1、江苏省吴江市青云中学2016届高三下期3月月考化学试卷（苏教版，解析版）1某主族元素原子的第五电子层只有1个电子，其单质和化合物不可能具有的性质是( )A.它的单质仍易被氧化 B.它的化合物熔点较高C.它同氧气反应的产物只有一种 D.它的碳酸盐溶液有明显的碱性【答案】C【解析】该元素为第五周期，第A族的铷，它的金属活泼性比K强；K、Na极易被氧化，则铷更易被氧化，所以A正确。碱金属所形成的化合物为离子化合物，所以熔点高，B也正确。C不正确，铷与氧气反应，生成多种产物RbO2、Rb2O2、RbO2。D正确，Rb2CO3为强碱弱酸盐，在水溶液中易水解，所以有明显碱性。该题选C符合题意2有关CH2C
2、HCN分子的说法正确的是（ ）A3个键，2个键 B5个键，3个键C6个键，2个键 D6个键，3个键【答案】D【解析】试题分析：双键含1个键、1个键，三键含1个键、2个键，其余的单键都是键，所以CH2CHCN分子含6个键，3个键，D项正确。考点：本题考查键和键的判断。3在电子工业中，制印刷电路时，常用氯化铁溶液作为铜的“腐蚀液”，该过程发生的反应为：2FeCl3+Cu=2FeCl2+CuCl2。该反应利用了铜的什么性质()A.氧化性B.还原性C.导电性D.导热性【答案】B【解析】根据上述反应可知铜在上述反应作还原剂，所以上述反应中体现了铜的还原性。4香烟烟雾中含有CO、CO2、SO2、H2O等气
3、体，用无水CuSO4、澄清石灰水、红热CuO、生石灰、品红溶液等试剂可将其一一检出，（设待检气体为G，气体通过每一种试剂时相关物质的吸收均是完全的）检测时使用试剂的正确顺序是 AG BG CG DG【答案】C【解析】略5右图是NaCl、MgSO4的溶解度曲线。下列说法正确的是A只有在t1时，NaCl和MgSO4的溶解度才相等Bt1t2，MgSO4的溶解度随温度升高而减小C在t2时，MgSO4饱和溶液的溶质质量分数最大D把MgSO4饱和溶液的温度从t3降至t2时，有晶体析出【答案】C【解析】试题分析：A根据图像可知在t1、t3时，NaCl和MgSO4的溶解度都相等，错误；B. Bt1t2，MgS
4、O4的溶解度随温度升高而增大，错误；C在t2时，由于MgSO4的溶解度最大，因此此时形成的饱和溶液的溶质质量分数最大，正确；D把MgSO4饱和溶液的温度从t3降至t2时，由于溶解度增大，饱和溶液变为不饱和溶液，因此不可能有晶体析出，错误。点：考查图像方法在表示物质的溶解度随温度改变的变化规律的应用的知识。6下列工业生产中，用石灰石作为原料的是（ ）海水提镁氯碱工业制普通玻璃工业制硫酸制漂白粉冶炼生铁制硅酸盐水泥工业制高纯硅A B C D【答案】A【解析】从海水中提取镁的原料：用石灰石可以制得氧化钙进而得到石灰乳，海水，必需用到石灰石，故正确；氯碱工业的原料是饱和食盐水，用不到石灰石，故错误；制
5、普通玻璃的原料：石英砂、石灰石、纯碱等，必需用到石灰石，故正确；接触法制硫酸的原料：黄铁矿、空气、浓硫酸，无需用到石灰石，故错误；制漂白粉的原料：用石灰石可以制得氧化钙进而得到消石灰，用氯气与消石灰反应得到漂白粉，必需用到石灰石，故正确；冶炼生铁的原料：铁矿石、焦炭、石灰石，必需用到石灰石，故正确；制硅酸盐水泥的原料：石灰石和黏土，必需用到石灰石，故正确；工业制纯硅的原料是C、二氧化硅、氯气和氢气，不用石灰石，故错误故选A【点评】本题考查工业生产的原理以及原料、难度不大，注意基础知识的积累7向恒温恒容密闭容器中加入1molHI，发生下列反应2HI(g)H2(g)+I2(g)，H 0。达到平衡后
6、，往容器中再加入1molHI，有关说法正确的是A平衡不移动，HI平衡转化率不变B平衡向右移动，HI平衡转化率不变C平衡向左移动，HI平衡转化率减小D平衡向右移动，HI平衡转化率增大【答案】B【解析】试题分析：向恒温恒容密闭容器中加入1molHI，发生下列反应2HI(g)H2(g)+I2(g)，H 0。达到平衡后，往容器中再加入1molHI，瞬间HI浓度增大，故平衡正向移动，移动效果等效于两个等效的体系合，合并瞬间HI平衡转化率不变，单位体积内平衡体系微粒总数增多，但该反应反应前后气体体积不变，故平衡不移动，故HI平衡转化率不变，B项正确；本题选B。考点：平衡移动问题。8一定质量的铁和足量的稀硝
