1、2015-2016学年广东省肇庆四中高二（下）第一次月考物理试卷（文科）一、单项选择题：本大题共30小题，每小题1分，共30分在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求1在经典力学的建立过程中，牛顿和伽利略均作出了重要贡献下列说法正确的是（）A伽利略总结出了惯性定律B牛顿提出了万有引力定律C伽利略总结得出作用力和反作用力之间的关系D牛顿利用理想实验推断出匀速运动需要力来维持2下列物理量为矢量的是（）A速度B时间C动能D质量3在下列力学单位中，属于国际单位制中基本单位的是（）A毫米B厘米C千克D克4在物理学中，突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的物理模型，是经常采用的一种科学研究方
2、法，质点就是这种物理模型之一关于地球能否看作质点，下列说法正确的是（）A地球的质量太大，不能把地球看作质点B地球的体积太大，不能把地球看作质点C研究地球的自转时可以把地球看作质点D研究地球绕太阳公转时可以把地球看作质点5在行驶汽车上的乘客，看到道路两旁的树木不断向后退，这是因为乘客选择的参考系是（）A所乘坐的汽车B地面上的建筑物C道路旁的树木D路边站着的人6下列图示为一位体操运动员的几种挂杠方式，其手臂用力最小的是（）ABCD7根据牛顿运动定律，下列表述正确的是（）A力是维持物体运动的原因B力是改变物体运动状态的原因C外力停止作用后，物体由于惯性会停止D物体做匀速直线运动时，所受合外力不为零8
3、关于一对作用力和反作用力，下列说法正确的是（）A它们的方向相同B它们的大小不相等C它们同时产生，同时消失D它们作用在同一物体上9关于弹力，下列表述正确的是（）A杯子放在桌面上，杯和桌均不发生形变B杯子放在桌面上，杯和桌之间没有弹力作用C在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的长度成正比D在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长（或缩短）量成正比10如图所示，细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点做匀速转动，下列说法正确的是（）Aa、b两球线速度相等Ba、b两球角速度相等Ca球的线速度比b球的大Da球的角速度比b球的大11某一时刻，一物体沿水平和竖直方向的分速度分别为8m/s和6m/s，则该物体的速度大小是（）
4、A2 m/sB6 m/sC10 m/sD14 m/s12下列做平抛运动的物体是（）A升空的火箭B树上落下的果实C投向篮框的篮球D水平飞行的飞机释放的物体13某同学投掷铅球，每次出手时，铅球速度的大小相等，但方向与水平面的夹角不同关于出手时铅球的动能，下列判断正确的是（）A夹角越大，动能越大B夹角越大，动能越小C夹角为45时，动能最大D动能的大小与夹角无关14若使空间探测器挣脱太阳引力的束缚，其发射速度至少要达到（）A环绕速度B第一宇宙速度C第二宇宙速度D第三宇宙速度15下列关于物体所受的滑动摩擦力表述正确的是（）A方向垂直于接触面B大小与正压力成正比C大小与正压力成反比D方向始终与物体的运动方
5、向相同16如图所示为竖直平面内的三条路径物体沿路径1、2、3从P点运动到Q点的过程中，重力做功分别为W1、W2和W3，下列判断正确的是（）AW1W2BW1W3CW2W3DW1=W2=W317关于超重与失重，下列说法正确的是（）A超重就是物体所受的重力增加了B失重就是物体所受的重力减少了C完全失重就是物体所受的重力为零D超重或失重时物体所受的重力不变18如图所示，质量为m的小球，从离桌面H高处自由下落，已知桌面离地高度为h，若以桌面为参考平面，则小球落到地面时的重力势能为（g为重力加速度）（）AmghBmg（H+h）CmgHDmg（Hh）19绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，其向心力来源于（）A卫
6、星自带的动力B卫星的惯性C地球对卫星的引力D卫星对地球的引力20某同学在“探究匀变速直线运动”的实验中，使用了频率为50Hz的电磁打点计时器，在纸带上打下相邻两个点的时间间隔是（）A0.01 sB0.02 sC0.1 sD0.2 s21下列正确描述正点电荷电场线的图示是（）ABCD22如图所示，一通电直导线与匀强磁场方向垂直，导线所受安培力的方向是（）A向上B向下C垂直纸面向里D垂直纸面向外23电场线可以直观地描述电场的方向和强弱，电场线上某一点的切线方向表示（）A正点电荷在该点所受电场力的方向B负点电荷在该点所受电场力的方向C正点电荷在该点所受电场力的垂直方向D负点电荷在该点所受电场力的垂直
7、方向24如图，三角形线圈abc：放在范围足够大的匀强磁场中并做下列运动，能产生感应电流的是（）A向上平移B向右平移C向左平移D以ab为轴转动25发电机利用水力、风力等动力推动线圈在磁场中转动，将机械能转化为电能这种转化利用了（）A电流的热效应B电磁感应原理C电流的磁效应D磁场对电流的作用原理26如图所示，小磁针放置在螺线管轴线的左侧当螺线管通以恒定电流时，不计其它磁场的影响，小磁针静止时N极的指向是（）A向左B向右C向上D向下27电子通过磁场时会发生偏转，这是因为受到（）A库仑力的作用B万有引力的作用C洛伦兹力的作用D安培力的作用28如图所示，三个线圈放在匀强磁场中，面积S1S2S3穿过三个线
8、圈的磁通量分别为1、2和3，下列判断正确的是（）A1=2B2=3C12D3229下列过程中，没有直接利用电磁波的是（）A电冰箱冷冻食物B用手机通话C微波炉加热食物D用收音机收听广播30家用电饭锅使用的传感器类型是（）A温度传感器B声音传感器C红外传感器D湿度传感器二、单项选择题：本大题共20小题，每小题2分，共40分在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求31卡文迪许利用扭秤实验测量的物理量是（）A地球的半径B太阳的质量C地球到太阳的距离D万有引力常数32如图是某物体运动的位移一时间图象，由图可知（）A02 s内的位移是2 mB03 s内的位移是6 mC02 s内做匀加速直线运动D24
9、s内做匀速直线运动33下列描述物体做匀速直线运动的图象是（）ABCD34一物体受到两个力的作用，大小分别是6N和4N其合力F大小的范围是（）A2 NF10 NB4 NF10 NC6 NF10 ND4 NF6 N35如图所示，利用打点计时器打出的两条纸带1和2，分别记录了两辆小车的运动情况，纸带l上相邻两点的间距都相等下列判断正确的是（）A纸带1做减速直线运动B纸带1做加速直线运动C纸带2做变速直线运动D纸带2做匀速直线运动36在某一高度以3m/s的速度沿水平方向抛出一物体，忽略空气阻力，当物体的速度为5m/s时，其竖直方向的分速度为（）A1 m/sB2m/sC3m/sD4m/s37小球在做自由
