1、2016-2017学年吉林省辽源市金鼎高中高二（上）期末数学试卷一、选择题1已知点P1（3，5），P2（1，2），在直线P1P2上有一点P，且|P1P|=15，则P点坐标为（）A（9，4）B（14，15）C（9，4）或（15，14）D（9，4）或（14，15）2已知圆C：（x2）2+（y+1）2=3，从点P（1，3）发出的光线，经x轴反射后恰好经过圆心C，则入射光线的斜率为（）ABCD3抛物线y=x22x3与坐标轴的交点在同一个圆上，则交点确定的圆的方程为（）Ax2+（y1）2=2B（x1）2+（y1）2=4C（x1）2+y2=4D（x1）2+（y+1）2=54一束光线自点P（1，1，1）发出
2、，遇到平面xoy被反射，到达点Q（3，3，6）被吸收，那么光所走的路程是（）ABCD5若1+sinx+cosx=0，则x不可能是（）A任何象限的角B第一、二、三象限的角C第一、二、四象限的角D第一、三、四象限的角6圆弧长度等于圆内接正三角形的边长，则其圆心角弧度数为（）ABCD27若正整数N除以正整数m后的余数为n，则记为N=n（ mod m），例如10=2（mod 4）如图程序框图的算法源于我国古代闻名中外的中国剩余定理执行该程序框图，则输出的n等于（）A20B21C22D238我国古代数学名著数书九章有“米谷粒分”题：粮仓开仓收粮，有人送来米1524石，验得米内夹谷，抽样取米一把，数得25
3、4粒内夹谷28粒，则这批米内夹谷约为（）A1365石B338石C168石D134石9一个游戏转盘上有四种颜色：红、黄、蓝、黑，并且它们所占面积的比为6：2：1：4，则指针停在红色或蓝色的区域的概率为（）ABCD10甲、乙、丙三人站在一起照相留念，乙正好站中间的概率为（）ABCD11为了了解某校高三400名学生的数学学业水平测试成绩，制成样本频率分布直方图如图，规定不低于60分为及格，不低于80分为优秀，则及格率与优秀人数分别是（）A60%，60B60%，80C80%，80D80%，6012下课后教室里最后还剩下2位男同学和2位女同学，四位同学先后离开，则第二位走的是男同学的概率是（）ABCD二
4、、填空题13若角的终边与240角的终边相同，则的终边在第 象限14已知点P，Q为圆C：x2+y2=25上的任意两点，且|PQ|6，若PQ中点组成的区域为M，在圆C内任取一点，则该点落在区域M上的概率为 15已知某一段公路限速60公里/小时，现抽取200辆通过这一段公路的汽车的时速，其频率分布直方图如图所示，则这200辆汽车中在该路段没有超速的有 辆16已知圆O：x2+y2=1，点M（x0，y0）是直线xy+2=0上一点，若圆O上存在一点N，使得，则x0的取值范围是 三、解答题17我国是世界上严重缺水的国家，某市为了制定合理的节水方案，对居民用水情况进行了调查，通过抽样，获得了某年100位居民每
5、人的月均用水量（单位：吨），将数据按照0，0.5），0.5，1），4，4.5分成9组，制成了如图所示的频率分布直方图（I）求直方图中的a值；（II）设该市有30万居民，估计全市居民中月均用水量不低于3吨的人数说明理由；（）估计居民月均用水量的中位数18已知空间直角坐标系Oxyz中的点A（1，1，1），平面过点A且与直线OA垂直，动点P（x，y，z）是平面内的任一点（1）求点P的坐标满足的条件；（2）求平面与坐标平面围成的几何体的体积19已知曲线C：x2+y22x4y+m=0，O为坐标原点（）当m为何值时，曲线C表示圆；（）若曲线C与直线 x+2y3=0交于M、N两点，且OMON，求m的值20已
