1、10月月考理综试卷第卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1下列关于生物变异的叙述，错误的是（ ）A碱基对替换所引发的基因突变不一定会导致生物性状发生变异B基因突变的不定向性是指一个基因可突变为不同的非等位基因C正常情况下一对夫妇所生的子女间的性状差异来源于基因重组D染色体结构变异会导致染色体上基因数目或排列顺序发生改变2下列关于人类遗传病的叙述，正确的是（ ）A单基因遗传病是指受一个基因控制的遗传病B多基因遗传病在群体中的发病率一般比较低C调查人类遗传病发病率时常开展家庭系谱调查D遗传咨询和产前诊断可有效预防遗传病的产生3下列关于生物进
2、化和物种形成的叙述中，正确的是A突变和基因重组会导致种群基因频率的定向改变B一般情况下，生物进化方向与基因突变方向一致C狼与兔的捕食关系导致它们的基因频率定向改变D地理隔离和生殖隔离是物种形成必不可少的条件4下图表示来源于四种不同生物的体细胞染色体组成，相关叙述不正确的是（ ）A四种生物都可能是单倍体B若甲图是四倍体，其产生的单倍体可育C乙图可能是个别染色体数目的增加导致的D丙和丁杂交，可得二倍体5下列关于基因频率、基因型频率与生物进化的叙述正确的是（ ）A一个种群中，控制一对相对性状的各种基因型频率发生改变，说明物种在进化B在一个种群中，控制一对相对性状的各种基因型频率之和为1C基因型Aa的
3、个体自交后代所形成的种群中，A基因的频率大于a基因的频率D因色盲患者中男性数量大于女性，所以男性群体中色盲的基因频率大于女性群体6如图表示环境条件发生变化后某个种群中A和a基因频率的变化情况,下列说法正确的是()A环境条件发生变化后,使生物产生适应性的变异B在变化过程中,P点时Aa的基因型频率最小CQ点表示环境发生了变化,A基因控制的性状更加适应环境D该种群基因库中A和a的基因频率的变化表示新物种将产生 7.下列有关能源的说法错误的是()A风能是人类通过风车等工具获取的能源，但属于一次能源B在即将到来的新能源时代，核能、太阳能、氢能将成为主要能源C月球土壤中含有丰富的质量数为3的氦，它可作为未
4、来核能的重要原料D原电池把化学能直接转化为电能，所以由原电池提供的电能是一次能源8.下列可被工业上采用的冶金方法是()A电解熔融的氯化铝制铝 B电解熔融的氯化镁制镁C电解氯化钠溶液制钠 D高温下用H2还原氧化镁制镁9现有三个热化学方程式：（1）CH3COOH(l)+2O2(g)2CO2(g)+2H2O(l) H1-870.3kJ/mol（2）C(s)+O2(g)CO2(g) H2-393.5kJ/mol（3）H2(g)+1/2 O2(g)H2O(l) H3-285.8kJ/mol则反应2C(s)+2H2(g)+O2(g)CH3COOH(l)的反应热为A-488.3kJ/mol B+488.3k
5、J/mol C-2228.9kJ/mol D+191kJ/mol10.下列说法或表示方法正确的是（）A等质量的硫蒸气和硫固体分别完全燃烧，后者放出的能量多B由C（石墨）C（金刚石）H=+119kJmol1可知，金刚石比石墨稳定C在101kPa时，2gH2完全燃烧生成液态水，放出285.8kJ热量，则H2燃烧热的化学方程式表示为：2H2（g）+O2（g）=2H2O（l）H=571.6kJmol1D在稀溶液中，H+（aq）+OH（aq）（H2O）（l）H=57.3kJmol1，若将含0.5mol H2SO4的浓硫酸与含1mol NaOH的溶液混合，放出的热量大于57.3kJ11.对于反应A（g）+