10、落体运动的过程中，下列说法正确的是（）A小球的动能不变B小球的重力势能增大C小球的机械能减小D小球的机械能守恒38向空中抛出一个石子，若不计空气阻力，石子在飞行过程中，下列说法正确的是（）A石子质量越大，加速度越大B石子质量越大，加速度越小C石子的加速度大于重力加速度D石子的加速度等于重力加速度39如图所示，用力F把木块紧压在竖直墙上不动，木块对墙的压力为N木块受到的摩擦力为f，到的重力为G，则（）ANFBNFCfGDf=G40一个物体在10N合外力的作用下，产生了5m/s2的加速度，若使该物体产生8m/s2的加速度，所需合外力的大小是（）A12 NB14 NC16 ND18 N41如图所示，
11、飞机在竖直平面内俯冲又拉起，这一过程可看作匀速圆周运动在最低点时，飞行员对座椅的压力为F设飞行员所受重力为G则飞机在最低点时（）AF=0BFGCF=GDFG42水平地面上，一运动物体在10N摩擦力的作用下，前进5m后停止，在这一过程中物体的动能改变了（）A10 JB25 JC50 JD100 J43经典力学有一定适用范围和局限性，不适合用经典力学描述的是（）A飞行的子弹B绕地球运行的飞船C运行的列车D接近光速运动的粒子44如图所示，在“研究影响通电导体棒所受磁场力的因素”实验中，要使导体棒摆动幅度增大，以下操作中可行的是（）A减少磁铁的数量B更换成磁性较弱的磁铁C改变导体棒中的电流方向D增大导
12、体棒中的电流强度45如图所示的电场中，关于a、b两点的电场强度，下列判断正确的是（）A方向相同，大小相等B方向不同，大小不等C方向不同，大小相等D方向相同，大小不等46真空中两个静止点电荷间的相互作用力为F，若电量不变，间距变为原来的2倍，则两点电荷间的作用力大小变为（）ABC2FD4F47关于点电荷，下列说法正确的是（）A点电荷一定带正电B点电荷是实际带电体的理想化模型C点电荷一定带负电D只有带电量很小的带电体才能看作点电荷48如图所示，带负电的粒子g（不计重力），水平向左进人匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外该粒子将（）A向下偏转B向上偏转C垂直纸面向里偏转D垂直纸面向外偏转49关于家庭安全用
13、电，下列做法正确的是（）A所有家用电器都使用二孔插座B家用电器使用时需考虑供电电线的粗细C用湿抹布擦工作中的电器上的灰尘D将多个大功率电器在同一个移动插座上并同时使用50如图所示的电路中，若要灯泡持续发光，则S端应该接入（）A交流电源B直流电源C滑动变阻器D开关三、多项选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分在每小题列出的四个选项中，至少有2个选项是符合题目要求的，全部选对得3分，少选且正确得1分，未选、错选不得分51下列关于惯性的说法正确的是（）A汽车的质量越大，惯性越大B汽车的速度越大，惯性越大C汽车静止时，车上的乘客没有惯性D汽车急刹车时，乘客的身体由于惯性而发生倾斜52关于匀加速
14、直线运动，下列表述正确的是（）A平抛运动是匀加速直线运动B斜抛运动是匀加速直线运动C匀加速直线运动的加速度大小恒定D匀加速直线运动的加速度方向与速度方向相同53如图是一物体做直线运动的速度时间图象，根据图象，下列计算结果正确的有（）A01 s内的位移是1 mB02 s内的位移是2 mCO1 s内的加速度为零D12 s内的加速度大小为2m/s254关于速度和加速度，下列说法正确的是（）A加速度是描述速度变化快慢的物理量B加速度的方向可能与速度的方向相反C物体的加速度越大，它的速度也一定越大D物体的加速度为零，它的速度也一定为零55下列属于离心现象的是（）A投出篮球B投掷标枪C用洗衣机脱去湿衣服中
15、的水D旋转雨伞甩掉雨伞上的水滴56关于做功和功率，下列说法正确的有（）A地面支持力对静止在地面上的物体不做功B举重运动员举起杠铃的过程中对杠铃做了功C在国际单位制中，功率的单位是牛顿D在国际单位制中，功率的单位是瓦特57关于能量和能源，下列表述正确的是（）A能量可以从一种形式转化为另一种形式B能量可以从一个物体转移到另一个物体C能量是守恒的，所以能源永不枯竭D能源在利用过程中有能量耗散，这表明能量不守恒58电动机是将电能转化为机械能的设备下列使用了电动机的电器是（）A电风扇B电饭锅C洗衣机D日光灯59下列现象中，能表明电和磁有联系的是（）A摩擦起电B两块磁铁相互吸引或排斥C小磁针靠近通电导线时
16、偏转D磁铁插入闭合线圈的过程中，线圈中产生感应电流60图是测试热敏电阻R的实验电路图，滑动变阻器已调节到某一适当的值实验中观察到当温度升高时灯更亮对实验现象分析正确的有（）A温度升高，电路中的电流减小B温度升高，电路中的电流增大C温度升高，热敏电阻的阻值增大D温度升高，热敏电阻的阻值减小2015-2016学年广东省肇庆四中高二（下）第一次月考物理试卷（文科）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共30小题，每小题1分，共30分在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求1在经典力学的建立过程中，牛顿和伽利略均作出了重要贡献下列说法正确的是（）A伽利略总结出了惯性定律B牛顿提出了万有引力定律
17、C伽利略总结得出作用力和反作用力之间的关系D牛顿利用理想实验推断出匀速运动需要力来维持【考点】物理学史【分析】伽利略：主要是比萨斜塔实验和对自由落体运动的研究为牛顿运动定律打下基础以及用理想实验推断出匀速运动不需要力来维持牛顿：主要是牛顿运动定律和万有引力定律【解答】解：A：伽利略：主要贡献是比萨斜塔实验和对自由落体运动的研究为牛顿运动定律打下基础以及用理想实验推断出匀速运动不需要力来维持故A错误B：牛顿：主要贡献是牛顿运动定律和万有引力定律故B正确C：作用力与反作用力之间的关系是牛顿第三定律的内容，不是伽利略的故C错误D：伽利略用理想实验推断出匀速运动不需要力来维持故D错误故选：B【点评】记
18、清楚物理课本上出现的名人以及他们的主要贡献即可2下列物理量为矢量的是（）A速度B时间C动能D质量【考点】矢量和标量【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量【解答】解：A、速度是既有大小又有方向的矢量，故A正确B、C、D时间、动能和质量都只有大小没有方向，是标量，故BCD错误故选：A【点评】本题要知道矢量与标量的概念，掌握它们之间的区别：矢量有方向，标量没有方向3在下列力学单位中，属于国际单位制中基本单位的是（）A毫米B厘米C千克D克【考点】力学单位制【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中
19、的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位【解答】解：所以三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s所以C正确故选C【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的4在物理学中，突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的物理模型，是经常采用的一种科学研究方法，质点就是这种物理模型之一关于地球能否看作质点，下列说法正确的是（）A地球的质量太大，不能把地球看作质点B地球的体积太大，不能把地球看作质点C研究地球的自转时可以把地球看作质点D研究地球绕太阳公转时可以把地球看