6、知圆M的圆心为M（1，2），直线y=x+4被圆M截得的弦长为，点P在直线l：y=x1上（1）求圆M的标准方程；（2）设点Q在圆M上，且满足=4，求点P的坐标21在空间直角坐标系中，已知A（3，0，1）和B（1，0，3），试问（1）在y轴上是否存在点M，满足|MA|=|MB|？（2）在y轴上是否存在点M，使MAB为等边三角形？若存在，试求出点M坐标22A、B是单位圆O上的点，点A是单位圆与x轴正半轴的交点，点B在第二象限记AOB=且sin=（1）求B点坐标；（2）求的值23已知锐角，满足：sin=3cos（+）sin，且+（）求证：tan（+）=4tan；（）求tan的最大值24已知直三棱柱AB
7、CA1B1C1中，D，E分别为AA1，CC1的中点，ACBE，点F在线段AB上，且AB=4AF（1）证明：BCC1D；（2）若M为线段BE上一点，试确定M在线段BE上的位置，使得C1D平面B1FM25某中学高三实验班的一次数学测试成绩的茎叶图（图1）和频率分布直方图（图2）都受到不同程度的破坏，可见部分如图所示，据此解答如下问题（1）求全班人数及分数在80，90）之间的频数；（2）计算频率分布直方图中80，90）的矩形的高；（3）若要从分数在80，100之间的试卷中任取两份分析学生的答题情况，在抽取的试卷中，求至少有一份分数在90，100之间的概率2016-2017学年吉林省辽源市金鼎高中高二
8、（上）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题1已知点P1（3，5），P2（1，2），在直线P1P2上有一点P，且|P1P|=15，则P点坐标为（）A（9，4）B（14，15）C（9，4）或（15，14）D（9，4）或（14，15）【分析】由已知得点P在P1P2的延长线上或P2P1的延长线上，故有两解，排除选项A、B，选项C、D中有共同点（9，4），故只需验证另外一点P是否适合|P1P|=15即可【解答】解：由已知得点P在P1P2的延长线上或P2P1的延长线上，故有两解，排除选项A、B，选项C、D中有共同点（9，4），只需验证另外一点P是否适合|P1P|=15若P的坐标为（15，14），则求得
9、|P1P|=15，故选C【点评】本题主要考查定比分点分有向线段成的比的定义，两点间的距离公式，属于基础题2已知圆C：（x2）2+（y+1）2=3，从点P（1，3）发出的光线，经x轴反射后恰好经过圆心C，则入射光线的斜率为（）ABCD【分析】根据反射定理可得圆心C（2，1）关于x轴的对称点D（2，1）在入射光线上，再由点P（1，3）也在入射光线上，利用斜率公式求得入射光线的斜率【解答】解：根据反射定律，圆心C（2，1）关于x轴的对称点D（2，1）在入射光线上，再由点P（1，3）也在入射光线上，可得入射光线的斜率为=，故选：C【点评】本题主要考查反射定理的应用，直线的斜率公式，属于中档题3抛物线y
10、=x22x3与坐标轴的交点在同一个圆上，则交点确定的圆的方程为（）Ax2+（y1）2=2B（x1）2+（y1）2=4C（x1）2+y2=4D（x1）2+（y+1）2=5【分析】由已知抛物线方程求出圆心横坐标，设出圆心纵坐标，由圆心到圆上两点的距离等于圆的半径列式求解【解答】解：抛物线y=x22x3的图象关于x=1对称，与坐标轴的交点为A（1，0），B（3，0），C（0，3），令圆心坐标M（1，b），可得|MA|2=|MC|2=r2，即4+b2=1+（b+3）2=r2，解得b=1，r=圆的轨迹方程为（x1）2+（y+1）2=5故选：D【点评】本题考查抛物线的简单性质，考查数学转化思想方法，是中档
11、题4一束光线自点P（1，1，1）发出，遇到平面xoy被反射，到达点Q（3，3，6）被吸收，那么光所走的路程是（）ABCD【分析】求出P关于平面xoy的对称点的M坐标，然后求出MQ的距离即可【解答】解：点P（1，1，1）平面xoy的对称点的M坐标（1，1，1），一束光线自点P（1，1，1）发出，遇到平面xoy被反射，到达点Q（3，3，6）被吸收，那么光所走的路程是： =故选D【点评】本题考查点关于平面对称点的求法，两点的距离公式的应用，考查计算能力5若1+sinx+cosx=0，则x不可能是（）A任何象限的角B第一、二、三象限的角C第一、二、四象限的角D第一、三、四象限的角【分析】化简方程为1+
