1、新丰中学2016届高三第二次学情调研考试物理试题一、单项选择题本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1A、B两颗人造卫星绕地球做匀速圆周运动，A的运行周期大于B的运行周期，则AA距离地面的高度一定比B的大BA的向心加速度一定比B的大CA的向心力一定比B的大ABDA的运行速率一定比B的大2 两点电荷形成电场的电场线分布如图所示若图中A、B两点处的场强大小分别为EA、EB，电势分别为A、B，则AEABBEAEB，AEB，ABDEAEB，A)，由于B球受到水平风力作用，A环与B球一起向右匀速运动已知细绳与竖直方向的夹角为则下列说法正确的是AB风A风力增大时，轻质绳对B球的拉力
2、保持不变BB球受到的风力F为 C杆对A环的支持力随着风力的增加而不变DA环与水平细杆间的动摩擦因数为 二、多项选择题本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6一物体在xOy平面内从坐标原点开始运动，沿x轴和y轴方向运动的速度v随时间t变化的图象分别如图甲、乙所示，则物体在0-t0时间内A做匀变速运动 B做非匀变速运动C运动的轨迹可能如图丙所示 D运动的轨迹可能如图丁所示xtvxOtvyOt0t0甲xyO乙丁yO丙7回旋加速器在科学研究中得到了广泛应用，其原理如图所示D1和D2是两个中空的半圆形金属盒，置于与盒面垂直的匀
3、强磁场中，它们接在电压为U、周期为T的交流电源上位于D1圆心处的质子源A能不断产生质子（初速度可以忽略），它们在两盒之间被电场加速当质子被加速到最大动能Ek后，再将它们引出忽略质子在电场中的运动时间，则下列说法中正确的是A若只增大交变电压U，则质子的最大动能Ek会变大B若只增大交变电压U，则质子在回旋加速器中运行时间会变短C若只将交变电压的周期变为2T，仍可用此装置加速质子D质子第n次被加速前后的轨道半径之比为AB8如图所示，质量分别为mA、mB的两物块A、B叠放在一起，若它们共同沿固定在水平地面上倾角为的斜面匀速下滑则AA、B间无摩擦力BA、B间有摩擦力，且A对B的摩擦力对B做正功CB与斜面
4、间的动摩擦因数=tanDB对斜面的摩擦力方向沿斜面向上9如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行。初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上滑上传送带，以地面为参考系，v2v1。从小物块滑上传送带开始计时，其v-图像可能的是OiAtiABOiAtiACOiAtiADOiAtiAA三、简答题（每空2分，共计20分）10如图所示，游标卡尺的示数为 cm；螺旋测微器的示数为 mm302535 A B 纸带 C11如图所示为“探究加速度与物体受力与质量的关系”实验装置图。图中A为小车，B为装有砝码的小桶，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50H
5、Z交流电。小车的质量为m1，小桶（及砝码）的质量为m2。a 0 F 甲乙丙（1）下列说法正确的是 。A每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B实验时应先释放小车后接通电源C本实验m2应远大于m1D在用图像探究加速度与质量关系时，应作a-图像（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a- F图像，可能是图中的图线 。(选填“甲”、“ 乙”、“ 丙”)单位：cm2.402.893.39（3）如图所示为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点没有画出。由此可求得小车的加速度大小 m/s2。（结果保留二位有效数字）12一实验小组准备探究某种元件
6、Q的伏安特性曲线，他们设计了如图所示的电路图。请回答下列问题：（1）请将图中的实物连线按电路图补充完整。（2）考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值 （选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值。（3）在电路图中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零。原因可能是图中的 （选填a、b、c、d、e、f）处接触不良。QV 3 15 0.6 3Ab VASRQdcPefa（4）实验测得表格中的7组数据。请在坐标纸上作出该元件的I-U图线。0I/AU/V0.10.20.30.40.50.60.41.60.81.22.02.4（5）为了求元件Q在I-U图线
7、上某点的电阻，甲同学利用该点的坐标I、U，由求得。乙同学作出该点的切线，求出切线的斜率k，由求得。其中 （选填“甲”、“乙”）同学的方法正确。序号电压/V电流/A10.000.0020.400.0230.800.0541.200.1251.600.2062.000.3172.400.44四、计算题本题共5小题，共计69分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位t/sF/N021011450500F13（12分）小明用台秤研究人在升降电梯中的超重与失重现象他在地面上用台秤称得其体重为500N，再将台秤移至电梯内称其