20、作质点【考点】质点的认识【分析】物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，同一个物体在不同的问题中，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题【解答】解：一个物体能不能看成质点，要看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，地球的质量、体积当对所分析研究的问题没有影响时，就可以看成质点，所以A、B选项都不对C、研究地球的自转时，地球的大小是不能忽略的，没了大小，就没有自转的说法了，所以此时地球不能看成质点，故C错误D、研究地球绕太阳公转时，地球的大小相对于地球和太阳之间的距离来说太小了，完全可以忽略，此时可以看成质点，所以D选项正确故选：D【点评】考查学生对质点
21、这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略5在行驶汽车上的乘客，看到道路两旁的树木不断向后退，这是因为乘客选择的参考系是（）A所乘坐的汽车B地面上的建筑物C道路旁的树木D路边站着的人【考点】参考系和坐标系【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系【解答】解：A、如果选所乘坐的汽车为参考系，乘车人看到道路两旁的树木不断向后退，故A正确B、如果选地面上的建筑物为参考系，因为建筑物与树木是
22、相对静止的，所以应该看到树木静止不动，故B错误C、如果选道路旁的树木为参考系，因为树木是相对静止的，所以应该看到树木静止不动，故C错误D、如果选路边站着的人为参考系，因为路边站着的人与树木是相对静止的，所以应该看到树木静止不动，故D错误故选：A【点评】为了研究和描述物体的运动，我们引入了参考系，选择不同的参考系，同一物体相对于不同的参考系，运动状态可以不同，选取合适的参考系可以使运动的研究简单化6下列图示为一位体操运动员的几种挂杠方式，其手臂用力最小的是（）ABCD【考点】合力的大小与分力间夹角的关系【分析】本题中人受到三个力，重力和两个拉力将重力按照力的效果分解，运用“大小方向确定的一个力分
23、解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大”的结论，即可以判断【解答】解：将人所受的重力按照效果进行分解，由于大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而A图中人最费力，B图中人最省力；故选B【点评】本题运用“大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大”结论判断7根据牛顿运动定律，下列表述正确的是（）A力是维持物体运动的原因B力是改变物体运动状态的原因C外力停止作用后，物体由于惯性会停止D物体做匀速直线运动时，所受合外力不为零【考点】惯性【分析】力是改变物体
24、运动状态的原因，力是产生加速度的原因，维持物体运动的原因是物体的惯性，物体的速度不变，物体所受的合外力为0【解答】解：A、力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动的原因是物体的惯性，故A错误B、力是改变物体运动状态的原因，即力是产生加速度的原因，故B正确C、力是改变物体运动状态的原因，外力停止作用后，物体由于惯性而做匀速直线运动，故C错误D、物体做匀速直线运动时，由于物体的加速度为0，物体所受合外力也为0，故D错误故选B【点评】掌握了惯性的定义和力的定义就能顺利解决此题8关于一对作用力和反作用力，下列说法正确的是（）A它们的方向相同B它们的大小不相等C它们同时产生，同时消失D它们作用在同一物体
25、上【考点】作用力和反作用力【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失【解答】解：A、由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，但不在同一物体上，故ABD错误；C、作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上；不存在不符合规律的时刻，故同时产生、同时变化、同时消失，故C正确；故选：C【点评】考查牛顿第三定律及其理解理解牛顿第三定律与平衡力的区别9关于弹力，下列表述正确的是（）A杯子放在桌面上，杯和桌均不发生形变B杯子放在桌面上，杯和桌之间没有弹
26、力作用C在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的长度成正比D在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长（或缩短）量成正比【考点】物体的弹性和弹力【分析】知道弹力产生的条件是物体间相互接触并发生弹性形变能根据弹力的定义知道弹力是由于哪一个物体发生形变产生的根据胡克定律，F=kx，掌握x的含义，即可求解【解答】解：A、杯和桌相互接触并相互挤压发生了弹性形变，杯和桌之间有弹力作用，杯子放在桌面上，杯对桌的压力是由于杯子发生了形变，杯子由于要恢复形变，杯子就会对接触的物体产生力的作用，故AB错误C、根据胡克定律，F=kx，可知，弹簧的弹力与弹簧的形变量成正，在弹性限度内的形变越大，产生的弹力也越大，故C错误，D正确
27、故选D【点评】能够利用弹力的条件判断物之间有无弹力知道弹力的产生是由于施力物体发生形变而产生的并掌握胡克定律的适用条件及x的含义10如图所示，细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点做匀速转动，下列说法正确的是（）Aa、b两球线速度相等Ba、b两球角速度相等Ca球的线速度比b球的大Da球的角速度比b球的大【考点】线速度、角速度和周期、转速【分析】共轴转动，角速度相等根据v=r可比较线速度大小【解答】解：BD、细杆上固定两个小球a和b，杆绕0点做匀速转动，所以a、b属于同轴转动，故两球角速度相等，故B正确，D错误；AC、由图可知b的半径比a球半径大，根据v=r可知：a球的线速度比b球的小，故AC错误故
28、选：B【点评】解决本题的关键是抓住共轴转动，角速度相等，皮带传动线速度相同11某一时刻，一物体沿水平和竖直方向的分速度分别为8m/s和6m/s，则该物体的速度大小是（）A2 m/sB6 m/sC10 m/sD14 m/s【考点】运动的合成和分解【分析】合速度与分速度遵循平行四边形定则，直接作图合成即可【解答】解：速度是矢量，其合成遵循平行四边形定则，如图故合速度为v=m/s=10m/s故选C【点评】合运动与分运动的速度、位移和加速度都是矢量，合成都都遵循平行四边形定则12下列做平抛运动的物体是（）A升空的火箭B树上落下的果实C投向篮框的篮球D水平飞行的飞机释放的物体【考点】平抛运动【分析】要判