12、sinx|sinx|+cosx|cosx|=0，推出，即可确定x所在象限，得到选项【解答】解：由已知得1+sinx|sinx|+cosx|cosx|=0，故x不可能是第一、二、四象限的角故选C【点评】本题是基础题，考查根式的运算，象限角的求法，平分关系式的应用，常考题6圆弧长度等于圆内接正三角形的边长，则其圆心角弧度数为（）ABCD2【分析】等边三角形ABC是半径为 r的圆O的内接三角形，则线AB所对的圆心角AOB=，求出AB的长度（用r表示），就是弧长，再由弧长公式求圆心角弧度数【解答】解：如图，等边三角形ABC是半径为r的圆O的内接三角形，则线AB所对的圆心角AOB=，作OMAB，垂足为M
13、，在 rtAOM中，AO=r，AOM=，AM=r，AB=r，l= r，由弧长公式 l=|r，得，=故选 C【点评】本题考查圆心角的弧度数的意义，以及弧长公式的应用，体现了数形结合的数学思想7若正整数N除以正整数m后的余数为n，则记为N=n（ mod m），例如10=2（mod 4）如图程序框图的算法源于我国古代闻名中外的中国剩余定理执行该程序框图，则输出的n等于（）A20B21C22D23【分析】由已知中的程序框图可知：该程序的功能是利用循环结构计算并输出变量n的值，模拟程序的运行过程，分析循环中各变量值的变化情况，可得答案【解答】解：由已知中的程序框图可知：该程序的功能是利用循环结构计算并输
14、出同时满足条件：被3除余2，被5除余2，最小两位数，故输出的n为22，故选：C【点评】本题考查的知识点是程序框图，当循环的次数不多，或有规律时，常采用模拟循环的方法解答8我国古代数学名著数书九章有“米谷粒分”题：粮仓开仓收粮，有人送来米1524石，验得米内夹谷，抽样取米一把，数得254粒内夹谷28粒，则这批米内夹谷约为（）A1365石B338石C168石D134石【分析】根据254粒内夹谷28粒，可得比例，即可得出结论【解答】解：由题意，这批米内夹谷约为1524=168石，故选：C【点评】本题考查利用数学知识解决实际问题，考查学生的计算能力，比较基础9一个游戏转盘上有四种颜色：红、黄、蓝、黑，
15、并且它们所占面积的比为6：2：1：4，则指针停在红色或蓝色的区域的概率为（）ABCD【分析】指针停在红色或蓝色的概率就是红色或蓝色区域的面积与总面积的比值，计算面积比即可【解答】解：根据题意可知：四种颜色：红、黄、蓝、黑，并且它们所占面积的比依次为6：2：1：4，红色或蓝色的区域占总数的，故指针停在红色或蓝色的区域的概率是故选：B【点评】本题考查几何概率的求法：首先根据题意将代数关系用面积表示出来，一般用阴影区域表示所求事件A；然后计算阴影区域的面积在总面积中占的比例，这个比例即事件A发生的概率10甲、乙、丙三人站在一起照相留念，乙正好站中间的概率为（）ABCD【分析】所有的坐法共有种，乙正好
16、坐中间的坐法有种，由此可得乙正好坐中间的概率【解答】解：所有的坐法共有A种，乙正好坐中间的坐法有A种，由此可得乙正好坐中间的概率为：故选B【点评】本题考查古典概型及其概率计算公式的应用，属于基础题11为了了解某校高三400名学生的数学学业水平测试成绩，制成样本频率分布直方图如图，规定不低于60分为及格，不低于80分为优秀，则及格率与优秀人数分别是（）A60%，60B60%，80C80%，80D80%，60【分析】利用频率分布直方图中的频率等于纵坐标乘以组据求出频率；再利用频数等于频率乘以样本容量求出优秀人数【解答】解：由频率分布直方图得，及格率为1（0.005+0.015）10=10.2=0.