6、3B（g）2C（g），下列各数据表示不同条件下的反应速率，其中反应进行得最快的是（）Av（A）=0.01 mol/（Ls）Bv（B）=0.02 mol/（Ls）Cv（B）=0.60mol/（Lmin）Dv（C）=1.0mol/（Lmin）12.向容积为2L的密闭器中充入2molA气体和1molB气体，在一定条件下发生如下反应：2A（g）+B（g）3C（g）；经2s后达到平衡，测得C气体的浓度为0.6molL1下列说法中正确的是（）用物质A表示该反应的平均反应速率为0.2molL1s1用物质B表示该反应的平均反应速率为0.2molL1s1平衡时物质A与B的转化率相等平衡时物质B的浓度为0.2mo
7、lL1其它条件不变，向容器中再加入1molC气体，达到新平衡时，C的体积分数不变A B C D13.目前海水提溴的最主要方法之一是空气吹出法，其部分流程图如下：以下推断不合理的是()A热空气能吹出溴是利用溴易挥发的性质BSO2吸收溴的反应方程式：SO22H2OBr2=H2SO42HBrC流程中循环利用的物质有SO2、Br2、Cl2等D没有采用直接蒸馏含Br2的海水得到单质溴主要是为了节能二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。14下面是某同学对电
8、场中的一些概念及公式和电容器的相关公式的理解，其中正确的是()A根据电场强度的定义式E可知，电场中某点的电场强度与检验电荷所带的电荷量成反比B根据电容定义式C可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C根据真空中点电荷的电场强度公式Ek可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关D根据电势差UAB可知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则A、B两点间的电势差为1 V15两个完全相同的金属球A和B(可视为点电荷)带电荷量之比为17，相距为r.两者接触一下放回原来的位置，若两电荷原来带异种电荷，则后来两小球之间的库仑力大小与原来之比是()
9、A37 B47 C97 D16716如图1所示是由电源E、灵敏电流计G、滑动变阻器R和平行板电容器C组成的电路，开关S闭合在下列四个过程中，灵敏电流计中有方向由a到b电流的是()A在平行板电容器中插入电介质B减小平行板电容器两极板间的距离C减小平行板电容器两极板的正对面积D增大平行板电容器两极板的正对面积 图117.如图2所示，一圆心为O、半径为R的圆中有两条互相垂直的直径AC和BD，电荷量分别为Q、Q的点电荷放在圆周上，它们的位置关系关于AC对称，Q与O点的连线和OC间夹角为60.两个点电荷的连线与AC的交点为P，取无穷远电势为零，则下列说法正确的是()AP点的场强为0，电势也为0BA点电势
10、低于C点电势C点电荷q沿直线从A到C的过程中电势能先减小后增大D点电荷q在B点具有的电势能小于在D点具有的电势能 图218.在匀强电场中平行于电场方向建立一直角坐标系，如图3所示从坐标原点沿y轴前进0.2 m到A点，电势降低了10 V，从坐标原点沿x轴前进0.2 m到B点，电势升高了10 V，则匀强电场的场强大小和方向为()A50 V/m，方向BAB50 V/m，方向AB C100 V/m，方向BAD100 V/m，方向垂直AB斜向下 图319如图4所示，a、b是两个带有同种电荷的小球(可视为点电荷)，用绝缘细线悬挂于同一点，两球静止时，它们距水平面的高度相等，线与竖直方向的夹角分别为、，且.