29、断题目所列举的运动是否是平抛运动，关键是要正确理解平抛运动的特点，明确平抛运动规律【解答】解：平抛运动特点，物体只受重力作用，初速度和重力平衡，即水平方向匀速运动，竖直方向自由落体运动，故ABC错误，D正确故选D【点评】平抛运动是高中所学的一种重要运动模型，要正确理解和应用13某同学投掷铅球，每次出手时，铅球速度的大小相等，但方向与水平面的夹角不同关于出手时铅球的动能，下列判断正确的是（）A夹角越大，动能越大B夹角越大，动能越小C夹角为45时，动能最大D动能的大小与夹角无关【考点】动能定理的应用【分析】运用动能的定义式解决问题，知道动能是标量，大小与速度方向无关【解答】解：动能的定义式Ek=m
30、v2每次出手时，铅球速度的大小相等，所以出手时铅球的动能相等，动能是标量，速度方向与水平面的夹角不同不影响动能故选D【点评】该题考查动能这个物理量是一个标量，与速度方向无关当然我们应该知道所有的能量都是标量，没有方向14若使空间探测器挣脱太阳引力的束缚，其发射速度至少要达到（）A环绕速度B第一宇宙速度C第二宇宙速度D第三宇宙速度【考点】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度【分析】空间探测器挣脱太阳引力的束缚，将会成为太阳系以外运行的小行星，其最小发射速度称为第三宇宙速度，为16.7km/s【解答】解：第三宇宙速度是指物体达到16.7千米/秒的运动速度时能摆脱太阳引力束缚的一种速度所以要挣脱
31、太阳引力的束缚，其发射速度至少要达到第三宇宙速度故选D【点评】中学阶段涉及到三个宇宙速度，第一宇宙速度是指物体紧贴地球表面作圆周运动的速度（也是人造地球卫星的最小发射速度），大小为7.9km/s；第二宇宙速度为是指物体完全摆脱地球引力束缚，飞离地球的所需要的最小初始速度，大小为11.2km/s；第三宇宙速度是指在地球上发射的物体摆脱太阳引力束缚，飞出太阳系所需的最小初始速度，其大小为16.7km/s； 其中第一宇宙速度要能推导，第二和第三宇宙速度要能记住15下列关于物体所受的滑动摩擦力表述正确的是（）A方向垂直于接触面B大小与正压力成正比C大小与正压力成反比D方向始终与物体的运动方向相同【考点
32、】摩擦力的判断与计算【分析】滑动摩擦力方向总是沿接触面，并且与物体间相对运动的方向相反，大小与正压力成正比【解答】解：A、滑动摩擦力方向总是沿接触面故A错误 B、C根据公式F=FN，滑动摩擦力大小与正压力成正比故B正确，C错误 D、滑动摩擦力方向总是与物体间相对运动的方向相反，不一定与物体的运动方向相同故D错误故选：B【点评】本题考查对滑动摩擦力的理解能力对于滑动摩擦力方向，可能与物体的运动相反，也可能与物体的运动方向相同，但总是与物体间相对运动的方向相反16如图所示为竖直平面内的三条路径物体沿路径1、2、3从P点运动到Q点的过程中，重力做功分别为W1、W2和W3，下列判断正确的是（）AW1W
33、2BW1W3CW2W3DW1=W2=W3【考点】功的计算【分析】本题根据重力做功只与物体的初末位置有关，与经过的路径无关即可判断【解答】解：物体沿不同的路径从P运动到Q，但P、Q间的高度差一定，根据重力做功公式 W=mgh，可知，重力做功相等，即有：W1=W2=W3；故D正确故选：D【点评】解决本题关键掌握重力做功的特点：与路径无关，只与物体的初末位置有关17关于超重与失重，下列说法正确的是（）A超重就是物体所受的重力增加了B失重就是物体所受的重力减少了C完全失重就是物体所受的重力为零D超重或失重时物体所受的重力不变【考点】超重和失重【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处
34、于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g【解答】解：A、超重是物体对接触面的压力大于物体的真实重力，物体的重力并没有增加，故A错误；B、物体处于失重时，是指物体的“视重”减少了，物体的重力并没有减少，故B错误；C、D、物体处于完全失重时，重力全部用来提供加速度，对支持它的支持面压力为零，重力并没有消失故C错误；D、超重或失重时物体所受的重力不变故D正确故选：D【点评】超重和失重是指物体对悬挂物的拉力或对支持物的压力大于重力，应注意本身的重力是不
35、变的18如图所示，质量为m的小球，从离桌面H高处自由下落，已知桌面离地高度为h，若以桌面为参考平面，则小球落到地面时的重力势能为（g为重力加速度）（）AmghBmg（H+h）CmgHDmg（Hh）【考点】重力势能【分析】物体由于被举高而具有的能叫做重力势能对于重力势能，其大小由地球和地面上物体的相对位置决定物体质量越大、位置越高、做功本领越大，物体具有的重力势能就越大，其表达式为：Ep=mgh【解答】解：以桌面为零势能参考平面，小球落到地面时的高度为h，重力势能为：Ep2=mgh；故选：A【点评】本题关键是明确重力势能的定义公式中高度是相对与零势能面而言的，可以取负值，基础题19绕地球做匀速圆
36、周运动的人造卫星，其向心力来源于（）A卫星自带的动力B卫星的惯性C地球对卫星的引力D卫星对地球的引力【考点】万有引力定律及其应用【分析】绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，万有引力提供向心力【解答】解：绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，是由万有引力提供向心力的，即地球对卫星的引力提供向心力故选C【点评】本题考查万有引力的应用，应明确所有天体的圆周运动都是因为受到了万有引力的作用20某同学在“探究匀变速直线运动”的实验中，使用了频率为50Hz的电磁打点计时器，在纸带上打下相邻两个点的时间间隔是（）A0.01 sB0.02 sC0.1 sD0.2 s【考点】探究小车速度随时间变化的规律【分析】频率为50
37、Hz的电磁打点计时器，每秒打点个数为50个，即纸带上打下相邻两个点的时间间隔是0.02s【解答】解：因为打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，每秒打点个数为50个，即纸带上打下相邻两个点的时问间隔是0.02s，即周期和频率之间的关系为：T=故ACD错误，B正确故选B【点评】解打点计时器的工作原理、计时间隔、使用电源电压以及交流电源的频率，本题属于简单题21下列正确描述正点电荷电场线的图示是（）ABCD【考点】电场线【分析】电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，电场线不相交不闭合本题依据电场线的这些特点即可正确解答【解答】解：正点电荷周围的电场线从正电荷出发终止于无限远的直线，且
