或不答的得0分.1下列说法正确的是（）A牛顿在得出力不是维持物体运动的原因这一结论的过程中运用了理想实验的方法B在“探究弹性势能的表达式”的活动中，为计算弹簧弹力所做功，把拉伸弹簧的过程分为很多小段，拉力在每小段可以认为是恒力，用各小段做功的代数和代表弹力在整个过程所做的功，物理学中把这种研究方法叫做“微元法”，那么由加速度的定义a=，当t非常小的时候，就可以表示物体在t时刻的瞬时加速度，上述论断就运用了“微元法”C用比值法定义物理量是物理学中一种重要的物理科学方法，公式a=就运用了比值定义法D万有引力可以理解为任何有质量的物体都要在其周围空间产生一个引力场，而
20、一个有质量的物体在其它有质量的物体所产生的引力场中都要受到该引力场的引力（即万有引力）作用，这情况可以与电场相类比，那么在地球的引力场中的重力加速度就可以与电场中的电场强度相类比【分析】根据物理学史和常用的物理方法解答，记住著名物理学家的主要贡献和常用的方法即可解答【解答】解：A、伽利略通过理想斜面实验，得出力不是维持物体运动原因的结论，力是改变物体运动状态的原因，故A错误；B、由加速度的定义a=，当t非常小的时候，就可以表示物体在t时刻的瞬时加速度，上述论断运用了“极限思维法”，故B错误；C、公式a=是牛顿第二定律的表达式，不是运用了比值定义法，故C错误；D、将万有引力可以理解为任何有质量的
21、物体都要在其周围空间产生一个引力场，与电场相类比，那么在地球的引力场中的重力加速度就可以与电场中的电场强度相类比，故D正确；故选：D2下列说法正确的是（）A物体做匀加速曲线运动时所受的力应该是均匀增加的B空军跳伞时降落伞刚刚张开的瞬间伞绳对人的拉力稍稍大于人对伞绳的拉力C静摩擦力有时可能阻碍物体的相对运动D力是改变物体运动状态的原因【分析】匀加速曲线运动的加速度不变，合力不变静摩擦力有时阻碍物体的相对运动趋势力是改变物体运动状态的原因根据牛顿第一定律、第三定律分析【解答】解：A、物体做匀加速曲线运动时加速度不变，由牛顿第二定律知物体所受的力应该是不变的；故A错误B、伞绳对人的拉力与人对伞绳的拉
22、力是一对作用力和反作用力，由牛顿第三定律知这两个力大小应该相等；故B错误C、静摩擦力只能阻碍物体的相对运动趋势；故C错误D、根据牛顿第一定律可知，力是改变物体运动状态的原因，故D正确故选：D3一物体受到两个外力的作用，沿某方向做匀速直线运动若将其中一个力的方向旋转90，保持这个力的大小和另一个力不变，则物体可能做（）A匀速直线运动B匀加速直线运动C匀速圆周运动D轨迹为抛物线的曲线运动【分析】物体原来处于平衡状态，一个力的方向旋转90后，将另一个力与旋转后的力进行合成，根据合力的方向与速度方向的关系，判断物体的运动情况【解答】解：物体原来处于平衡状态，一个力的方向旋转90后，旋转后的力与另一个力
23、进行合成；A、由于一定存在加速度，因此不可能匀速直线运动，故A错误；B、若合力与速度同向，物体做匀加速直线运动，若合力与速度反向，物体做匀减速直线运动，故B正确；C、由于匀速圆周运动合力始终指向圆心，是个变力，所以不可能做匀速圆周运动，故C错误；D、若合力与速度垂直，物体做类平抛运动，故D正确；故选BD4如图所示，一根轻质弹簧的上端拴接在天花板上，下端拴接在一个物块上，物块的下端是地面，整个装置处于静止状态，请问：物块的受力情况可能有几种情况？（）A2B3C4D5【分析】物体处于静止状态，受力平衡，合力为零，分弹簧处于原长、压缩、拉伸三个状态对物体受力分析即可【解答】解：弹簧可能处于压缩状态和