11、若同时剪断两根细线，空气阻力不计，两球带电荷量不变，则()Aa球的质量比b球的大Ba、b两球同时落地Ca球的电荷量比b球的大Da、b两球飞行的水平距离相等 图420图5甲中直线PQ表示电场中的一条电场线，质量为m、电荷量为q的带负电粒子仅在电场力作用下沿电场线向右运动，经过P点时速度为v0，到达Q点时速度减为零，粒子从P到Q运动的vt图像如图乙所示下列判断正确的是()AP点电势高于Q点电势BP点场强大于Q点场强CP、Q两点间的电势差为 D带负电的粒子在P点的电势能大于在Q点的电势能 图521如图6甲所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔右极板电势随时间变化的规律如图乙所示电子原来静
12、止在左极板小孔处(不计重力作用)下列说法中正确的是()A从t0时刻释放电子，电子将始终向右运动，直到打到右极板上B从t0时刻释放电子，电子可能在两板间振动C从t时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上D从t时刻释放电子，电子必将打到左极板上 图6第卷三、非选择题：包括第22题第35题,为必考题，每个试题考生都必须做答。22（8分） 图甲 图乙I美国物理学家密立根于1910 年利用如图甲所示的实验装置，确定了电荷量的不连续性，并测定了元电荷的数值。(1)若某次实验中，一质量为m的油滴，在场强为E的两金属板之间恰好处于平衡状态。则油滴所带电荷量q= （已知当地的重力加速度为g）(2)
13、对许多油滴进行测定，发现各个油滴所带电荷量都是某一最小电荷量的整数倍。密立根断定这一最小电荷量就是电子的电荷量，经过计算得出其数值为1.610-19C。则下列说法中说法不正确的是（ ）A在某次实验中，测得油滴所带电荷量为3.210-17CB在某次实验中，测得油滴所带电荷量为2.310-17CC在某次实验中，若只将两金属板的间距变大，则原来处于静止状态的油滴将向下运动D在某次实验中，若只将两金属板的间距变大，则原来处于静止状态的油滴将向上运动II华兴中学高2019级某同学在探究电荷间相互作用力的实验中，如图乙所示，把质量为m的带电小球B用绝缘细绳悬起，若将带电荷量为-Q的带电小球A靠近B，当两个
14、带电小球在同一高度相距r时，绳与竖直方向成 角，A、B两球均静止，则小球B带 电，所带的电荷量q= 。23 （8分）下图为探究平行板电容器的电容与那些因素有关的实验装置(1)该实验采取的实验方法为 （填“等效替换法”，“控制变量法”或者“理想模型法”）(2)该实验中静电计指针的偏转程度显示的是（ ）A平行板电容器两极板之间的电势差B平行板电容器一个极板上所带电荷量的绝对值C平行板电容器的电容(3)某次实验中，给平行板电容器充电后断开电源，只将两板平行地错开，可以观察到静电计指针偏角 （填“变大”，“变小”或者“不变”）(4)某次实验中，给平行板电容器充电后断开电源，只将两板间距变大，则平行板电
15、容器之间的电场强度将 （填“变大”，“变小”或者“不变”）24.(12分)如图7所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相距6 cm，C、D为电场中的两点(其中C点在金属板上)，且CD4 cm，CD连线和场强方向成60角已知电子从D点移到C点电场力做功为3.21017 J，电子电荷量e1.61019 C，求：(1)匀强电场的场强大小；(2)A、B两板间的电势差；(3)若A板接地，D点电势为多少？ 图725(14分)如图8所示，竖直面内的光滑绝缘轨道，处于竖直向下的匀强电场中一个带负电的小球从斜轨道上的A点由静止释放，沿轨道滑下，已知小球的质量为m，电荷量为q，匀强电场的场强大小为E，斜轨