38、电场线不闭合，因此BCD错误，A正确故选A【点评】掌握电场线的基本性质以及各种电荷周围电场线的分布情况是将来解决复杂问题的基础，因此不可忽视，要加强练习22如图所示，一通电直导线与匀强磁场方向垂直，导线所受安培力的方向是（）A向上B向下C垂直纸面向里D垂直纸面向外【考点】左手定则【分析】已知电流和磁场方向，由左手定则可直接判断安培力的方向【解答】解：由左手定则可知，手掌向外，四指指向电流方向，则大拇指向上，故安培力的方向向上；故选A【点评】本题考查左手定则的应用，题目简单，正确应用左手定则即可求解23电场线可以直观地描述电场的方向和强弱，电场线上某一点的切线方向表示（）A正点电荷在该点所受电场
39、力的方向B负点电荷在该点所受电场力的方向C正点电荷在该点所受电场力的垂直方向D负点电荷在该点所受电场力的垂直方向【考点】电场强度；电场线【分析】电场强度是描述电场强弱的物理量，大小由某点电荷所受电场力与其电荷量的比值来确定，方向即为正电荷所受电场力的方向【解答】解：电场线上某一点的切线方向表示电场强度的方向，当是正点电荷时，所受电场力的方向与电场强度方向相同；若是负点电荷时，所受电场力的方向与电场强度方向相反故只有A选项正确；故选：A【点评】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向24如图，三角形线圈abc：放在范围足够大的匀强磁场中并做下列运动，能产生感应电流的
40、是（）A向上平移B向右平移C向左平移D以ab为轴转动【考点】导体切割磁感线时的感应电动势【分析】解答本题关键应掌握：产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化，分析磁通量是否变化，判断能否产生感应电流【解答】解：A、B、C线圈向上平移、向右平移、向左平移时，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生故ABC错误D、以ab为轴转动，磁通量减小，线圈将产生感应电流故D正确故选D【点评】本题关键要掌握产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化，由穿过线圈的磁感线条数表示磁通量即可判断磁通量的变化25发电机利用水力、风力等动力推动线圈在磁场中转动，将机械能转化为电能这种转化利用了（）A电流的热
41、效应B电磁感应原理C电流的磁效应D磁场对电流的作用原理【考点】电磁感应在生活和生产中的应用【分析】在动力作用下线圈在磁场中转动，从而将机械能转化为电能，实现磁生电的目标【解答】解：A、电流的热效应是电阻通电后电流做功，从而将电能转化为热能故A错误；B、电磁感应原理是线圈在磁场中受到力的作用产生电能，实现磁生电的过程，故B正确；C、电流的磁效应是奥斯特发现导线通电后周围产生磁场，故C错误；D、磁场对电流的作用力，通电导线在磁场中受到安培力故D错误；故选：B【点评】发电机是磁生电，而电动机则是电生磁26如图所示，小磁针放置在螺线管轴线的左侧当螺线管通以恒定电流时，不计其它磁场的影响，小磁针静止时N
42、极的指向是（）A向左B向右C向上D向下【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；电流的磁场对磁针的作用【分析】利用安培定则判断通电螺线管周围磁场方向，然后根据磁场方向的定义即可判断小磁针静止时N极的指向【解答】解：根据安培定则可以判断通电螺线管左则为N极，右侧为S极，因此左侧小磁针静止时N极指向左侧，故BCD错误，A正确故选A【点评】对于磁场方向的规定，安培定则等基础知识要熟练掌握，为以后的学习打下基础27电子通过磁场时会发生偏转，这是因为受到（）A库仑力的作用B万有引力的作用C洛伦兹力的作用D安培力的作用【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【分析】电子在磁场中运动时发生偏转，是由于受到洛伦兹
43、力的作用库仑力是电场对带电粒子的作用力，万有引力是宇宙万物之间普遍存在的引力，安培力是磁场对通电导体的作用力【解答】解：A、库仑力是电场对带电粒子的作用力，而电子通过的是磁场，发生偏转不是由于库仑力的作用故A错误 B、万有引力是宇宙万物之间普遍存在的引力，电子质量很小，所受其他物体的万有引力很小，不足以引起电子偏转故B错误 C、电子通过磁场时，磁场对电子有洛伦兹力的作用而发生偏转故C正确 D、安培力是磁场对通电导体的作用力故D错误故选C【点评】本题考查对洛伦兹力的理解能力库仑力、电场力、洛伦兹力、万有引力是本质不同的力，不能混淆本题比较容易28如图所示，三个线圈放在匀强磁场中，面积S1S2S3
44、穿过三个线圈的磁通量分别为1、2和3，下列判断正确的是（）A1=2B2=3C12D32【考点】磁通量【分析】判断磁通量的变化可根据穿过磁感线条数多少来定性判断，也可从公式=BS来判断【解答】解：根据公式=BS，从图中看出，面积S1S2S3，所以线圈S3穿过的磁感线条数最多，所以磁通量最大，线圈S1穿过的磁感线条数最少，所以磁通量最少故A、B、C错误，D正确故选：D【点评】解决本题的关键是掌握判断磁通量变化的方法，一是根据穿过磁感线条数多少来定性判断，二是根据公式=BS来判断29下列过程中，没有直接利用电磁波的是（）A电冰箱冷冻食物B用手机通话C微波炉加热食物D用收音机收听广播【考点】电磁波的应
45、用【分析】手机通话、收音机接收听广播都是利用无线电波，微波炉加热食物用的是微波，无线电波和微波都属于电磁波电冰箱冷冻食物没有用到电磁波【解答】解：A、电冰箱冷冻食物没有用到电磁波故A正确 B、用手机通话用的是无线电波故B错误 C、微波炉加热食物用的是微波故C错误 D、用收音机收听广播用的是无线电波故D错误故选A【点评】解决本题的关键知道生活中的电器哪些用的是电磁波，电磁波包括无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、射线30家用电饭锅使用的传感器类型是（）A温度传感器B声音传感器C红外传感器D湿度传感器【考点】传感器在生产、生活中的应用【分析】电饭锅工作当温度达到某特定值时，永磁体与感温
46、磁体开始分离，会自动切断电源【解答】解：开始煮饭时，用手压下开关按钮，永磁体与感温磁体相吸，手松开后，按钮不再恢复到图示状态，则触点接通，电热板通电加热，水沸腾后，由于锅内保持100不变，故感温磁体仍与永磁体相吸，继续加热，直到饭熟后，水分被大米吸收，锅底温度升高，当温度升至“居里点103”时，感温磁体失去铁磁性，在弹簧作用下，永磁体被弹开，触点分离，切断电源，从而停止加热家用电饭锅使用的传感器类型是温度传感器故选：A【点评】如果用电饭锅烧水，在水沸腾后因为水温保持在100，故不能自动断电，只有水烧干后，温度升高到103，才能自动断电二、单项选择题：本大题共20小题，每小题2分，共40分在每小
47、题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求31卡文迪许利用扭秤实验测量的物理量是（）A地球的半径B太阳的质量C地球到太阳的距离D万有引力常数【考点】万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定【分析】卡文迪许利用扭秤实验测量的物理量是万有引力常数，不是地球的半径，太阳的质量，地球到太阳的距离【解答】解：卡文迪许根据牛顿的万有引力定律，利用扭秤实验测量出了万有引力常数G，此实验与地球的半径，太阳的质量，地球到太阳的距离没有关系，无法测量出这三个量故选D【点评】本题实质是考查物理学史万有引力定律是牛顿发现的，而万有引力常数是英国的物理学家卡文迪许测量的32如图是某物体运动的位移一时间图象，由图可知（）A0