24、伸长状态或者是自然长度的状态如果弹簧处于压缩状态，则物块的受力情况如图2所示；如果弹簧处于拉伸状态，则我们还要分析弹簧拉伸的程度，如果此时弹簧的拉力恰好与物块的重力相等，则物块的受力情况如图3所示；如果弹簧中的拉力小于物块的重力的话，则物块的受力分析图如图4所示；如果弹簧处于自然长度，则物块只受重力和地面的弹力两个力的作用，其受力情况如图5所示综上所述，本题有四种答案故C正确故选：C5根据前人研究的成果，火星和地球沿着各自的椭圆轨道绕太阳运行，根据开普勒行星运动定律以及能量方面的相关知识可以判定下属选项正确的是：（已知行星引力势能的表达式为EP=，其中M和m分别为太阳和行星的质量，r为太阳和行
25、星之间的距离），（）A太阳位于火星运行轨道的中心B当它们由各自的近日点运动到远日点时，它们（与太阳组成的系统）的引力势能都要增大C当它们由各自的近日点运动到远日点时，动能都要减小，所以它们（与太阳组成的系统）的机械能也要减小D如果采用理想化模型法将两个行星的运动轨迹看成正圆的话，它们运行时各自的向心加速度一定相同【分析】根据开普勒第一定律判断太阳的位置，根据判断引力势能的变化，两行星只受到万有引力作用，所以在运动过程中机械能守恒，加速度是矢量【解答】解：A、根据开普勒第一定律可知，太阳应该位于焦点上，故A错误；B、根据可知，当它们由各自的近日点运动到远日点时，它们（与太阳组成的系统）的引力势能
26、都要增大，故B正确；C、由于两行星只受到万有引力作用，所以在运动过程中机械能守恒，故C错误；D、它们运行时各自的向心加速度大小相等，方向不同，故D错误故选：B6一钢球从某高度自由下落在一放在水平地面的弹簧上，从钢球与弹簧接触到压缩到最短的过程中，弹簧的弹力F、钢球的加速度a、重力所做的功WG以及小球的机械能E与弹簧压缩量x的变化图线如图（不考虑空气阻力），选小球与弹簧开始接触点为原点，建立图示坐标系，并规定向下为正方向，则下述选项中的图象符合实际的是（）ABCD【分析】开始小球做自由落体运动，与弹簧接触后，弹力逐渐增大，开始小于重力，再等于重力，后大于重力，写出各个物理量与x的表达式，从而判断
27、图象是否正确【解答】解：A、由于向下为正方向，而弹簧中的弹力方向向上，所以选项A中的图线应该向下，故A错误；B、小球接触弹簧上端后受到两个力作用：向下的重力和向上的弹力在接触后的前一阶段，重力大于弹力，合力向下，而弹力F=kx，则加速度a=，故B正确；C、根据重力做功的计算式WG=mgx可知C正确；D、小球和弹簧整体的机械能守恒，小球的机械能不守恒，故D错误故选：BC7如图所示，在光滑绝缘水平面上，两个带等量负电的点电荷分别固定在A、B两点，O为AB连线的中点，MN为AB的垂直平分线在MN之间的C点由静止释放一个带正电的小球（可视为质点），若不计空气阻力，则（）AC点的场强大于O点的场强，C点
28、的电势高于O点的电势B小球从C点运动至距离该点最远位置的过程中，其所经过各点所受的电场力先减小后增大C小球从C点运动至距离该点最远位置的过程中，其电势能先减小后增大D若在小球运动过程中，两个点电荷所带电荷量同时等量地缓慢增大，则小球往复运动过程中的最大速度将逐渐减小【分析】本题要根据等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性，分析试探电荷的受力情况，分析其运动情况，电场力做功情况，判断电势能的变化情况【解答】解：A、根据等量同种点电荷电场线的分布情况和电场线的疏密和方向可知，C点的场强大于O点的场强，C点的电势高于O点的电势故A正确；B、根据等量同种点电荷电场线的分布情况和电场线的疏密可知，从
29、M到N点场强的变化有两种可能，或者先增大再减小再增大再减小，或者先减小再增大；故B错误；C、小球从C点运动至距离该点最远位置的过程中，由于开始时受到的电场力的方向向下，所以电场力先做正功后做负功，结合电场力做的功与电势差的变化之间的定量关系可知其电势能先减小后增大，故C正确D、若在小球运动过程中，两个点电荷所带电荷量同时等量地缓慢增大，则带电小球在各处受到的电场力增大，所以小球往复运动过程中的最大速度将增大，故D错误故选：AC8如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1和R3均为定值电阻，RT为热敏电阻（温度越高，电阻越低）当环境温度较低时合上电键S，当环境的温度逐渐升高时，若三个电表A1