17、8=80%优秀的频率=（0.01+0.01）10=0.2，优秀的人数=0.2400=80故选C【点评】本题考查频率分布直方图中的频率公式：频率=纵坐标组据；频数的公式：频数=频率样本容量12下课后教室里最后还剩下2位男同学和2位女同学，四位同学先后离开，则第二位走的是男同学的概率是（）ABCD【分析】本题是一个等可能事件的概率，试验发生包含的事件是4个同学要第二个离开教室，共有4种结果，满足条件的事件是第二位走的是男同学，共有2种结果，则概率可求本题也可以运用排列组合知识解决，求出四位同学依次离开教室的所有事件数，再求出第二个离开的是男同学的基本事件数，用后者除以前者可得概率【解答】解：法一、
18、由题意知，本题是一个等可能事件的概率，因为试验发生包含的事件是4个同学要第二个离开教室，共有4种结果，满足条件的事件是第二位走的是男同学，共有2种结果，所以根据等可能事件的概率得到P=故选A法二、四位同学依次离开教室的所有事件数为=24，第二个离开的是男同学的基本事件数为所以，下课后教室里最后还剩下2位男同学和2位女同学，四位同学先后离开，则第二位走的是男同学的概率p=故选A【点评】本题考查等可能事件的概率，考查了古典概型及其概率计算公式，实际上本题只要按照有4个人，每一个人在第二位中的概率是相等的，又有2男2女，根据等可能事件的概率得到结果，此题是基础题二、填空题13若角的终边与240角的终
19、边相同，则的终边在第二或四象限【分析】首先表示出，然后可知=120+k180，从而确定所在的象限【解答】解：由题意知，=240+k360，kz，=120+k180，kz故的终边在第二或四象限故答案为：二或四【点评】本题主要考查了象限角，确定出=120+k180是解题的关键14已知点P，Q为圆C：x2+y2=25上的任意两点，且|PQ|6，若PQ中点组成的区域为M，在圆C内任取一点，则该点落在区域M上的概率为【分析】根据直线和圆的位置关系求出平面区域M的图形，利用几何概型的概率公式即可得到结论【解答】解：当|PQ|=6时，圆心到线段PQ的距离d=4此时M位于半径是4的圆上，|PQ|6，PQ中点组
20、成的区域为M为半径为4的圆与半径为5的圆组成的圆环，即16x2+y225，PQ中点组成的区域为M如图所示，那么在C内部任取一点落在M内的概率为=，故答案为：【点评】本题主要考查几何概型的概率计算，根据条件求出相应的区域及其面积是解决本题的关键15已知某一段公路限速60公里/小时，现抽取200辆通过这一段公路的汽车的时速，其频率分布直方图如图所示，则这200辆汽车中在该路段没有超速的有80辆【分析】根据频率分布直方图，得在该路段没有超速的汽车数量的频率，即可求出这200辆汽车中在该路段没有超速的数量【解答】解：根据频率分布直方图，得在该路段没有超速的汽车数量的频率为（0.01+0.03）10=0
21、.4，这200辆汽车中在该路段没有超速的数量为2000.4=80故答案为：80【点评】本题考查了频率分布直方图的应用问题，解题时应会识图，用图，是基础题16已知圆O：x2+y2=1，点M（x0，y0）是直线xy+2=0上一点，若圆O上存在一点N，使得，则x0的取值范围是2，0【分析】过M作O切线交C于R，则OMROMN，由题意可得OMR，|OM|2再根据M（x0，2+x0），|OM|2=x02+y02=2x02 +4x0+4，求得x0的取值范围【解答】解：过M作O切线交C于R，根据圆的切线性质，有OMROMN反过来，如果OMR，则O上存在一点N使得OMN=若圆O上存在点N，使OMN=，则OMR