48、2 s内的位移是2 mB03 s内的位移是6 mC02 s内做匀加速直线运动D24 s内做匀速直线运动【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】解答本题应抓住：位移时间图象的斜率等于物体速度位移图象纵坐标的变化量等于物体位移的大小根据斜率等于速度分析物体析运动情况【解答】解：A、位移图象纵坐标的变化量等于物体位移的大小，则02s内和03s内的位移是x=20=2m，故A正确，B错误；C、位移时间图象的斜率等于物体速度，则02s内做匀速直线运动，24s内处于静止状态故CD错误故选：A【点评】本题要注意位移图象并不是物体的运动轨迹，要抓住图线的斜率等于速度分析物体的运动性
49、质33下列描述物体做匀速直线运动的图象是（）ABCD【考点】匀变速直线运动的图像【分析】vt图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度【解答】解：根据图象可知：A做匀减速直线运动；B先做匀加速直线运动，后做匀加速直线运动；C做匀速运动；D做匀加速直线运动故选C【点评】本题考查了匀速直线运动速度时间图象的特点，属于基础题34一物体受到两个力的作用，大小分别是6N和4N其合力F大小的范围是（）A2 NF10 NB4 NF10 NC6 NF10 ND4 NF6 N【考点】力的合成【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零（方向相同）时合力最
50、大，夹角180（方向相反）时合力最小，合力范围为：|F1+F2|F|F1F2|【解答】解：当二力夹角为零时，即两个力在同一直线上，并且方向相同，合力最大、最大值为F1+F2=6N+4N=10N；当夹角180时，即两个力在同一直线上，并且方向相反，合力最小、最小值为F1F2=6N4N=2N；故合力的范围为2NF10N；故选：A【点评】本题关键求出合力分范围，当两力同向时合力最大，两力反向时，合力最小35如图所示，利用打点计时器打出的两条纸带1和2，分别记录了两辆小车的运动情况，纸带l上相邻两点的间距都相等下列判断正确的是（）A纸带1做减速直线运动B纸带1做加速直线运动C纸带2做变速直线运动D纸带
51、2做匀速直线运动【考点】用打点计时器测速度【分析】打出的纸带相邻两点间的时间间隔相同，根据相邻两点的间距变化判断纸带的运动性质【解答】解：A、打出的纸带相邻两点间的时间间隔相同，纸带l上相邻两点的间距都相等所以纸带1做匀速直线运动，故A、B错误C、打出的纸带相邻两点间的时间间隔相同，纸带2从左向右相邻两点的间距越来越大，所以纸带2做变速直线运动，故C正确，D错误故选：C【点评】根据纸带上相邻点的距离间隔判断纸带的运动情况是应用打点计时器解决问题的常见思路36在某一高度以3m/s的速度沿水平方向抛出一物体，忽略空气阻力，当物体的速度为5m/s时，其竖直方向的分速度为（）A1 m/sB2m/sC3
52、m/sD4m/s【考点】平抛运动【分析】平抛运动可分解为水平方向的匀速直线运动，竖直方向的自由落体运动，物体的速度等于水平和竖直方向的合速度【解答】解：平抛运动可分解为水平方向的匀速直线运动，竖直方向的自由落体运动，则，解得：故选：D【点评】本题考查了平抛运动瞬时速度和水平方向速度及竖直方向速度的关系，难度不大，属于基础题37小球在做自由落体运动的过程中，下列说法正确的是（）A小球的动能不变B小球的重力势能增大C小球的机械能减小D小球的机械能守恒【考点】机械能守恒定律；自由落体运动【分析】小球在做自由落体运动的过程中，速度增加，动能增大，重力做正功，重力势能减小，只有重力做功，机械能守恒【解答
53、】解：A、小球在做自由落体运动的过程中，速度增加，动能增大，故A错误B、小球在做自由落体运动的过程中，重力做正功，重力势能减小，故B错误C、小球在做自由落体运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒故C错误，D正确故选D【点评】知道重力做功量度重力势能的变化，掌握机械能守恒的条件38向空中抛出一个石子，若不计空气阻力，石子在飞行过程中，下列说法正确的是（）A石子质量越大，加速度越大B石子质量越大，加速度越小C石子的加速度大于重力加速度D石子的加速度等于重力加速度【考点】平抛运动【分析】石子做的是平抛运动，研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向
54、做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同【解答】解：A、平抛运动的物体的加速度都是重力加速度，与物体的质量无关，所以A错误B、通过A的分析可知，B错误C、平抛运动的物体的加速度都是重力加速度，所以C错误D、平抛运动的物体的加速度都是重力加速度，所以D正确故选D【点评】平抛运动的物体的加速度都是重力加速度，与物体无关，由平抛运动的规律可以直接作出判断，本题比较简单39如图所示，用力F把木块紧压在竖直墙上不动，木块对墙的压力为N木块受到的摩擦力为f，到的重力为G，则（）ANFBNFCfGDf=G【考点】共点力平衡的条件及其应用【分析】木块处于静止状态，受力平衡，对物体受力分析，根据平衡条件分析即可
55、【解答】解：对物体进行受力分析：重力G、墙的支持力N和摩擦力f、压力F，作出力图，如图所示，由于木块压在竖直墙上不动，则根据平衡条件得：N=F，f=G故选：D【点评】本题是简单的平衡问题，分析受力情况、作出力图是解题的关键40一个物体在10N合外力的作用下，产生了5m/s2的加速度，若使该物体产生8m/s2的加速度，所需合外力的大小是（）A12 NB14 NC16 ND18 N【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】根据牛顿第二定律求出物体的质量，再结合牛顿第二定律求出物体在6N的合外力作用下产生的加速度大小【解答】解：根据牛顿第二定律得，物体的质量m=2kg由牛顿第二定律知：若使该
56、物体产生8m/s2的加速度，所需合外力的大小是F=ma=28=16N故ABD错误，C正确故选：C【点评】解决本题的关键掌握牛顿第二定律，抓住质量不变进行求解41如图所示，飞机在竖直平面内俯冲又拉起，这一过程可看作匀速圆周运动在最低点时，飞行员对座椅的压力为F设飞行员所受重力为G则飞机在最低点时（）AF=0BFGCF=GDFG【考点】牛顿第二定律；向心力【分析】飞机在竖直平面内作匀速圆周运动，经过最低点时，飞行员受到重力G，座椅的支持力F，根据牛顿第二定律分析这两个力的大小根据牛顿第三定律可知，飞行员对座椅的压力大小等于座椅对飞行员的支持力大小【解答】解：飞机在竖直平面内作匀速圆周运动，经过最低