30、、A2和V的示数分别用I1、I2和U表示则各个电表示数的变化情况是（）AI1增大，I2不变，U增大BI1减小，I2增大，U减小CI1增大，I2减小，U增大DI1减小，I2不变，U减小【分析】本题首先要理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，再采用局部整体局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析，先从环境的温度逐渐升高，热敏电阻RT电阻减小入手分析【解答】解：由图知电压表测量路端电压，电流表A1测量流过R1的电流，电流表A2测量流过RT的电流；当环境的温度逐渐升高时，RT减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，即电压表示数U减
31、小，R3电压增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，而总电流I增大，则流过RT的电流I2增大故ACD错误，B正确；故选：B9如图（甲）所示，一根粗绳AB的长度为l，其质量均匀分布，在水平外力F的作用下，沿水平面做匀加速直线运动绳上距A端x处的张力T与x的关系如图（乙）所示下列说法中正确的是（）A粗绳可能受到摩擦力作用B粗绳一定不受摩擦力作用C可以求出粗绳的质量D可以求出粗绳运动的加速度【分析】本题的关键是设出绳子总长度和总质量，求出单位长度，然后分别对绳子用整体法和隔离法受力分析，列出牛顿第二定律方程，求解即可【解答】解：A、绳单位长度质量为=，先对整个绳子有Ff=ma，可得绳子
32、加速度为a=，再对绳子左端部分应有T（lx）g=（lx）a，整理可得T=，由图线可知得出拉力和绳长的大小，无法确定是否受到摩擦力，故A正确，B错误C、根据T与x的表达式无法求出粗绳的质量，由于质量未知，无法求出粗绳运动的加速度大小故C、D错误故选：A10如图所示，倾角为37的斜面长10m，一块质量为m=2kg的小物块静止放置于斜面底端小物块在平行于斜面的48N的推力作用下，沿斜面向上运动，小物块和斜面间的动摩擦因数=0.5当物块向上运动了9m而到达B时才撤去外推力，则关于小物块的运动下列说法正确的是（）A小物块先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，运动到斜面的顶端速度刚好为零B在外推力F作用
33、在物块上的过程中，推力F做的功要大于物体克服重力和摩擦力所做的功C从小物块开始运动到最后飞出斜面到最终落回地面的整个过程中，小物块所受外推力做的功和滑动摩擦力做的功的代数和等于物块机械能的变化量D物块落地的动能为352J【分析】撤去F前物块做匀加速直线运动，由动能定理求出小物块滑到斜面顶端时的速度运用动能定理分析推力F做的功与物体克服重力和摩擦力所做的功的关系由能量守恒定律分析功和能的关系【解答】解：A、设撤去F后小物块能上滑的距离为x由动能定理得： F（mgsin37+mgcos37）（+x）=0解得 x=12.6m，可知，小物块能飞过斜面的最高点故A错误B、在外推力F作用在物块上的过程中小