22、|OR|=1，ORMR，|OM|2又M（x0，2+x0），|OM|2=x02+y02=x02+（2+x0）2=2x02 +4x0+4，2x02+4x0+44，解得，2x00x0的取值范围是2，0，故答案为：2，0【点评】本题主要考查了直线与圆相切时切线的性质，以及一元二次不等式的解法，综合考察了学生的转化能力，计算能力，属于中档题三、解答题17我国是世界上严重缺水的国家，某市为了制定合理的节水方案，对居民用水情况进行了调查，通过抽样，获得了某年100位居民每人的月均用水量（单位：吨），将数据按照0，0.5），0.5，1），4，4.5分成9组，制成了如图所示的频率分布直方图（I）求直方图中的a值
23、；（II）设该市有30万居民，估计全市居民中月均用水量不低于3吨的人数说明理由；（）估计居民月均用水量的中位数【分析】（I）先根据频率分布直方图中的频率等于纵坐标乘以组距求出9个矩形的面积即频率，再根据直方图的总频率为1求出a的值；（II）根据已知中的频率分布直方图先求出月均用水量不低于3吨的频率，结合样本容量为30万，进而得解（）根据频率分布直方图，求出使直方图中左右两边频率相等对应的横坐标的值【解答】解：（I）1=（0.08+0.16+a+0.40+0.52+a+0.12+0.08+0.04）0.5，整理可得：2=1.4+2a，解得：a=0.3（II）估计全市居民中月均用水量不低于3吨的人
24、数为3.6万，理由如下：由已知中的频率分布直方图可得月均用水量不低于3吨的频率为（0.12+0.08+0.04）0.5=0.12，又样本容量=30万，则样本中月均用水量不低于3吨的户数为300.12=3.6万（）根据频率分布直方图，得；0.080.5+0.160.5+0.300.5+0.400.5=0.470.5，0.47+0.50.52=0.730.5，中位数应在（2，2.5组内，设出未知数x，令0.080.5+0.160.5+0.300.5+0.40.5+0.5x=0.5，解得x=0.06；中位数是2+0.06=2.06【点评】本题用样本估计总体，是研究统计问题的一个基本思想方法频率分布直
25、方图中小长方形的面积=组距，各个矩形面积之和等于1，能根据直方图求众数和中位数，属于常规题型18已知空间直角坐标系Oxyz中的点A（1，1，1），平面过点A且与直线OA垂直，动点P（x，y，z）是平面内的任一点（1）求点P的坐标满足的条件；（2）求平面与坐标平面围成的几何体的体积【分析】（1）通过平面过点A且与直线OA垂直，利用勾股定理即可求点P的坐标满足的条件；（2）求出平面与坐标轴的交点坐标，即可利用棱锥的体积公式求出所求几何体体积【解答】解：（1）因为OA，所以OAAP，由勾股定理可得：|OA|2+|AP|2=|OP|2，即3+（x1）2+（y1）2+（z1）2=x2+y2+z2，化简得
26、：x+y+z=3（2）设平面与x轴、y轴、z轴的点分别为M、N、H，则M（3，0，0）、N（0，3，0）、H（0，0，3）所以|MN|=|NH|=|MH|=3，所以等边三角形MNH的面积为： =又|OA|=，故三棱锥0MNH的体积为： =【点评】本题考查空间想象能力，计算能力，转化思想，空间两点距离公式的应用19已知曲线C：x2+y22x4y+m=0，O为坐标原点（）当m为何值时，曲线C表示圆；（）若曲线C与直线 x+2y3=0交于M、N两点，且OMON，求m的值【分析】（）根据曲线方程满足圆的条件求出m的范围即可；（）设M（x1，y1），N（x2，y2），由题意OMON，得到=0，利用平面向
27、量数量积运算法则列出关系式，联立直线与圆方程组成方程组，消去x得到关于y的一元二次方程，根据直线与圆有两个交点，得到根的判别式大于0，求出m的范围，利用韦达定理求出y1+y2与y1y2，由点M（x1，y1），N（x2，y2）在直线x+2y3=0上，表示出x1与x2，代入得出的关系式中，整理即可确定m的值【解答】解：（）由题意可知：D2+E24F=（2）2+（4）24m=204m0，解得：m5；（）设M（x1，y1），N（x2，y2），由题意OMON，得到=0，即x1x2+y1y2=0，联立直线方程和圆的方程：，消去x得到关于y的一元二次方程：5y212y+3+m=0，直线与圆有两个交点，=b2