57、点时，飞行员受到竖直向下的重力G，座椅的竖直向上的支持力F，它们的合力提供向心力，加速度方向竖直向上，合力方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析得知，FG根据牛顿第三定律可知，飞行员对座椅的压力大小F等于座椅对飞行员的支持力大小F所以FG故选D【点评】对于圆周运动中涉及力的问题，常常要分析物体的受力情况，运用向心力知识进行研究42水平地面上，一运动物体在10N摩擦力的作用下，前进5m后停止，在这一过程中物体的动能改变了（）A10 JB25 JC50 JD100 J【考点】动能定理的应用【分析】直接运用动能定理解题，即EK=W合，只有摩擦力做功【解答】解：该物体从运动到停止的过程中运用动能定理得：E
58、K=W合=fs=105=50J，所以在这一过程中物体的动能改变了50J故选：C【点评】本题考查了求物体动能的变化量，由动能定理可知，物体动能的变化等于合外力的功，应用动能定理即可正确解题43经典力学有一定适用范围和局限性，不适合用经典力学描述的是（）A飞行的子弹B绕地球运行的飞船C运行的列车D接近光速运动的粒子【考点】经典时空观与相对论时空观的主要区别【分析】经典力学的局限性是宏观物体及低速运动当达到高速时，经典力学就不在适用【解答】解：子弹的飞行、飞船绕地球的运行及列车的运行都属低速，经典力学能适用而粒子接近光速运动，则经典力学就不在适用故选：D【点评】当物体的速度接近光速时，从相对论角度来
59、说，时间延长、空间缩短、质量增加44如图所示，在“研究影响通电导体棒所受磁场力的因素”实验中，要使导体棒摆动幅度增大，以下操作中可行的是（）A减少磁铁的数量B更换成磁性较弱的磁铁C改变导体棒中的电流方向D增大导体棒中的电流强度【考点】安培力【分析】要使导体摆动的幅度增大，只要增大安培力即可，根据安培力的公式F=BIL，知安培力大小与哪些因素有关【解答】解：增大安培力即可使导体摆动的幅度增大，根据安培力的公式F=BIL可知，A、减小磁铁的数量，在磁场中有效长度减小，安培力减小；故A错误，B、将磁铁更换成磁性较弱的，磁感应强度减小，安培力减小，故B错误；C、改变导体棒中的电流方向，只会改变安培力的
60、方向，不会改变安培力的大小，故C错误；D、增大导体棒中的电流强度，安培力增大；故D正确故选D【点评】解决本题的关键掌握安培力的大小公式，知道安培力的大小跟哪些因素有关45如图所示的电场中，关于a、b两点的电场强度，下列判断正确的是（）A方向相同，大小相等B方向不同，大小不等C方向不同，大小相等D方向相同，大小不等【考点】电场线；电场强度【分析】电场线越密，代表电场强度越大，电场线的方向就是电场强度的方向【解答】解：电场线的疏密代表场强的强弱，电场线越密，代表电场越强，从图可以看出b点的电场线的密集程度大于a点电场线的密集程度，故EbEa；又电场线的方向就是电场强度的方向，由图可知ab两点的电场
61、线的方向不同，故ab两点的电场强度的方向不同故B正确故选B【点评】把握电场线的特点即可顺利解决此题46真空中两个静止点电荷间的相互作用力为F，若电量不变，间距变为原来的2倍，则两点电荷间的作用力大小变为（）ABC2FD4F【考点】库仑定律【分析】根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题【解答】解：真空中两个静止点电荷间的静电力大小为F=，电荷电量不变，两点电荷间的距离减小到原来的2倍，则两点电荷间的静电力大小F=F故选B【点评】根据题意和选项，清楚变量和不变量，再根据库仑定律解决问题47关于点电荷，下列说法正确的是（）A点电荷一定带正电B点电荷是实际带电体的理想化模型C点电荷一定带负电D
62、只有带电量很小的带电体才能看作点电荷【考点】元电荷、点电荷【分析】点电荷和质点类似，都是一种理想化的模型，当带电体的体积和电荷量对电场的分布没有影响或者是影响可以忽略时，带电体就可以看成是点电荷【解答】解：当带电体的体积和电荷量对电场的分布没有影响或者是影响可以忽略时，带电体就可以看成是点电荷，与电荷的种类无关，点电荷和质点类似，都是一种理想化的模型，所以B正确，ACD错误故选B【点评】本题是基础的题目，考查的就是学生对基本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累48如图所示，带负电的粒子g（不计重力），水平向左进人匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外该粒子将（）A向下偏转B向上偏转C垂直纸面向里偏转D
63、垂直纸面向外偏转【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；判断洛仑兹力的方向【分析】根据左手定则判断洛伦兹力的方向，得到粒子的偏转方向【解答】解：粒子带负电，向左移动，根据左手定则，洛伦兹力向下，故带电粒子向下偏转且做圆周运动；故选A【点评】根据左手定则直接判断洛伦兹力方向即可49关于家庭安全用电，下列做法正确的是（）A所有家用电器都使用二孔插座B家用电器使用时需考虑供电电线的粗细C用湿抹布擦工作中的电器上的灰尘D将多个大功率电器在同一个移动插座上并同时使用【考点】家庭电路和安全用电知识【分析】家庭用电必须注意安全，生命只有一次除安装触保之外，还要用电常识【解答】解：A、家用电器有的使用二孔插座，有
64、的使用三孔插座故A错误；B、家用电器使用时需考虑供电电线的粗细，避免负载太大，会导致导线烧毁故B正确；C、当用湿抺布擦去工作中电器上的灰尘时，此时电器正在工作，所以导致电路短路烧毁故C不正确；D、消毒碗柜、电饭煲和电冰箱等大功率电器不能同时使用同一个移插座，原因是负载太大，会导致插座烧毁故D不正确；故选：B【点评】用电确保安全，不能超负荷，同时有三脚插头时必须要有接地线50如图所示的电路中，若要灯泡持续发光，则S端应该接入（）A交流电源B直流电源C滑动变阻器D开关【考点】自感现象和自感系数【分析】电容器的特点是：通交流，隔直流，通高频，阻低频【解答】解：若要灯泡持续发光，则S端应该接入交流电源
65、，直流电不能通过电容器故选：A【点评】了解电容器对交流电的作用：通高频，阻低频；电感线圈对交流电的作用：通低频，阻高频三、多项选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分在每小题列出的四个选项中，至少有2个选项是符合题目要求的，全部选对得3分，少选且正确得1分，未选、错选不得分51下列关于惯性的说法正确的是（）A汽车的质量越大，惯性越大B汽车的速度越大，惯性越大C汽车静止时，车上的乘客没有惯性D汽车急刹车时，乘客的身体由于惯性而发生倾斜【考点】惯性【分析】惯性是物体固有的属性，惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小和质量成正比【解答】解：A、惯性是物体固有的属性，惯性之跟质量有关，质量越大，惯