34、物块做匀加速运动，动能定理增加，根据动能定理知，外力对物块所做的总功大于零，则推力F做的功要大于物体克服重力和摩擦力所做的功，故B正确C、物体由A到C的整个过程，根据功能关系：物体所受的外力和非保守内力所做的功等于它的机械能的增加量，可知，上述过程中小物块所受外推力做的功和滑动摩擦力做的功的代数和等于物块机械能的变化量故C正确D、选定从A到D的全过程，运用动能定理，得：，解得故D正确故选：BCD11带有同种电荷的各种带电粒子（不计重力）沿垂直电场方向入射到平行带电金属板之间的电场中，并都能从另一侧射出以下说法正确的是（）A若粒子的带电量和初动能相同，则离开电场时它们的偏向角相同B若质量不同的带
35、电粒子由静止开始经相同电场加速后进入该偏转电场，则离开电场时它们的偏向角相同C若带电粒子由静止开始经相同电场加速后进入该偏转电场，离开电场时其偏移量y与粒子电荷量成正比D若带电粒子以相同的初速度进入该偏转电场，离开电场时其偏移量y与粒子的荷质比成正比【分析】带电粒子生垂直进入电场时做类平抛运动，根据运动的合成与分解规律列式，明确其偏向角及偏移量的决定因素即可求解【解答】解：A、根据类平抛运动规律可知，偏向角：，故若粒子的带电量和初动能相同，则离开电场时它们的偏向角相同；故A正确；B、由于，又因为=恒量；故B正确；C、根据和，所以它们的偏移量应该相同；故C错误；D、偏转位移，若带电粒子以相同的初
36、速度进入该偏转电场，离开电场时其偏移量y与粒子的荷质比成正比；故D正确；故选：ABD12有一沿x轴分布的电场，设定+x方向为正方向其电场强度E随x变化的图象如图所示下列说法正确的是（）AO点的电势最低Bx2点的电势最高C正电荷从x1移动到x3克服电场力做的功等于其电势能的减小量Dx1与x3的场强相同【分析】根据题意，电场关于x轴对称分布可知，作出电场线如图，根据顺着电场线，电势降低和对称性可判断电势高低【解答】解：A、因为场强的数值为负，根据题给的正方向，场强方向应该水平向左，所以O点的电势最低故A正确B、场强方向应该水平向左，越向右，电势越高，故B错误；C、场强方向应该水平向左，正电荷水平向
37、右运动，其电势能应该增加，克服电场力做的功应该等于其电势能的增加量，故C错误D、场强即为纵坐标，由题图可知，选项D正确故选：AD13如图是一个多用电表的简化电路图S为单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱O可以接通1，也可以接通2、3、4、5或6下列说法正确的是（）A当开关S分别接1或2时，测量的是电流，其中S接2时量程较小B当开关S分别接3或4时，测量的是电阻，其中A是黑表笔C当开关S分别接5或6时，测量的是电压，其中B是红表笔D当开关S分别接5和6时，测量的是电压，其中S接6时量程较大【分析】要熟悉多用表的原理和结构，根据电表的结构选出欧姆表、电压表和电流表；【解答】解：多用电表的工作原理是闭
38、合电路的欧姆定律题图为一简易的多用电表原理示意图A、其中1、2两档用来测电流，接1时分流电阻相对更小，故接1时电表的量程更大，第1档为大量程，那么S接2时量程较小，A正确；B、3、4两档用来测电阻，其中黑表笔连接表内电池的正极，故B为黑表笔；A与电源的负极相连，故A为红表笔，B错误；C、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时，即5、6两档用来测电压因为6档共用一个表头，所以测电压时外部电源的正极应该接在A表笔上，故A为红表笔，C错误；D、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时；测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转