7、酸或浓硝酸完全反应，在相同条件下，用排水集气法收集产生的气体。下列叙述一定正确的是硝酸浓度越大，消耗的硝酸越少 生成的Fe(NO3)3的物质的量相同 硝酸浓度越大，产生的气体越少 收集到的气体在相同状况下体积相同A只有 B C D【答案】B【解析】试题分析：、根据方程式一定质量的铁和足量的稀硝酸或浓硝酸完全反应，硝酸浓度越大，消耗的硝酸越多；生成的Fe(NO3)3的物质的量相同；硝酸浓度越大，产生的气体越多；用排水集气法收集收集到的气体都是NO，在相同状况下体积相同，故B正确。考点：本题考查硝酸的性质。9下列与化学反应能量变化相关的叙述正确的是A石油、沼气、天然气、植物油都属于可再生能源B水蒸
8、气变为液态水时放出的能量就是该变化的反应热C应用盖斯定律，可计算某些难以直接测量的反应焓变D同温同压下，H2(g)Cl2(g)=2HCl(g)在光照和点燃条件下的H不同【答案】C【解析】试题分析：石油、天然气、属于不可再生能源，故A项错误；反应热带符号，故B错误；由于焓变与反应的途径无关，应用盖斯定律，可计算某些难以直接测量的反应焓变，故C正确；焓变只与反应体系的始态和终态有关，与反应的途径无关，同温同压下，H2(g)Cl2(g)=2HCl(g)在光照和点燃条件下的H相同，故D错误。考点：本题考查化学反应中的能量变化。10用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是A1 L 1 molL-1
9、的FeCl3溶液中含有NA个Fe3+B标准状况下，22.4 L己烷中共价键数目为19NAC由CO2和O2组成的混合物中共有NA个分子，其中的氧原子数为2NAD常温常压下的33.6 L氯气与27 g铝反应，转移电子数为3NA【答案】C【解析】略11关于化学键的各种叙述中，下列说法正确的是A.在离子化合物里，只存在离子键B.在共价化合物里，一定不存在离子键C.非金属元素之间构成的化合物都不是离子化合物D.由不同种元素组成的多原子分子里，一定只存在极性键【答案】B【解析】A 错误，在离子化合物里，一定存在离子键，也可能存在共价键。B 正确，在共价化合物里，只存在共价键C 错误，非金属元素之间构成的化
10、合物也有离子化合物，例如：氯化铵。D 错误，由不同种元素组成的多原子分子里，一定存在极性键，也可能存在非极性键，例如：过氧化氢。12某矿石由前20号元素中的4种组成，其化学式为WmYnZpXq。X、Y、Z、W分布在三个周期，原子序数依次增大，W、Y为金属元素，X原子的最外层电子数是次外层电子数的3倍，W单质能与冷水剧烈反应，Y、Z原子的最外层电子数之和与X、W原子的最外层电子数之和相等，Y、Z位于同周期，Z单质是一种良好的半导体。下列说法正确的是（ ）A气态氢化物的稳定性：XZB含有1 mol Y的氯化物的水溶液中离子总数为4 mol(不考虑水的电离)CW位于第三周期A族，其原子半径比其他元素
11、的都大D2 mol W单质和1 mol Y单质投入足量的水中会产生2.5 mol气体【答案】D【解析】元素推断题是考查物质结构、元素周期律(表)、元素性质的重要题型，主要考查“位构性”关系和元素化合物知识。X原子的最外层电子数是次外层电子数的3倍，表明X是O元素。Z单质是良好的半导体，表明Z是Si元素。W单质能与冷水剧烈反应，W可能是K或Ca元素，若W是K元素，进一步得出Y原子的最外层电子数为3，且Y为金属元素，可知Y为Al元素；若W是Ca元素，则同理得出Y最外层电数为4，Y不是金属元素，舍去。从而知W为K，Y为Al。2 mol K投入水中产生1 mol气体，1 mol Al与足量的KOH反应