66、性越大，和物体的运动状态无关，故A正确，BC错误；D、汽车急刹车时，由于惯性人保持向前运动，所以乘客的身体发生倾斜，故D正确故选AD【点评】考查了学生对惯性的理解，学生要牢固掌握惯性的大小只与质量有关，质量是物体惯性大小的度量52关于匀加速直线运动，下列表述正确的是（）A平抛运动是匀加速直线运动B斜抛运动是匀加速直线运动C匀加速直线运动的加速度大小恒定D匀加速直线运动的加速度方向与速度方向相同【考点】匀变速直线运动的公式【分析】匀加速直线运动是加速度大小和方向均不变的运动，并且加速度方向和速度方向同向【解答】解：A、平抛运动是加速度为g的匀加速曲线运动，故A错误；B、斜抛运动也是加速度为g的匀
67、加速曲线运动，故B错误；C、匀加速直线运动是加速度大小和方向均不变的运动，加速度恒定，故C正确；D、当加速度方向与速度方向相同时物体做加速运动，所以匀加速直线运动的加速度方向与速度方向相同，故D正确故选：CD【点评】主要考查匀加速直线运动的速度、加速度的关系，属于基本概念的考查53如图是一物体做直线运动的速度时间图象，根据图象，下列计算结果正确的有（）A01 s内的位移是1 mB02 s内的位移是2 mCO1 s内的加速度为零D12 s内的加速度大小为2m/s2【考点】匀变速直线运动的图像【分析】vt图象中的点表示物体在某一时刻的速度，图象的斜率表示物体的加速度；图象与时间轴围成的面积表示物体
68、通过的位移【解答】解：A、01s内物体的位移 x=vt=11m=1m，故A正确；B、02s内的位移为 x=m=1.5m，故B错误；C、O1 s物体做匀速直线运动，故加速度为零，故C正确；D、12 s内的加速度 a=1m/s2，加速度大小为1m/s2故D错误；故选：AC【点评】本题是运动图象的应用，注意图象中点、线、面的含义，并能正确加以应用54关于速度和加速度，下列说法正确的是（）A加速度是描述速度变化快慢的物理量B加速度的方向可能与速度的方向相反C物体的加速度越大，它的速度也一定越大D物体的加速度为零，它的速度也一定为零【考点】加速度【分析】加速度表示物体速度变化的快慢，由物体所受的合力和物
69、体的质量共同决定，与速度没有直接的关系【解答】解：A、加速度表示物体速度变化的快慢故A正确 B、加速度的方向与速度方向相同时做加速运动，相反时做减速运动，故B正确； C、加速度由物体所受的合力和物体的质量共同决定，与速度没有直接的关系，故C错误； D、加速度为零，物体可能处于静止或匀速直线运动，速度不一定为零故C错误 故选AB【点评】本题考查对加速度的理解能力可以根据牛顿第二定律来理解决定加速度的因素，通过举例的方法分析说明55下列属于离心现象的是（）A投出篮球B投掷标枪C用洗衣机脱去湿衣服中的水D旋转雨伞甩掉雨伞上的水滴【考点】离心现象【分析】当物体受到的合力的大小不足以提供物体所需要的向心
70、力的大小时，物体就要远离圆心，此时物体做的就是离心运动【解答】解：A、投出的篮球做斜上抛运动，受到恒力的作用，所以投出的篮球的运动不是离心现象故A错误；B、投掷的标枪做斜上抛运动，受到恒力的作用，所以投出的标枪的运动不属于离心现象，所以B错误；C、脱水桶高速转动时，需要的向心力的大小大于了水和衣服之间的附着力，水做离心运动被从衣服上甩掉，属于离心现象，所以C正确D、通过旋转雨伞来甩干伞上的雨滴，当转动时雨滴所需要的向心力增加，当超过雨伞对雨的吸附力时，雨滴做离心运动故D正确故选：CD【点评】合力大于需要的向心力时，物体要做向心运动，合力小于所需要的向心力时，物体就要远离圆心，做的就是离心运动5
71、6关于做功和功率，下列说法正确的有（）A地面支持力对静止在地面上的物体不做功B举重运动员举起杠铃的过程中对杠铃做了功C在国际单位制中，功率的单位是牛顿D在国际单位制中，功率的单位是瓦特【考点】功率、平均功率和瞬时功率【分析】当在力的方向上有发生的位移时，力就对物体做了功，根据功的定义可以判断，在国际单位制中，功率的单位就是瓦特，简称为瓦【解答】解：A、静止在地面上的物体，由于它的位移是零，所以支持力对物体不做功，故A正确B、杠铃在人的作用下高度升高了，所以人对杠铃做了正功，故B正确C、在国际单位制中，功率的单位是瓦特，简称为瓦，所以C错误，D正确故选：ABD【点评】本题就是对功的定义和公式的考
72、查，掌握好定义就可以了57关于能量和能源，下列表述正确的是（）A能量可以从一种形式转化为另一种形式B能量可以从一个物体转移到另一个物体C能量是守恒的，所以能源永不枯竭D能源在利用过程中有能量耗散，这表明能量不守恒【考点】能源的开发和利用【分析】能量是物质的重要属性之一，它有许多形式，如热能、机械能、光能、电能、核能和化学能等等能源是提供能量的物质资源，地球上有各种各样的能源，如按使用状况分类，有常规能源（包括煤、原油、天然气等），新能源（包括核燃料、地热能、太阳能等）【解答】解：A、根据能量守恒定律，能量可以从一种形式转化为另一种形式，故A正确；B、根据能量守恒定律，能量可以从一个物体转移到另
73、一个物体，故B正确；C、能量与能源不同；能量是守恒的，但随着能量的耗散，能量可以利用的品质会下降，故依然要节约能源，故C错误；D、能源在利用过程中有能量耗散，但能量是守恒的，故D错误；故选：AB【点评】本题关键是区分能量与能源，能量是守恒的，能源是要节约的，不是一个概念58电动机是将电能转化为机械能的设备下列使用了电动机的电器是（）A电风扇B电饭锅C洗衣机D日光灯【考点】磁场对电流的作用；安培力【分析】电风扇、洗衣机都使用了电动机，将电能转化为机械能，电饭锅利用了电流的热效应，将电能转化为内能，日光灯是将电能转化为光能和内能【解答】解：在各电器中，使用了电动机将电能转化为机械能的电器有电风扇、
74、洗衣机故A、C正确，B、D错误故选AC【点评】解决本题的关键知道电风扇、洗衣机都使用了电动机，将电能转化为机械能，电饭锅利用了电流的热效应，将电能转化为内能，日光灯是将电能转化为光能和内能59下列现象中，能表明电和磁有联系的是（）A摩擦起电B两块磁铁相互吸引或排斥C小磁针靠近通电导线时偏转D磁铁插入闭合线圈的过程中，线圈中产生感应电流【考点】法拉第电磁感应定律【分析】电可以生磁，磁也可以生电，磁的本质是电分子电流的有序流动，产生了磁场 从本质上讲，磁场和电场实际上是一种物质的两种不同表现形式【解答】解：A、摩擦起电，仅仅是电荷的转移，与磁场没有关系，故A错误；B、两块磁铁相互吸引或排斥，仅仅是
75、磁场间的相互作用力，与电场没有关联，故B错误；C、小磁针靠近通电导线时，由于通电电线周围存在磁场，所以小磁针会发生偏转，因此这是电与磁的联系，故C正确；D、磁铁插入闭合线圈过程中，线圈中磁通量发生变化，从而产生感应电流，故D正确；故选：CD【点评】交变的电场可以产生交变的磁场，交变的磁场也同意可以产生交变的电场60图是测试热敏电阻R的实验电路图，滑动变阻器已调节到某一适当的值实验中观察到当温度升高时灯更亮对实验现象分析正确的有（）A温度升高，电路中的电流减小B温度升高，电路中的电流增大C温度升高，热敏电阻的阻值增大D温度升高，热敏电阻的阻值减小【考点】常见传感器的工作原理；闭合电路的欧姆定律【分析】热敏电阻在受热时阻值变化，由闭合电路殴姆定律可知电路中的电流变化情况，从而确定灯泡的亮暗程度【解答】解：当温度升高时，电路中的热敏电阻的阻值减小，由闭合电路殴姆定律可知：电路中的电流增大，导致灯泡变亮故选：B