39、换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大，D正确；故选：AD142013年6月20日，女航天员王亚平在“天宫一号”目标飞行器里成功进行了我国首次太空授课授课中的一个实验展示了失重状态下液滴的表面张力引起的效应在视频中可观察到漂浮的液滴处于周期性的“脉动”中假设液滴处于完全失重状态，液滴的上述“脉动”可视为液滴形状的周期性的微小变化（振动），如图所示已知液滴振动的频率表达式为f=k，其中k为一个无单位的比例系数，r为液滴半径，为液体密度；（其单位为N/m）为液体表面张力系数，它与液体表面自由能的增加量E（其单位为J）和液体表面面积的增加量S有关，则在下列关于、E和S关系的表达式中，可能正确的是（）A
40、=ESB=C=D=【分析】根据物理学公式及各物理量的单位进行推导，即可得出结论【解答】解：（其单位为N/m）为液体表面张力系数，液体表面自由能的增加量E（其单位为J），S是液体表面面积的增加量，单位是m2，根据物理量之间的关系得出：1N/m=，所以=，故选：C二、本题2小题，共27分，其中第15小题16分；第16小题11分.把答案填到题中横线上或按要求作图.15利用如图1所示的装置做探究弹力和弹簧伸长的关系的实验所用钩码每只的质量皆为30g实验中，先测出不挂钩码时弹簧的长度，再将5个钩码逐个加挂在弹簧下端，稳定后测出相应的弹簧总长度，将数据填在表中（弹力始终未超过弹性限度，取g=9.8m/s2
41、）记录数据组123456钩码总质量（g）0306090120150弹簧总长（cm）18.0021.3324.6027.9331.234.56弹力大小（N）（1）上表记录数据中有一个不符合规范，它是第5组中的弹簧总长数据（填写数据的名称），应记作31.20（2）根据实验数据将对应的弹力大小计算出来并填入表内相应的空格内（保留3位有效数字）（3）在图2坐标纸中作出弹簧弹力大小F跟弹簧总长度L之间的关系图线（4）根据图线求得该弹簧的劲度k=8.9N/m（保留3位有效数字）（5）写出弹簧中弹力的大小F跟弹簧总长度L之间的函数关系的解析式F=8.9（L0.18）N，注意：前5问不要求考虑弹簧自重对实验结
42、果的影响（6）有的同学认为在上述实验中，如果将弹簧水平放置来测量自然长度，就会消除因为弹簧的自重而引起的长度的改变量，你认为这种观点是否正确正确（填写：正确或者不正确）记录数据组123456钩码总质量（g）0306090120150弹簧总长（cm）18.0021.3324.6027.9331.234.56（7）有的同学认为如果将图象的横坐标改成弹簧长度相对于自然长度的改变量，这样才能直观的得出胡克定律所要表达的规律必修一课本中胡克定律的内容：弹簧发生弹性形变时，弹力的大小跟弹簧伸长（或者缩短）的长度成正比正由于考虑到弹簧自重可能会对实验结果产生影响，该同学准确测得弹簧水平放置时的自然长度为16
43、.89cm根据以上信息可以算得弹簧的质量为10g（求解本问时可以将弹簧的自重全部看成位于最低点，结果保留两位有效数字）（8）请选用以上所有实验数据和结果，根据需要在下方给定表格中添加左数第一列中的数据名称，并填写相关数据，然后在图3中做出弹簧中的力随着弹簧后来的长度相对于其自然长度的改变量（x）的变化而变化的关系（9）有的同学认为弹簧竖直放置时，其自重会使第（4）问中测得的劲度系数不准确，请你帮该同学定量分析一下他的观点是否正确？当弹簧下方不挂钩码时满足：m弹g=kx，当弹簧下方挂钩码时满足m弹g+m钩码g=k（xx），而（xx）就是题目中测量得到的弹簧长度的改变量，所以不会引起劲度系数测量的
44、不准确【分析】弹簧的弹力等于钩码的重力，根据弹力的大小和弹簧的总长作出弹力F与总长度L的图线，根据图线的斜率求出劲度系数的大小，会描点作图，分析图象的特点，写出表达式，分析误差原因【解答】解：（1）表格中的数据小数点后面的位数应相同，所以第5组弹簧总长的数据不规范，应为31.20（2）弹簧的弹力等于钩码的重力，即F=mg，所以弹力大小依次为：0，0.294，0.588，0.882，1.18，1.47 （3）在误差允许的范围内，从18cm开始的一次函数（4）图线的斜率表示弹簧的劲度系数，k=8.9N/m（5）根据图象得 F=8.9（L0.18）N（6）弹簧由于自身重力作用，会发生一定的形变，故正
