1、高考资源网（ ），您身边的高考专家通榆一中2012-2013学年度高二年级期中考试物理试题命题:沈士学 2012年10月18日第I卷(选择题48分)一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共计48分，每小题有多个选项符合题意对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。1关于下列门电路的符号，下列说法中正确的是()A甲为“非”门、乙为“与”门、丙为“或”门B甲为“与”门、乙为“或”门、丙为“非”门C甲为“非”门、乙为“或”门、丙为“与”门D甲为“或”门、乙为“与”门、丙为“非”门2.在具有一定厚度的空心金属球壳的球心位置处放一正电荷，图中的四个图画出了其空间电场的电场线情况，符合实际情况
2、的是 ()3如图所示，三个等势面上有a、b、c、d四点，若将一正电荷由c经a移到d点，电场力做正功W1；若由c经b移到d点，电场力做正功W2，则W1与W2，c、d两点电势c、d关系为()AW1W2，cdBW1W2，cdCW1W2，cd4.如图是某区域的电场线分布。A、B、C是电场中的三个点，下列说法正确的是（ ） A三点中B点场强最强，C点场强最弱B一正点电荷在A处所受电场力的方向就是A点场强方向C三点中B点电势最高D把一负电荷从B点移到C点，电势能减小5.关于电源的电动势，下面说法正确的是（ ）A电源的电动势等于电源两极间的电压B电动势越大的电源，将其它能转化为电能的本领越大C电动势的数值等
3、于内、外电路电压之和D电动势只由电源性质决定与外电路无关6一太阳能电池板，测得它的开路电压(电动势)为800mV，短路电流为40mA，若将该电池板与一阻值为60的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是()A0.10V B0.20VC0.40V D0.60V7有两根不同材料的电阻丝，长度相同，甲的横截面的圆半径及电阻率都是乙的2倍。则（）A把它们并联在电路中，甲、乙消耗的电功率之比是2：1B把它们并联在电路中，甲、乙消耗的电功率之比是1：2C把它们串联在电路中，甲、乙消耗的电功率之比是2：1D把它们串联在电路中，甲、乙消耗的电功率之比是1：28某导体中的电流随其两端电压的变化如右图所示，则下列说
4、法中正确的是()A加5V电压时，导体的电阻约为5B加11V电压时，导体的电阻约为1.4C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小 9如图所示，两个定值电阻R1、R2串联后接在电压U稳定于12V的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，电压表的示数为8V.如果他把电压表改接在R2两端，则电压表的示数将( ). A.小于4VB.等于4VC.大于4V小于8VD.等于或大于8V10用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图)设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为.实验中，极板所带电荷量不变，若(
5、)A保持S不变，增大d，则变大B保持S不变，增大d，则变小C保持d不变，减小S，则变小D保持d不变，减小S，则不变11把6个相同电灯接成如图(甲)、(乙)所示两电路，调节变阻器，两组电灯均能正常发光设(甲)、(乙)两电路消耗的电功率分别为P1、P2，则()AP13P2BP13P2CP13P2 D3P1P212如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是()A电流表读数变小，电压表读数变大B小灯泡L变暗C电容器C上电荷量减小D电源的总功率变小第II卷 (非选择题52分)三、填空题：本题共4小题，共计20分。把答案填在答题纸相应的横线上或按要求作图。13（4分）（1）
6、图甲中游标卡尺的读数是 cm，图乙中螺旋测微器的读数是 mm0510152025乙340100123476010甲cm14多用电表是实验室和生产实验中常用的仪器之一，它具有测量电压、电流及电阻等多种测量功能如图所示是多用电表的内部电路图，在进行电阻测量时，应将开关S拨到_或_两个位置；若测量电压时只有10V到50V两个量程，在测量时选择50V量程，应将开关S拨到_位置；若测量电流时只有25mA和100mA两个量程，在测量时选择25mA量程，应将开关S拨到_位置15在“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中备有下列器材：A小灯泡(3.8 V,1.5 W) B直流电源(电动势4.5 V，内阻约0.4
7、)C电流表(量程0500 mA，内阻约0.5 ) D电压表(量程05 V，内阻约5000 ) E滑动变阻器R1(05 ，额定电流2 A) F滑动变阻器R2(050 ，额定电流1 A)G开关一个，导线若干VE rSA丙AVE rS丁AV甲SE rVSA乙E r如果既要满足测量要求，又要使测量误差较小，应选择如图所示的四个电路中的_，应选用的滑动变阻器是_。16(6分)在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，已连接好部分实验电路(1)按如图甲所示的实验电路，把图乙中剩余的电路连接起来(2)在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于_端(填“A”或“B”)(3)下图是根据实验数