12、产生1.5 mol气体，D正确。13下列共价化合物中，共价键的键能最大的是（ ）AHClBHFCHBrDHI【答案】B【解析】非金属性越强，和氢元素形成的共价键越牢固，氟元素是最强的非金属，所以正确的答案选B。14下列说法正确的是A向0.1molL1氨水中加入适量NH4Cl(s)，则混合液中c(NH4+)与c(NH3H2O)之比增大B25 时，0.1 molL1氨水和0.05 molL1氨水中c(OH)之比是21C0.1 molL1 CH3COOH溶液中，c(CH3COO)c(H+)D向0.1 molL1 KNO3溶液中，滴加稀盐酸至溶液pH=5，此时混合液中c(K+) c(OH),所以c(K
13、+) IO3 Br2 I2（2分）。（5）溶液先无色，后变蓝色，合理给分（2分）【解析】试题分析：（1）KBrO3溶液是强氧化剂，加入KI溶液，能够将碘离子氧化为I2；从含碘物质的物质的量的变化上也可以看出，一定是生成碘单质。 （2）bc过程中，仅有一种元素发生化合价变化，我们从图上可以看出，含碘物质的物质的量并没有发生变化，那一定是别的物质的氧化还原反应了，在这个反应中，除了碘的化合价可以变化外， 也就只有溴元素了，因此反应为：KBrO3KBr6H2SO43Br23H2O3K2SO4（3）当n（KBrO3）=4mol时，体系中对应含碘物质的物质的量小于6mol，也就是说并没有完全转变为负一价
14、的溴，应该是混合物，化学式为KIO3 和I2（4）依据同一反应中，氧化剂氧化性大于氧化产物的氧化性可知：BrO3 IO3 Br2 I2。（5）溶液先无色，后变蓝色，考点：考查氧化还原反应。18某化学兴趣小组用以下装置,以环己醇制备环己烯 (1)制备粗品 将12.5mL环己醇加入试管A中，再加入lmL浓硫酸，摇匀后放入碎瓷片，缓慢加热 至反应完全，在试管C内得到环己烯粗品。导管B除了导气外还具有的作用是_。试管C置于冰水浴中的目的是_。（2)制备精品环己烯粗品中含有环己醇和少量酸性杂质等。加入饱和食盐水，振荡、静置、分层，环己烯在_层(填上或下)，分液后用_ (填入编号)洗涤。 aKMnO4溶液
15、 b稀H2SO4 cNa2CO3溶液再将环己烯按图装置蒸馏，冷却水 从_口进入。蒸馏时要加入生石灰，目的是_。收集产品时，控制的温度应在_左右，实验制得的环己烯精品质量低于理论产量，可能的原因是 。a蒸馏时从70开始收集产品b环己醇实际用量多了c制备粗品时环己醇随产品一起蒸出（3）以下区分环己烯精品和粗品的方法，合理的是_。a用酸性高锰酸钾溶液 b用金属钠 c测定沸点【答案】(1)冷凝防止环己烯挥发(2) 上 , C g 除去水分 83 C(3) b c【解析】（1）因为反应需要加热，为了防止液体沸腾时剧烈跳到，需要碎瓷片防止暴沸。实验中需要及时把环己烯蒸发出来，所以B其冷凝回流的作用。加热时
16、环己醇容易挥发，为了提高原料的利用率，需要通过水浴加热防止环己醇挥发。（2）环己烯的密度小于水且难溶于水，在上层。酸性高锰酸钾溶液具有强氧化性，能氧化环己烯。稀硫酸显酸性，不能除去酸性杂质，所以用饱和碳酸钠溶液洗涤。冷凝管中冷却水的流向和气体的流向是相反的，所以从g口进入。环己烯的沸点是83，所以温度应控制在83左右。环己烯的精品质量偏低，说明粗产品中其他的杂质多，所以可能是制备粗产品时环己醇一同被蒸出。（3）粗产品和精品的区别在于粗产品中含有环己醇，而精品中没有，钠和醇反应，b可以。环己醇的沸点和环己烯的沸点差别较大，c也可以。酸性高锰酸钾溶液具有强氧化性，能氧化环己醇和环己烯，不正确。答案