45、确（7）根据胡克定律得：F=kx 即：mg=8.9（0.180.1689）解得：m=0.010kg=10g（8）在误差允许的范围内，为一正比例函数（9）当弹簧下方不挂钩码时满足：m弹g=kx，当弹簧下方挂钩码时满足m弹g+m钩码g=k（xx），而（xx）就是题目中测量得到的弹簧长度的改变量，所以不会引起劲度系数测量的不准确故答案为：（1）5，弹簧总长，31.20 （2）0，0. 294，0.588，0.882，1.18，1.47 （3）在误差允许的范围内，从18cm开始的一次函数 （4）8.9N/m（5）或者F=8.9（L0.18）N（6）正确（7）10（8）在误差允许的范围内，为一正比例函数
46、（9）当弹簧下方不挂钩码时满足：m弹g=kx，当弹簧下方挂钩码时满足m弹g+m钩码g=k（xx），而（xx）就是题目中测量得到的弹簧长度的改变量，所以不会引起劲度系数测量的不准确16李华同学的爸爸是个电气工程师，李华经常看到爸爸在用如图1所示的多用电表进行一些测量在高中物理课堂上学习了多用电表的用法之后，爸爸给他出了一道题目，让他通过测量找到如图2所示的二极管的负极（1）李华同学做了如下两步具体的操作：第一，将多用电表选择开关旋转到电阻挡的1档，经过欧姆调零之后，他把红表笔接在二极管的短管脚上，把黑表笔接在二极管的长管脚上，发现二极管发出了耀眼的白光，如图3所示；然后他将两表笔的位置互换以后，
47、发现二极管不发光这说明二极管的负极是短管角（填写“长管脚”或者“短管脚”）所连接的一极（2）李华同学的好奇心一下子就被激发起来了他琢磨了一下，然后又依次用电阻挡的1档，10档，100档，1K档分别进行了二极管导通状态的准确的测量，他发现二极管发光的亮度越来越小（填写“大”或者“小”），请帮助他分析一下具体的原因亮度小说明功率小，对二极管来说，根据P=I2R可以知道其中通过的电流就较小，根据全电路欧姆定律可知，这说明从1档，10档，100档到1K档，多用电表的内阻越来越大（3）爸爸说，欧姆表内的电池用过了一段时间，电动势稍微减小，内电阻可能增大很多倍自己可以设计实验测量一下电动势和内电阻李华立刻
48、准备设计实验方案进行相关测量，现在备有如下器材可供选择：A干电池1节 B滑动变阻器（020） C滑动变阻器（01k）D电压表（03V） E电流表（00.6A） F电流表（03A）G开关、导线若干其中滑动变阻器应选B，电流表应选E（只填器材前的序号）为了最大限度的减小实验误差，请在图4虚线框中画出该实验最合理的电路图某同学根据实验数据画出的UI图象如图5所示由图象可得电池的电动势为1.5V，内电阻为0.5【分析】（1）明确欧姆表的使用方法，根据二极管的性质即可进行判断；（2）根据多用电表的原理进行分析，明确二极管亮度变化的原因；（3）根据伏安法测量电动势和内电阻的实验原理分析，明确电路原理图，选
49、择合适的仪表；再根据得出的伏安特性曲线明确电动势和内电阻【解答】解：（1）在测量电阻时，首先要选择档位后进行欧姆调零；根据题干所述内容进行全面判定后发现，二极管发光时处于正向导通状态，因为黑表笔所接为二极管的正极故短管角为负极； （2）亮度小说明功率小，对二极管来说，根据P=I2R可以知道其中通过的电流就较小，根据全电路欧姆定律可知，这说明从1档，10档，100档到1K档，多用电表的内阻越来越大则二极管的亮度越来越小； （3）由表知通过小灯泡的最大电流为310mA即0.31A，故电流表应选E，滑动变阻器用分压式应选阻值小的变阻器，故应选滑动变阻器B因电流表内阻较小，与电源内阻接近，故应采用相对