16、道的倾角为，圆轨道半径为R，斜轨道与圆轨道平滑连接，小球的重力大于所受的电场力(1)求小球沿轨道滑下的加速度的大小；(2)若使小球通过圆轨道顶端的B点，求A点距圆轨道最低点的竖直高度h1至少为多大；(3)若小球从距圆轨道最低点的竖直高度h25R处由静止释放，假设其能通过圆轨道顶端B点，求从释放到B点的过程中小球机械能的改变量图826(20分)如图9所示的装置放置在真空中，炽热的金属丝可以发射电子，金属丝和竖直金属板之间加一电压U12 500 V，发射出的电子被加速后，从金属板上的小孔S射出装置右侧有两个相同的平行金属极板水平正对放置，板长l6 cm，相距d2 cm，两极板间加以电压U2200
17、V的偏转电场从小孔S射出的电子恰能沿平行于板面的方向由极板左端中间位置射入偏转电场已知电子的电荷量e1.61019 C，设电子刚离开金属丝时的速度为零，忽略金属极板边缘对电场的影响，不计电子受到的重力求：(1)电子射入偏转电场时的动能Ek；(2)电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量y；(3)电子在偏转电场运动的过程中电场力对它所做的功W.图927（12分）按要求书写热化学方程式：(1)已知稀溶液中，1 mol H2SO4与NaOH溶液恰好完全反应时，放出114.6 kJ热量，写出表示H2SO4与NaOH反应的中和热的热化学方程式 （2）在25、101kPa下，1g甲醇燃烧生成CO2和液态水时
18、放热22.68kJ。则表示甲醇燃烧热的热化学方程式为 (3)已知下列热化学方程式：CH3COOH(l)2O2(g)2CO2(g)2H2O(l) H1870.3 kJ/molC(s)O2(g) CO2(g) H2393.5 kJ/mol H2(g)12O2(g) H2O(l) H3285.8 kJ/mol写出由C(s)、H2(g)和O2(g)化合生成CH3COOH(l)的热化学方程式 （4）已知拆开1mol HH键，1molNH键，1molNN键分别需要的能量是436kJ、391kJ、946kJ，则N2与H2反应生成NH3的热化学方程式为_ 28（14分）100 mL 0.50 mol/L盐酸与
19、110 mL 0.55 mol/L NaOH溶液在图示的装置中进行中和反应。通过测定反应过程中所放出的热量可计算中和热。回答下列问题：（1）从实验装置上看，图中尚缺少的一种玻璃用品是_（2）烧杯间填满碎纸条的作用是_（3）按如图装置进行实验，测得的中和热数值_（填“偏大”“偏小”“无影响”），原因是_。（4）实验中改用80 mL 0.50 mol/L盐酸跟80 mL 0.55 mol/L NaOH溶液进行反应，与上述实验相比，所放出的热量_（填“相等”“不相等”）。 （5）假设盐酸和氢氧化钠溶液的密度都是1gcm3，又知中和反应后生成溶液的比热容c4.18Jg11。为了计算中和热，某学生实验记
20、录数据如下：实验序号起始温度t1/终止温度t2/盐酸氢氧化钠溶液混合溶液120.020.223.2220.220.423.4320.320.525.6依据该学生的实验数据计算，该实验测得的中和热H_(结果保留一位小数)。（6）_(填“能”或“不能”)用Ba(OH)2溶液和硫酸代替氢氧化钠溶液和盐酸。29.(14分) 化学反应速率和限度与生产、生活密切相关。(1)某学生为了探究锌与盐酸反应过程中的速率变化，在400 mL稀盐酸中加入足量的锌粉，用排水集气法收集反应放出的氢气，实验记录如下(累计值)：时间/min12345氢气体积/mL (标准状况)100240464576620哪一时间段反应速率