17、选bc。19（15分）下图是实验室制备氯气并进行一系列相关实验的装置（夹持设备已省略）。（1）制备氯气选用的药品为：漂粉精固体和浓盐酸，相关的化学反应方程式为_。（2）装置B中饱和食盐水的作用是_；同时装置B亦是安全瓶，监测实验进行时C中是否发生堵塞，请写出发生堵塞时B中的现象_。（3）装置C的实验目的是验证氯气是否具有漂白性，为此C中I、II、III依次放入_。abcdI干燥的有色布条干燥的有色布条湿润的有色布条湿润的有色布条II碱石灰硅胶浓硫酸无水氯化钙III湿润的有色布条湿润的有色布条干燥的有色布条干燥的有色布条（4）设计装置D、E的目的是比较氯、溴、碘的非金属性。当向D中缓缓通入一定量
18、氯气时，可以看到无色溶液逐渐变为_色，说明氯的非金属性大于溴。（5）打开活塞，将装置D中少量溶液加入装置E中，振荡。观察到的现象是_。（6）有人提出，装置F中可改用足量的NaHSO3溶液吸收余氯，试写出相应的离子反应方程式_，判断改用NaHSO3溶液是否可行_（填“是”或“否”）。【答案】（15分）（1）Ca(ClO)2 + 4HCl（浓） CaCl2 + 2Cl2+ 2H2O（2分，不写浓字扣1分，不配平不给分）；（2）除去Cl2中的HCl（2分）；B中长颈漏斗中液面上升，形成水柱；（2分）（3）d（2分）；（4）黄（2分）；（5）E中溶液分为两层，上层（苯层、油层或有机层均可）为紫红色（2
19、分）；（6）HSO3 + Cl2 + H2O SO42 + 2Cl + 3H+或4HSO3 + Cl2 SO42 + 2Cl + 3SO2 + 2H2O（2分）；否（1分）【解析】试题分析：（1）漂粉精的主要成分是次氯酸钠，次氯酸钠具有氧化性，和浓盐酸反应发生氧化还原反应生成氯气；（2）浓盐酸具有挥发性，装置B中饱和食盐水的作用是吸收挥发出来的氯化氢气体；如果C中发生堵塞，装置中气体的压强就会增大，B的长颈漏斗中液面就会上升；（3）干燥的氯气没有漂白性，湿润的氯气有漂白性，根据装置C的实验目的是验证氯气是否具有漂白性，由于从饱和食盐水出来的氯气中含有水蒸气，I处只能湿润的有色布条，II干燥氯气
20、，III处验证干燥的氯气是否有漂白性；（4）当向D中缓缓通入一定量氯气时，氯气会置换出溴，溴水呈橙黄色；（5）打开活塞，将装置D中的溶液中含有溴，加入装置E中，会置换出碘，振荡后苯能够萃取碘水中的点呈现紫色；（6）NaHSO3溶液具有还原性，氯气具有氧化性，发生氧化还原反应后生成硫酸钠，氯气本身被还原成氯离子，反应后溶液呈酸性，会与过量的NaHSO3溶液反应放出SO2，污染空气，因此不能用NaHSO3溶液吸收余氯。考点：考查了氯气的制备和性质等相关知识。20高纯MnCO3是制备高性能磁性材料的主要原料。实验室以MnO2为原料制备少量高纯MnCO3的操作步骤如下：（1）制备MnSO4溶液：在烧瓶
21、中（装置见右图）加入一定量MnO2和水，搅拌，通入SO2和N2混合气体，反应3h。停止通入SO2，继续反应片刻，过滤. 写出左边集气瓶的作用 。 石灰乳的作用是: （用化学方程式表示） 写出MnO2和H2SO3反应的离子反应方程式 。反应过程中，为使SO2尽可能转化完全，在通入SO2和N2比例一定、不改变固液投料的条件下，可采取的合理措施有 (选择选项填空)。a缓慢通入混合气体 b快速通入混合气体c控制适当的温度 d高温加热（2）制备高纯MnCO3固体：已知MnCO3难溶于水、乙醇，潮湿时易被空气氧化，100开始分解；Mn(OH)2开始沉淀时pH=7.7。请补充由（1）制得的MnSO4制备高纯
22、MnCO3的操作步骤【实验中可选用的试剂： Ca(OH)2、NaHCO3、Na2CO3、C2H5OH】。 边搅拌边加入Na2CO3，并控制溶液pH7.7； ； 检验SO42-是否被洗涤干净。检验水洗是否合格的方法是 。 用少量C2H5OH洗涤，其目的是 ； 低于100干燥。【答案】(14分)（1）混合SO2和N2 (2分)SO2+ Ca(OH)2= CaSO3+H2O(2分)MnO2+H2SO3=Mn2+SO42-+H2O (2分)ac (2分)（2） 过滤，水洗2 3次；(2分)取最后一次洗涤的滤液少量于试管，加入用盐酸酸化的BaCl2溶液，若无明显现象，说明水洗合格。（2分）乙醇容易挥发，