8、据作出的UI图象，由图可知，电源的电动势E_V，内阻r_.三、计算题：本题共4小题，共计32分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。Q1Q2x/cm0617.（6分）如图所示，真空中有两个点电荷Q1=+4.010-8C和Q2=108C，分别固定在x坐标轴的x=0和x=6cm的位置上。试求:（1）x坐标轴上哪个位置的电场强度为0（2）x坐标轴上哪些地方的电场强度方向是沿x方向的?18. (8分)一台电风扇,内阻为20,接上220V电压后,消耗功率为66W，问：电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少?电风扇正常
9、工作时转化为机械能的功率是多少?转化为内能的功率是多少?电动机的效率是多少?如果接上电源后,电风扇的风叶被卡住,不能转动,这时电动机消耗的电功率和发热功率分别是多少?19.（8分）电饭锅工作时有两种状态：一种是锅内的水烧干以前的加热状态，另一种是水烧干后的保温状态。下图是电饭锅的电路图，R1是一个电阻，R2是加热用的电阻丝。（1）自动开关S接通和断开时，电饭锅分别处于哪种状态？说明理由（2）要使R2在保温状态下的功率是加热状态的一半，R1：R2应该是多大？20（10分）如图1所示，真空中有竖直放置的平行金属板A、B和水平放置相距为d的平行金属板C、D，C、D板长为L，A、B板间加有恒定的电压U
10、0，质量为m、电荷量为q的带电粒子从A板静止释放，经AB间的电场加速后进入C、D两板的正中间。在带电粒子进入C、D间的同时，给C、D两板加上如图2所示周期性变化的交变电压，（粒子重力不计）求：(1)带电粒子进入C、D间的速度大小；(2)若此粒子在T/2时间内从C、D间飞出，则飞出时在电场方向的位移是多少？(3)若此粒子从C、D间飞出时恰能以平行于两板的速度飞出，则交变电压U1的取值范围。参考答案1C 2D 3答案：D解析：cad：W1qUcd0，因为q0，所以Ucd0，即cd.cbd：W2qUcd，所以W1W2.故D正确4AB 5BCD 6答案：D解析：r20，UR0.6V.7AD 8AD 9
11、A 10答案：A解析：由C知，当S不变，增大d时，C变小，又电荷量Q不变，再由U知，U变大，夹角变大，A正确，B错误；d不变，减小S时，C变小，U变大，变大，所以C、D错误11答案：B解析：本题答案为B.设每个灯泡正常发光时，其电流为I，则图(甲)中总电流为3I，图(乙)总电流为I，所以，P13IU，P2IU，P13P2，故选B.12答案：C解析：当滑动变阻器滑片P向右移动时，接入电路中的阻值变小，回路的总阻值R总减小，干路电流(I干)增大，电流表读数变大，小灯泡L变亮，而内电压(I干r)增大，故路端电压减小，选项A、B错误；由PEI干得，选项D错误；由UCEI干(rR灯)及qCUC知，选C正
12、确13、（4分）（1） 2.98 （2）5.679、5.680、5.681 均得分（每空2分）14答案：3,4；6；215. 丙R1(或E)16.答案：(1)如图(2)B(3)1.51.0解析：(1)电路连接如图(2)闭合开关前，滑动变阻器接入电路中的阻值应该最大，故滑片应置于B端(3)由图象可知，电源电动势为1.5V，内阻r1.0.17.(6分)（1）设坐标为x处场强为0，x6m (1分) (2分)解得x=12cm或4cm(舍去) (1分)（2）在x坐标轴上（0,6）之间和x12cm的地方的电场强度的方向是沿x方向(2分)18.(8分)用电器总功率是输入电压和电流的乘积,即P=UI (1分)
13、所以I=P/U=66/220A=0.3A (1分)由于电风扇是非纯电阻用电器，输入的总功率一部分转变为机械能，另一部分在电阻上转变为内能.且P=P机+P内.电风扇正常工作时转化为内能的功率是P内= I2R=0.3220W=1.8W (1分)转化为机械能的功率是P机= P-P内=66W-1.8W=64.2W (1分)电动机的效率是=P机/P=64.2/66100%=97.3% (1分)电风扇的风叶被卡住后，通过电风扇的电流为I1=U/R=220/20A=11A (1分)消耗的电功率P1=I1U=11220W=2420W (1分)发热功率P内1= I21R=11220W=2420W (1分)19.
14、（8分）（1）在纯电阻电路中，电功率，电功率P=U2/R，可以知道，S接通时，R1被短路，电阻丝R2的功率最大，电饭锅处于加热状态。S断开时，电路电阻变大，R2上的电压减小，电功率变小，电饭锅处于保温状态。(4分)（2）P=UI=U2/ R2 (1分) P=UI=U2 R2/ (R2+R2) (1分) P= P/2 (1分)解得: R1：R2= (1分)20.(10分)解：（1）带电粒子经A、B加速进入C、D间的过程中，根据动能定理得： (2分) 解得进入C、D间的速度大小为：(1分) （2）粒子在T/2时间内从C、D间飞出时，在C、D间的电压为恒压U1，则粒子在C、D间的运动是类平抛运动，根据运动学规律得： .(1分） .（1分） 当粒子从C、D间飞出时，沿电场方向的位移为： (1)分 （3）带电粒子在沿电场方向做单方向的反复加速、减速运动，每次加速和减速过程中在沿电场方向的位移大小都相等，其大小为： (2分) 欲使粒子恰能以平行于金属板的速度飞出，则应有： (1分) (1分)整理得：(1分)欢迎广大教师踊跃来稿，稿酬丰厚。