21、最大_min(填“01”“12”“23”“34”或“45”)，原因是_。求34 min时间段以盐酸的浓度变化来表示的该反应速率_(设溶液体积不变)。(2)另一学生为控制反应速率防止反应过快难以测量氢气体积，他事先在盐酸中加入等体积的下列溶液以减慢反应速率，你认为不可行的是_(填字母)。A蒸馏水 BKCl溶液 CKNO3溶液 DCuSO4溶液(3)某温度下在4 L密闭容器中，X、Y、Z三种气态物质的物质的量随时间变化曲线如图。该反应的化学方程式是_。该反应达到平衡状态的标志是_(填字母)。AY的体积分数在混合气体中保持不变BX、Y的反应速率比为31C容器内气体压强保持不变D容器内气体的总质量保持
22、不变E生成1 mol Y的同时消耗2 mol Z2 min内Y的转化率为_。30.（18分）I、已知海水中的溴含量约为65 mgL1，从海水中提取溴的工业流程如下：(1)上述步骤中已获得游离态的溴，步骤又将其转化成化合态的溴，目的是_。(2)步骤通入热空气吹出Br2，利用了溴的_(填序号)。A氧化性 B还原性 C挥发性 D腐蚀性(3)步骤中涉及的离子反应如下，请在方框内填入正确的化学计量数：(4)上述流程中吹出的溴蒸气也可以先用二氧化硫的水溶液吸收，再用氯气氧化，然后进行蒸馏，则溴与二氧化硫的水溶液反应的离子方程式为_。(5)实验室分离溴还可以用萃取法，下列可以用作溴的萃取剂的有_(填字母)。
23、A乙醇 B四氯化碳 C裂化汽油 D苯II、海带是海洋中的一种褐藻，海带中含有丰富的碘，是人类经常食用的一种补碘食物。某资料中有“海带中碘的检验”的选做实验，操作步骤如下：取3 g左右干海带，除去表面杂质，剪碎，用酒精润湿，放在坩埚中灼烧成灰，冷却；将海带灰转移到小烧杯中加蒸馏水，搅拌，煮沸23 min，使可溶物质溶解，过滤；向滤液中滴入几滴硫酸，再加入约1 mL 过氧化氢溶液，观察现象；取少量上述所得溶液，滴加几滴淀粉溶液，观察现象；向剩余的滤液中加入1 mL 四氯化碳，振荡静置，观察现象；向加有四氯化碳的溶液中加入氢氧化钠溶液，充分振荡后，将混合液的下层液体放入指定的容器中。请回答下列问题：
24、(1)海带中碘元素是_(填“碘离子”“碘单质”或“碘酸盐”) (2)可说明海带中含有碘的现象有_。(3)操作叫做_，操作的目的是_。31、（9分）下图表示人类镰刀型细胞贫血症的病因(已知谷氨酸的密码子是GAA、GAG)。(1)图中表示的遗传信息传递过程分别是:;。过程发生的时间是,场所是。(2)链碱基组成是,链碱基组成是。(3)若正常基因片段中的CTT突变为CTC,由此控制的生物性状(填“会”或“不会”)发生改变,理由是: 。32（11分）下图为水稻的几种不同育种方法的示意图，请据图回答：（1）B过程常用的方法是_；可能用到秋水仙素的过程有_（用图中字母表示）。（2）可以打破物种界限的育种方法
25、是_（用图中的字母表示），该方法所运用的原理是_，该方法所需要的工具酶是_。（3）假设要培育一个能稳定遗传的水稻品种，它的性状都是由隐性基因控制的，则最简单的育种方法是_（用图中的字母表示）；如果它的性状都是由显性基因控制的，为缩短育种时间常采用的方法是_（用图中的字母表示）。（4）现有三个水稻品种：的基因型为aaBBDD，的基因型为AAbbDD，的基因型AABBdd。这三对等位基因分别位于三对同源染色体上。请通过杂交育种方法利用以上三个品种获得基因型为aabbdd的植株（用文字简要描述获得过程即可）：_。33某植物种群中，AA基因型个体占30%，aa基因型个体占20%，回答下列相关问题：(1
26、)根据现代生物进化理论观点：生物进化的基本单位是_，_导致新物种的形成。(2)该植物种群A、a的基因频率分别是_。(3)若该植物自交，后代中AA、Aa基因型频率分别是_。(4) 依据现代生物进化理论，这种植物自交后是否发生了进化？_，理由是_。来源:Zxxk.Com34（12分）如图是人类某一家族遗传病甲和乙的遗传系谱图。甲病受A，a这对等位基因控制，乙病受B，b这对等位基因控制，且甲、乙其中之一是伴性遗传病（不考虑XY同源区段）。（1）甲病属于_ ，乙病属于_ 。A常染色体显性遗传病 B常染色体隐性遗传病C伴X染色体显性遗传病 D伴X染色体隐性遗传病E伴Y染色体遗传病（2）写出下列个体可能的