50、电源的电流表外接法； 原理图如图所示； 由U=EIr可知，电源的电动势E=1.5V，内阻r=0.5；故答案为：（1）欧姆调零，短管脚（2）小亮度小说明功率小，对二极管来说，根据P=I2R可以知道其中通过的电流就较小，根据全电路欧姆定律可知，这说明从1档，10档，100档到1K档，多用电表的内阻越来越大（3）B，E电路图如图所示1.5 0.5三、本题共3小题，共27分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位.17高速公路上甲乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为v0=108km/h，距离s0=100
51、m，t=0时刻甲车遇紧急情况后，甲乙两车的加速度随时间变化如图所示（图1为甲，图2为乙），取运动方向为正方向（1）t=3s时甲车速度是多少？此时甲乙两车间距是多少？（2）通过计算说明两车在09s内会不会相撞？（3）上一问中如果相撞，则求出相撞时间；如果不相撞，则求第9s末两车的间距（4）分别作出两车的速度时间图线【分析】（1）根据速度时间公式求出甲车的速度，根据运动学公式求出两车的位移，从而得出甲乙两车的间距（2）因为甲车在前，乙车在后，当乙车速度减到和甲车相等的时候两车没有相撞则以后就不会相撞，根据速度时间公式求出速度相等经历的时间，通过位移关系判断是否相撞（3）根据位移公式求出9s末两车的
52、间距（4）根据at图线作出vt图线【解答】解：（1）由图象知，甲车在03s内做匀减速直线运动，初速度v0=108km/h=30m/s，则3s末，甲车的速度v=v0at=30103m/s=0m/s此时甲车的位移=45m乙车作匀速直线运动，位移=303m=90m则两车相距的距离=55m，甲车还在乙车的前方（2）3s后，甲做初速度为零的匀加速直线运动，乙做匀减速直线运动，两车在3s时相距55m此后前面的甲车从静止开始做匀加速直线运动，后面的乙车以30m/s做匀减速直线运动当两车速度相等时，有：a甲t=v0+a乙t代入数据解得t=3s此时前面甲的位移=22.5m后面乙的位移=67.5m因为=77.5，
53、故知两车不会相撞（3）对乙车在39s，可以得到乙车在9s末的速度为零，则39s内乙车的位移=m=90m39s内甲车的位移=90m则两车在9s时的间距m（4）速度时间图线如图所示答：（1）t=3s时甲车速度是0m/s，此时甲乙两车间距是55m；（2）两车不会相撞（3）第9s末两车的间距为55m（4）速度时间图线如图所示18（2015秋山东月考）10个相同的扁木块一个挨一个的放在水平地面上每个木块的质量m=0.40kg，其长度为L=0.50m木块原来都静止，它们与地面间的静、动摩擦因数都是m1=0.10在左边第一块木块的左端点放一块M=1.00kg的小铅块，它与木块间的静、动摩擦因数都为m2=0.
54、20现突然给铅块一个向右的初速度v0=4.3m/s，使其在木块上滑行，试问：（1）当铅块刚刚滑至哪一块木块上时，下面的木块开始滑动？（2）当铅块和下方的几个木块开始同时运动的瞬间，此时铅块的瞬时速度大小为多少？（3）铁块最终落在地上还是停在哪一块木块上？（设铅块的线度与L相比可忽略）【分析】（1）通过对木块的受力分析知，铅块对木块的滑动摩擦力水平向右，地面给木块的静摩擦力水平向左，当铅块对木板的摩擦力大于地面对木块的摩擦力时，木块开始运动；（2）根据动能定理求铅块的瞬时速度（3）研究铅块对木块的运动，根据牛顿第二定律求出铅块和木块的加速度，由匀变速直线运动规律分析求解【解答】解：（1）设定水平