23、便于低温干燥，防止MnCO3 受潮被氧化，受热分解(2分)【解析】试题分析：（1）左边的集气瓶可以通入二氧化硫和氮气，使之混合。二氧化硫和氢氧化钙反应生成亚硫酸钙，和水，方程式为：SO2+ Ca(OH)2= CaSO3+H2O。因为是制备MnSO4溶液，所以二氧化锰和亚硫酸反应生成硫酸锰和水，离子方程式为：MnO2+H2SO3=Mn2+SO42-+H2O。为了使二氧化硫尽可能完全转化，可以缓慢通入气体，使气体被充分吸收而反应，可以控制适当的温度，加快反应速率，但不能高温加热，否则二氧化硫在水中的溶解度降低，不利于完全反应，所以选ac。（2） 已知MnCO3难溶于水，所以加入碳酸钠后反应生成碳酸
24、锰，过滤，水洗2 3次；检验硫酸根离子是否洗净，可以检验最后一次洗涤液是否含有硫酸根离子，操作方法为：取最后一次洗涤的滤液少量于试管，加入用盐酸酸化的BaCl2溶液，若无明显现象，说明水洗合格。 已知MnCO3难溶于水、乙醇，潮湿时易被空气氧化，乙醇容易挥发，便于低温干燥，防止MnCO3 受潮被氧化，受热分解。考点： 制备实验方案的设计21附加题：已知C6H12O6=2C2H5OH+2CO2（催化剂为酒化酶）现有500吨含淀粉70%的淀粉糊，淀粉水解率为80%，麦芽糖水解率为90%，葡萄糖分解率为85%，（淀粉水解为麦芽糖，麦芽糖水解为葡萄糖。麦芽糖与蔗糖互为同分异构体）问：（1）写出以上水解
25、的化学方程式；（2）可制取含乙醇质量分数为9%的啤酒多少吨？【答案】（8分 ） （1）（C6H10O5）n + nH2OnC12H22O11C12H22O11+ H2O 2C6H12O6 （以上写出条件，各2分）（2）1351.6吨。【解析】试题分析：（1）在催化剂的作用下，淀粉水解生成葡萄糖，麦芽糖水解生成葡萄糖，所以反应的方程式分别是（C6H10O5）n + nH2OnC12H22O11、C12H22O11+ H2O 2C6H12O6。（2）葡萄糖分解生成乙醇，即C6H12O62CH3CH2OH + 2CO2则有关系式（C6H10O5）n 2C2H6O162n 9250070809085
26、9X解得x1351.6吨考点：考查糖类水解以及制备乙醇的有关计算点评：该题是基础性试题的考查，难度不大。侧重对学生基础知识的巩固和训练，旨在培养学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力，有利于培养学生的逻辑推理能力和规范的答题能力。22下列图示中，A为一种常见的单质，B（白色）、C、D、E是含A元素的常见化合物，它们的焰色反应均为黄色。填写下列空白：（1）写出化学式：A ，B 。（2）写出反应的离子方程式： 。（3）写出反应的化学反应方程式： 。【答案】（1）A Na ， B Na2O （各1分）（2）OH+ CO2 = HCO3 。（3）2NaHCO3 Na2CO3H2OCO2【解析】试题分析
27、：A是一种常见单质，其焰色反应为黄色，则A是Na，B、C、D、E是含A元素的常见化合物，Na在O2中燃烧生成B，B为Na2O2，Na和H2O反应生成NaOH和H2，Na2O2和水反应生成NaOH和O2，所以C是NaOH，NaOH和过量CO2反应生成NaHCO3，所以E是NaHCO3，Na2O2和CO2反应生成Na2CO3和O2，NaHCO3分解生成Na2CO3、CO2和水，所以D是Na2CO3，（1）通过以上分析知，A是Na、B是Na2O2，故答案为：Na；Na2O2；（2）NaOH和过量二氧化碳反应生成碳酸氢钠，离子方程式为：CO2+OH-=HCO3-，故答案为：CO2+OH-=HCO3-；