27、基因型：7_；10_。（3）8是纯合子的可能性是_ 。（4）8与10结婚，生育子女中只患一种病的可能性是_ ，既不患甲病也不患乙病的可能性是_ 。35（12分）某二倍体雌雄异株（XY型性别决定）花卉植物，群体全部开红花（纯合子），控制花色的基因（A或a）只位于X染色体上，在栽培过程中出现一株全部开紫花的雄株，经显微镜观察其染色体正常。请回答问题： 该花卉植物的紫花与红花是一对_。 该紫花雄株的出现，其原因可能是环境引起的变异，也有可能是隐性突变引起的变异，还有可能是显性突变引起的变异，请设计一实验方案探究其变异的原因，写出实验思路及预期结果和结论。 10月联考生物答案1.B 2.D 3.C 4
28、.D 5. B 6.C31、（9分，除标注，每空1分）.(1)复制转录有丝分裂间期、减数第一次分裂前的间期细胞核(2)CATGUA(3)不会因为当基因中的CTT突变成CTC时,转录的信使RNA上的密码子由GAA变成GAG,但这两个密码子决定的氨基酸均为谷氨酸,所以翻译的蛋白质不变,生物的性状不变。（2分）32（11分，除标注，每空1分）（1）花药离体培养 C、F（2分）（2）E 基因重组 限制酶、DNA连接酶（2分）（3）A、D A、B、C（4）与杂交得到杂交一代，杂交一代与杂交得到杂交二代，杂交二代自交可以得到基因型为aabbdd的植株（合理即可）（2分）33（10分，除标注，每空2分）(1
29、)种群（1分）隔离（1分）(2)55%、45%(3)42.5%、25% (4)否种群基因频率没有改变34.（12分，除标注，每空2分）（1）B （1分） D（1分） （2） AAXBY或AaXBY AAXbY或AaXbY （3） 1/2 （4） 5/12 1/2 35（12分）相对性状（2分）用该紫花雄株与红花雌株杂交（2分），若F1雌株开紫花，雄株开红花，则为显性突变（2分）；若F1雌雄株都开红花，则还需要用F1雌雄株杂交（2分），若F2雌雄株都开红花，则为环境引起的变异（2分），若F2雌株开红花，雄株一半开红花，一半开紫花，则为隐性突变（2分）。参考答案一、选择题(本题共8小题，每小题6分
30、，共48分.1418题为单选题，1921题为多选题，全部选对的得6分，有选对但不全的得3分，有选错的得0分)14答案D解析电场强度E与F、q无关，由电场本身决定，A错误；电容C与Q、U无关，由电容器本身决定，B错误；Ek是决定式，C错误；故选D.15答案C解析接触前，两小球之间的库仑力为Fk7k，接触后两者所带电荷量为q3q，两小球之间的库仑力为Fk9k，故FF97，C正确16答案C解析电容器保持和电源连接，电压U一定，在平行板电容器中插入电介质，由C知电容增大，由C知带电荷量增加，电容器充电，电路中有b到a方向的电流通过电流计，故A错误减小平行板电容器两极板间的距离，由C知电容增大，由C知带
31、电荷量增加，电容器充电，电路中有b到a方向的电流通过电流计，故B错误减小平行板电容器两极板的正对面积，由C知电容减小，由C知带电荷量减小，电容器放电，电路中有a到b方向的电流通过电流计，故C正确同理D错误17.答案D解析Q在P点产生的场强方向向右，Q在P点产生的场强方向也向右，根据叠加原理可知P点的场强不为0，故A错误AC连线是等量异种点电荷电场中一条等势线，故A、C两点的电势相等，故B错误AC连线是等量异种点电荷电场中一条等势线，点电荷q沿直线从A到C的过程中电势能不变，故C错误根据顺着电场线方向电势降低，结合电场线的分布情况可知，B点的电势高于D点电势，由电势能公式Epq分析可知：点电荷q