55、向右为正向对铅块：f木铅=2Mg=2.0N对下方n个物块刚滑动，应当满足的条件是：则木块开始滑动：即当铅块滑至倒数第二块木块上时，木块开始滑动（2）设铅块滑上倒数第二块木块时的初速度为v1，则对于铅块连续滑过前八块木块的过程中：解得：v1=1.58m/sv1也是铅块刚滑到倒数第二块木块这一瞬间铅块对木块的相对速度，在此瞬间木块静止（3）研究铅块对木块的运动：设铅块滑离倒数第二块木块时的铅块对木块的（瞬时）末速度为v2，则设定水平向右为正向铅块的加速度为：木块的加速度为：则铅块对木块的加速度为：对下方诸多（n个 ）物块，当满足条件：解得：v2=0.49m/s此时木块的加速度变为：设铅块还能在最后
56、一块木块上继续滑行x，则有：显然：xL，因此铅块最终停在最后一块木块上答：（1）当铅块滑至倒数第二块木块上时，木块开始滑动（2）当铅块和下方的几个木块开始同时运动的瞬间，此时铅块的瞬时速度大小为1.58m/s（3）铅块最终停在最后一块木块上19如图甲所示，在边界MN左侧存在斜方向的匀强电场E1，在MN的右侧有竖直向上、场强大小为E2=0.4N/C的匀强电场，还有垂直纸面向内的匀强磁场B（图甲中未画出）和水平向右的匀强电场E3（图甲中未画出），B和E3随时间变化的情况如图乙所示，P1P2为距MN边界2.28m的竖直墙壁，现有一带正电微粒质量为4107kg，电量为1105C，从左侧电场中距MN边界
57、m的A处无初速释放后，沿直线以1m/s速度垂直MN边界进入右侧场区，设此时刻t=0s，取g=10m/s2求：（1）MN左侧匀强电场的电场强度E1（sin37=0.6）；（2）带电微粒在MN右侧场区中运动了1.5s时的速度；（3）带电微粒在MN右侧场区中运动多长时间与墙壁碰撞？（0.19）【分析】（1）带电粒子在电场中做类平抛运动，由运动的合成与分解可求得电场强度；（2）带电粒子在复合场中做匀速圆周运动，则重力等于电场力；根据带电粒了在磁场中的运动规律明确转动时间，则可确定其速度方向；（3）根据带电粒子在右侧混合场中的运动情况，明确粒子何时才能与墙壁相碰撞【解答】解：（1）设MN左侧匀强电场场强
58、为E1，方向与水平方向夹角为沿水平方向有 qE1cos=ma 沿竖直方向有 qE1sin=mg 对水平方向的匀加速运动有 v2=2as 代入数据可解得E1=0.5N/C =53 即E1大小为0.5N/C，方向与水平向右方向夹53角斜向上（2）带电微粒在MN右侧场区始终满足qE2=mg 在01s时间内，带电微粒在E3电场中 a=0.1m/s2；带电微粒在1s时的速度大小为 v1=v+at=1+0.11=1.1m/s 在11.5s时间内，带电微粒在磁场B中运动，周期为T=1s；在11.5s时间内，带电微粒在磁场B中正好作半个圆周运动所以带电微粒在MN右侧场区中运动了1.5s时的速度大小为1.1m/
59、s，方向水平向左 （3）在0s1s时间内带电微粒前进距离s1=vt+at2=11+0.112=1.05m带电微粒在磁场B中作圆周运动的半径r=m；因为r+s12.28m，所以在1s2s时间内带电微粒未碰及墙壁在2s3s时间内带电微粒作匀加速运动，加速度仍为a=0.1m/s2，在3s内带电微粒共前进距离s3=vt3+at32=12+=2.2m 在3s时带电微粒的速度大小为v3=v+at3+1+0.12=1.2m/s在3s4s时间内带电微粒在磁场B中作圆周运动的半径r3=0.19m；因为r3+s32.28m，所以在4s时间内带电微粒碰及墙壁带电微粒在3s以后运动情况如右图，其中 d=2.282.2=0.08m sin=0.5=30 所以，带电微粒作圆周运动的时间为t3=s 带电微粒与墙壁碰撞的时间为t总=3+=s答：（1）MN左侧匀强电场的电场强度E1为0.5N/C；（2）带电微粒在MN右侧场区中运动了1.5s时的速度为1.1m/s；方向向左；（3）带电微粒在MN右侧场区中运动s与墙壁碰撞版权所有：高考资源网()