8、体重，电梯从t=0时由静止开始运动到t=11s时停止，得到台秤的示数F随时间t变化的图象如图所示，取g=10m/s2求：（1）小明在0-2s内的加速度大小a1，并判断在这段时间内小明处于超重还是失重状态；（2）在10s-11s内，台秤的示数F3；（3）小明运动的总位移x14. （13分）如图所示，匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd，线圈平面与磁场垂直。已知线圈的匝数N=100，边长ab =1.0m、bc=0.5m，电阻r=1。 磁感应强度B在0-1s内从零均匀变化到0.2T。 在1-5s内从0.2T均匀变化到-0.2T，取垂直纸面向里为磁场的正方向。求: （1）abcdB0.5s时线圈内感应电
9、动势的大小E和感应电流的方向；（2）在15s内通过线圈的电荷量q；（3）在05s内线圈产生的焦耳热Q。15(12分)在距地面80m高的水平面上作匀加速直线运动的飞机上每隔1s依次放下a、b、c三物体，抛出点a、b与b、c间距分别为45m和55m，分别落在水平地面上的A、B、C处。 求：（1）飞机飞行的加速度；（2）刚放下b物体时飞机的速度大小；（3）b、c两物体落地点BC间距离。baFdcfeR16（16分）如图所示，足够长的光滑导轨ab、cd固定在竖直平面内，导轨间距为l，b、c两点间接一阻值为R的电阻。ef是一水平放置的导体杆，其质量为m、有效电阻值为R，杆与ab、cd保持良好接触。整个装
10、置放在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直。现用一竖直向下的力拉导体杆，使导体杆从静止开始做加速度为1.5g的匀加速运动，下降了h高度，这一过程中bc间电阻R产生的焦耳热为Q，g为重力加速度，不计导轨电阻及感应电流间的相互作用。求：（1）导体杆下降到h过程中通过杆的电量；（2）导体杆下降到h时所受拉力F的大小；（3）导体杆下降到h过程中拉力做的功。17（16分）如图所示，在长度足够长、宽度d=5cm的区域MNPQ内，有垂直纸面向里的水平匀强磁场，磁感应强度B=0.33T水平边界MN上方存在范围足够大的竖直向上的匀强电场，电场强度E=200N/C现有大量质量m=6.610-27
11、kg、电荷量q=3.210-19C的带负电的粒子，同时从边界PQ上的O点沿纸面向各个方向射入磁场，射入时的速度大小均为v=1.6106m/s，不计粒子的重力和粒子间的相互作用求：（1）求带电粒子在磁场中运动的半径r；（2）求与x轴负方向成60角射入的粒子在电场中运动的时间t；（3）当从MN边界上最左边射出的粒子离开磁场时，求仍在磁场中的粒子的初速度方向与x轴正方向的夹角范围，并写出此时这些粒子所在位置构成的图形的曲线方程PQvBOMNdxy第16题图E60姓名： 班级 座位号： （必填）新丰中学2016届高三第二次学情调研考试物理答题纸三、简答题（每空2分，共计20分）10 11 (1) (2
12、) (3) 0I/AU/V0.10.20.30.40.50.60.41.60.81.22.02.4QV 3 15 0.6 3A12(1) （4） (2) (3) (5) 四、计算题t/sF/N021011450500F1314abcdB15baFdcfeR16PQvBOMNdxy第16题图E6017新丰中学2016届高三第二次学情调研考试物理答案123456789ACDBCACBDBCABC10. （1）0.22（2分） 3.290（2分）0I/AU/V0.10.20.30.40.50.60.41.60.81.22.02.411（1）D（2分） （2）丙（2分） （3）0.48或0.49（2分
13、）QV 3 15 0.6 3A12. （1）如图（2分）（2）小于（2分）（3）f（2分）（4）如图（2分）（5）甲（2分）13（13分）解：（1）由图象可知，在02s内，台秤对小明的支持力F1=450N由牛顿第二定律定律有 （2分）解得 （1分）加速度方向竖直向下，故小明处于失重状态 （2分）（2） 设在10s11s内小明的加速度为a3，时间为t3，02s的时间为t1，则 （1分）解得 （1分） 由牛顿第二定律定律有 （1分） 解得 （1分）（3）02s内位移 （1分） 2s10s内位移 （1分）10s11s内位移 （1分）小明运动的总位移 （1分）14. 解答：（1）4分（2）4分（3）5
14、分（1）在01s内，磁感应强度B的变化率0.5s时线圈内感应电动势的大小根据楞次定律判断得知，线圈中感应方向为逆时针方向（2）在15s内，磁感应强度B的变化率大小为15s时线圈内感应电动势的大小通过线圈的电荷量为（3）在01s内，线圈产生的焦耳热为在15s内，线圈产生的焦耳热为故在05s内线圈产生的焦耳热Q=Q1+Q2=200J15解： x = aT2 a = x/ T2 =10m/s2 （4分）= = 50m/s （3分） h = t=4s （2分）BC = bc + t t （2分）= bc + ()t= bc + aTt=95m （1分）16（16分）（1）感应电量 （1分）根据闭合电路
15、的欧姆定律 （1分）根据电磁感应定律，得 （2分） （2分）（2）设ef上升到h时，速度为v1、拉力为F，根据运动学公式，得 （1分）根据牛顿第二定律，得 （2分）根据闭合电路的欧姆定律，得 （1分） 综上三式，得 （2分）（3）由功能关系，得 （2分） （2分）17（16分）解：（1）由牛顿第二定律有 （2分）解得 （2分）PQvBOMNxy第16题甲答图E60v30（2）粒子的运动轨迹如图甲所示，由几何关系知，在磁场中运动的圆心角为30，粒子平行于场强方向进入电场 （2分）粒子在电场中运动的加速度 （1分）粒子在电场中运动的时间 （1分）解得 （2分）（3）如图乙所示，由几何关系可知，从MN边界上最左边射出的粒子在磁场中运动的圆心角为60，圆心角小于60的粒子已经从磁场中射出，此时刻仍在磁场中的粒子运动轨迹的圆心角均为60则仍在磁场中的粒子的初速度方向与x轴正方向的夹角范围为3060（3分）所有粒子此时分布在以O点为圆心，弦长0.1m为半径的圆周上 （1分）O2O3PQBOMNxy第16题乙答图606060O1曲线方程为 （R=0.1m，x0.1m） （2分）版权所有：高考资源网()