32、在B点具有的电势能小于在D点具有的电势能，故D正确18.答案C解析连接AB，由题意可知，AB中点C点电势应与坐标原点O相等，连线OC即为等势线，与等势线OC垂直的方向为电场的方向，故电场方向由BA，其大小E V/m100 V/m，选项C正确19答案AB解析对a、b小球受力分析，根据平衡条件有：mag，mbg，由于，所以mamb，故A正确mamb，因此水平方向上每一时刻a的加速度小于b的加速度竖直方向上做自由落体运动，根据运动的独立性可知，两球同时落地，故B正确a球的电荷量和b球的电荷量大小无法判断，故C错误由于水平方向上每一时刻a的加速度小于b的加速度，因此a球水平飞行的距离比b球小，故D错误
33、20答案ABC解析由题图乙知带电粒子的速度减小，受到向左的电场力，故电场线方向向右，P点电势一定高于Q点电势，故A正确；由题图乙可知，P处的加速度大于Q处的加速度，故P处的场强大于Q处的场强，故B正确；由动能定理知qU0mv02，可求出PQ两点的电势差为，故C正确；负电荷在电势低的地方电势能大，故带负电的粒子在P点的电势能一定小于在Q点的电势能，故D错误21答案AC解析从t0时刻释放电子，如果两板间距离足够大，电子将向右先匀加速，接着匀减速，速度减小到零后，又开始向右匀加速，接着匀减速直到打在右极板上，电子不可能向左运动；如果两板间距离不够大，电子也始终向右运动，直到打到右极板上从t时刻释放电
34、子，如果两板间距离足够大，电子将向右先匀加速，接着匀减速，速度减小到零后，改为向左再匀加速，接着匀减速，即在两板间振动；如果两板间距离不够大，则电子在第一次向右运动过程中就有可能打在右极板上从t时刻释放电子，如果两板间距离不够大，电子将在第一次向右运动过程中就打在右极板上；如果第一次向右运动没有打在右极板上，那就一定会在向左运动过程中打在左极板上选A、C.二、非选择题(本题共4小题，共62分)22(8分）I (1) -2分 (2) BD-2分II负电-2分 -2分24 （8分）（1）控制变量法-2分（2） A-2分（3） 变大-2分（4） 不变-2分24.答案(1)1104 N/C(2)600
35、 V(3)200 V解析(1)电子由D到C电场力做正功WeELCDcos 60E1104 N/C.(2)由题知，电子受到的电场力方向向上，电子带负电，则场强方向为AB.A、B间电势差为UABEdAB11046102 V600 V.(3)A、D间电势差为UADEdADELCDcos 60110441020.5 V200 VAD200 V，A0解得D200 V.25答案(1)(2)R(3)3qER解析(1)由牛顿第二定律有(mgqE)sin ma解得a.(2)球恰能过B点有：mgqEm 由动能定理，从A点到B点过程，则有：(mgqE)(h12R)mv0 由解得h1R.(3)从释放到B的过程中，因电
36、场力做的总功为负功，电势能增加，则增加量：EqE(h22R)qE(5R2R)3qER.由能量守恒定律得机械能减少，且减少量为3qER.26答案(1)4.01016 J(2)0.36 cm(3)5.761018 J解析(1)电子在加速电场中，根据动能定理有eU1Ek解得Ek4.01016 J.(2)设电子在偏转电场中运动的时间为t，电子在水平方向做匀速直线运动，由lv1t，eU1mv12解得tl电子在竖直方向受电场力Fe电子在竖直方向做匀加速直线运动，设其加速度为a，根据牛顿第二定律有ema解得a电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量yat2解得y0.36 cm.(3)电子射出偏转电场的位置与射入偏转电场位置的电势差Uy电场力所做的功WeU解得W5.761018 J.