28、（3）在加热条件下，碳酸氢钠分解生成碳酸钠、二氧化碳和水，反应方程式为：2NaHCO3 Na2CO3+CO2+H2O，故答案为：2NaHCO3 Na2CO3+CO2+H2O考点：考查了无机推断的相关知识。23（12分）一种塑料增塑剂G的合成路线如下图。已知A在一定条件下发生消去反应，能得到两种互为同分异构体的产物。试回答：（1）反应类型：AB ；FG 。（2）写出A的结构简式： 。（3）写出化学方程式：DE ；CEF 。（4）C3H6在一定条件下跟HBr反应除D外，还可能生成的另一产物的结构简式是_。（5）A的同分异构体甚多，其中属于酯类化合物的异构体就有酯类同分异构体有_种。【答案】（1）消
29、去反应；加聚反应 （2）CH3CHOHCH2CHO（3）CH3CH2CH2Br+NaOHCH3CH2CH2OH+NaBr；CH3CH2CH2OH +CH3CHCHCOOH CH3CHCHCOOCH2CH2CH3+H2O（4）CH3CHBrCH3 （5）4【解析】试题分析：由G的结构简式可知F为CH3CHCHCOOCH2CH2CH3，B发生银镜反应生成C，C为羧酸，则C为CH3CHCHCOOH，B为CH3CHCHCHO，E为CH3CH2CH2OH，D发生水解反应生成E，丙烯和HBr发生加成反应生成D，则D为CH3CH2CH2Br；A在一定条件下发生消去反应，能得到两种互为同分异构体的产物，应为C
30、H3CHOHCH2CHO。（1）根据以上分析知，反应类型：AB为消去反应；FG加聚反应。（2）A的结构简式为CH3CHOHCH2CHO。（3）D为CH3CH2CH2Br，在碱性条件下发生水解生成E，反应的方程式为CH3CH2CH2Br+NaOHCH3CH2CH2OH+NaBr。C为CH3CHCHCOOH，与E发生酯化反应，反应的方程式为CH3CH2CH2OH +CH3CHCHCOOH CH3CHCHCOOCH2CH2CH3+H2O。（4）C3H6在一定条件下跟HBr反应除D外，还可能生成的另一产物的结构简式是CH3CHBrCH3。（5）A为CH3CHOHCH2CHO，酯类同分异构体有CH3CO
31、OCH2CH3、HCOOCH2CH2CH3、CH3CH2COOCH3、HCOOCH（CH3）2，所以有4种。考点：考查有机物推断、反应类型、同分异构体判断及方程式书写等24有机化学反应因反应条件不同，可生成不同的有机产品。例如：HX + （X为卤素原子）工业上利用上述信息，按下列路线合成结构简式为的物质，该物质是一种香料。请根据上述路线，回答下列问题：（1）A的结构简式可能为_。（2）反应、的反应类型分别为_、_、_。（3）反应的化学方程式为 ： 。（4）工业生产中，中间产物A须经反应得D，而不采取直接转化为D的方法，其原因是_。（5）这种香料具有多种同分异构体，其中某些物质有下列特征：其水溶
32、液遇FeCl3溶液呈紫色 分子中有苯环，且苯环上的一溴代物有两种。写出符合上述条件的物质可能的结构简式（只写两种）：_,_。【答案】（1）（各1分）（2）加成反应，消去反应，取代反应或水解反应；（各1分）（3）；（2分）（4）A中的水解产物中的-OH不在链端，不能氧化成-CHO）；（2分）（5）。（各2分）【解析】试题分析：苯和丙烯在催化剂条件下发生加成反应生成异苯丙烷，异苯丙烷和氯气发生取代反应生成A，A是一氯代物，则支链上取代位置可能是甲基也可能是次甲基，所以A为或，A反应生成B，B发生加成反应生成C，则A发生消去反应生成B，B的结构简式为：，D发生氧化反应生成，则D是，根据转化关系结合B发生加成反应得到C，可反推C的结构简式为，C发生取代反应生成D。（1）根据以上分析，A的结构可能为。（2）为加成反应，为消去反应，为取代反应或水解反应；（3）反应 的方程式为；（4）A中的水解产物中的-OH不在链端，不能氧化成 -CHO；（5）该物质的水容易遇到绿化忒溶液呈紫色，说明含有酚羟基，分子中苯环，且苯环上的一溴代物有两种，则苯环上有2个取代基，且位于对位位置，可能为是酚羟基和-CH2CH=CH2，-CH=CHCH3，-C（CH3）=CH2,或为环丙烷的烃基，所以结构为考点：有机物的推断