28、4ac=12245m0，即m+3，即m，又由（）m5，m，由韦达定理：y1+y2=，y1y2=，又点M（x1，y1），N（x2，y2）在直线x+2y3=0上，x1=32y1，x2=32y2，代入式得：（32y1）（32y2）+y1y2=0，即5y1y26（y1+y2）+9=0，将式代入上式得到：3+m+9=0，解得：m=，则m=【点评】此题考查了直线与圆的位置关系，涉及的知识有：根的判别式，直线与圆的交点，韦达定理，平面向量的数量积运算，以及二元二次方程成为圆的条件，熟练掌握运算法则是解本题的关键20已知圆M的圆心为M（1，2），直线y=x+4被圆M截得的弦长为，点P在直线l：y=x1上（1）
29、求圆M的标准方程；（2）设点Q在圆M上，且满足=4，求点P的坐标【分析】（1）求出M（1，2）到直线y=x+4的距离，利用直线y=x+4被圆M截得的弦长为，求出半径，即可求圆M的标准方程；（2）设点Q在圆M上，且满足=4，求出P的轨迹方程与直线y=x1联立，即可求点P的坐标【解答】解：（1）M（1，2）到直线y=x+4的距离为d=，又直线y=x+4被圆M截得的弦长为，所以圆M的半径为r=1，圆M的标准方程为（x+1）2+（y2）2=1（2）由=4，得|=4|=4，所以点P在圆（x+1）2+（y2）2=16上，又点P在直线y=x1上，联立解得或，即点P的坐标为（1，2）或（3，2）【点评】本题考
30、查圆的方程，考查直线与圆的位置关系，考查学生的计算能力，属于中档题21在空间直角坐标系中，已知A（3，0，1）和B（1，0，3），试问（1）在y轴上是否存在点M，满足|MA|=|MB|？（2）在y轴上是否存在点M，使MAB为等边三角形？若存在，试求出点M坐标【分析】（1）若能求出y轴上点M满足|MA|=|MB|，则问题得到解决，故可先假设存在，设出点M（0，y，0），由|MA|=|MB|，建立关于参数y的方程，求y，若y值存在，则说明假设成立，在y轴上 存在点M，满足|MA|=|MB|，否则说明不存在（2）由（1）知，MAB为等腰三角形，若能证明|MA|=|AB|则可以说明存在点M，使MAB为
31、等边三角形，故可令|MA|=|AB|建立方程求y，若y值存在，则说明存在，否则说明不存在【解答】解：（1）假设在y轴上存在点M，满足|MA|=|MB|因M在y轴上，可设M（0，y，0），由|MA|=|MB|，可得，显然，此式对任意yR恒成立这就是说y轴上所有点都满足关系|MA|=|MB|所以存在无数点M，满足|MA|=|MB|（2）假设在y轴上存在点M，使MAB为等边三角形由（1）可知，y轴上任一点都有|MA|=|MB|，所以只要|MA|=|AB|就可以使得MAB是等边三角形因为|MA|=于是，解得故y轴上存在点M使MAB等边，M坐标为（0，0），或（0，0）【点评】本题考点是点、线、面间的距
32、离计算，考查用两点距离公式判断点M的存在性问题其规律是假设存在，建立相关等式，求解，若能解出则说明假设成立，否则说明假设的对立面成立在存在性问题的判断中，常用这一思路来解决问题学习时应好好体会其中的逻辑关系以及此方法适应的范围22A、B是单位圆O上的点，点A是单位圆与x轴正半轴的交点，点B在第二象限记AOB=且sin=（1）求B点坐标；（2）求的值【分析】（1）根据角的终边与单位交点为（cos，sin），结合同角三角函数关系和sin=，可得B点坐标；（2）由（1）中结论，结合诱导公式化简，代入可得答案【解答】解：（1）点A是单位圆与x轴正半轴的交点，点B在第二象限设B点坐标为（x，y），则y=
33、sin=x=，即B点坐标为：（2）=【点评】本题考查的知识点是同角三角函数基本关系的运用，诱导公式，难度不大，属于基础题23已知锐角，满足：sin=3cos（+）sin，且+（）求证：tan（+）=4tan；（）求tan的最大值【分析】（）根据sin=sin（+）=3cos（+）sin，展开化简可得要证的等式成立（）由：tan（+）=4tan，可得tan=，再利用基本不等式求得它的最大值【解答】解：（）证明：sin=sin（+）=3cos（+）sin，即 sin（+）coscos（+）sin=3cos（+）sin，即 sin（+）cos=4cos（+）sin，所以：tan（+）=4tan 成立
34、（）由：tan（+）=4tan，化简得：tan=，tan的最大值为，当且仅当tan=时取到【点评】本题主要考查两角和差的三角公式、同角三角函数的基本关系、基本不等式的应用，属于基础题24已知直三棱柱ABCA1B1C1中，D，E分别为AA1，CC1的中点，ACBE，点F在线段AB上，且AB=4AF（1）证明：BCC1D；（2）若M为线段BE上一点，试确定M在线段BE上的位置，使得C1D平面B1FM【分析】（1）先证明AC面BCE，进而ACBC，进而得到BC面ACC1，可得BCC1D；（2）连结AE，在BE上取点M，使BE=4ME，连结FM，B1M，FB1，可得此时C1D平面B1FM【解答】证明：
35、直三棱柱可知CC1平面ABC，AC平面ABC，CC1AC，又ACBE，CC1BE=E，CC1平面BCE，BE平面BCE，AC面BCE，故ACBC，又在直三棱柱中，CC1BC，ACCC1=C，AC平面ACC1，CC1平面ACC1，故BC面ACC1，C1D在平面ACC1内，BCC1D解：（2）连结AE，在BE上取点M，使BE=4ME，连结FM，B1M，FB1，在BEA中，由BE=4ME，AB=4AFMFAE，又在面AA1C1C中，C1E=AD且C1EAD，C1DAE，又MFAE，C1DMF，C1D/平面B1FM，FM平面B1FM，C1D平面B1FM【点评】本题考查的知识点焊 是直线与平面平行的判定
36、，空间中直线与直线之间的位置关系，难度中档25某中学高三实验班的一次数学测试成绩的茎叶图（图1）和频率分布直方图（图2）都受到不同程度的破坏，可见部分如图所示，据此解答如下问题（1）求全班人数及分数在80，90）之间的频数；（2）计算频率分布直方图中80，90）的矩形的高；（3）若要从分数在80，100之间的试卷中任取两份分析学生的答题情况，在抽取的试卷中，求至少有一份分数在90，100之间的概率【分析】（1）根据分数在50，60）的频率为0.00810，和由茎叶图知分数在50，60）之间的频数为2，得到全班人数最后根据差值2527102求出分数在80，90）之间的频数即可（2）分数在80，9
37、0）之间的频数为4，做出频率，根据小长方形的高是频率比组距，得到结果（3）本题是一个等可能事件的概率，将分数编号列举出在80，100之间的试卷中任取两份的基本事件，至少有一份在90，100之间的基本的事件有9个，得到概率【解答】解：（1）由茎叶图可知，分数在50，60）之间的频数为2，频率为0.00810=0.08，所以全班人数为（人） 故分数在80，90）之间的频数为n1=2527102=4（2）分数在80，90）之间的频数为4，频率为所以频率分布直方图中80，90）的矩形的高为（3）用a，b，c，d表示80，90）之间的4个分数，用e，f表示90，100之间的2个分数，则满足条件的所有基本事件为：（a，b），（a，c），（a，d），（a，e），（a，f），（b，c），（b，d），（b，e），（b，f），（c，d），（c，e）（c，f），（d，e），（d，f），（e，f）共15个，其中满足条件的基本事件有：（a，e），（a，f），（b，e），（b，f），（c，e）（c，f），（d，e），（d，f），（e，f）共9个 所以至少有一份分数在90，100之间的概率为【点评】本题考查频率分步直方图和等可能事件的概率，本题解题的关键是在列举时要做到不重不漏，本题是一个基础题2017年7月12日